2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；平行板電容器保持與直流電源兩極連接，電子由靜止開始從A板向B板運動，當?shù)竭_B板時速度為v，則（）

A.當增大兩板間距離后；電容器電量Q變大，v也增大。

B.當減小兩板間距離后；電容器電量Q變大，v也增大。

C.當增大兩板間距離后；電容器電量Q變小，v保持不變。

D.當增大兩板間距離后；電容器電量Q變小，v也變小。

2、如圖；在水平放置的已經(jīng)充電的平行板電容器之間，有一帶負電的油滴處于靜止狀態(tài)．若某時刻油滴的電荷量開始減?。ㄓ偷钨|(zhì)量不變），為維持該油滴原來的靜止狀態(tài)，則（）

A.給平行板電容器充電補充電荷量。

B.讓平行板電容器放電減少電荷量。

C.使兩極板相互遠離些。

D.使兩極板相互錯開些。

3、帶電粒子進入云室會使云室中的氣體電離，從而顯示其運動軌跡，如圖是在有勻強磁場的云室中觀察到的粒子的軌跡，a和b是軌跡上的兩點，勻強磁場B垂直紙面向里。該粒子在運動時，其質(zhì)量和電荷量保持不變，而動能逐漸減少。下列說法正確的是()A.粒子先經(jīng)過a點，再經(jīng)過b點B.粒子先經(jīng)過b點，再經(jīng)過a點C.粒子帶負電D.粒子帶正電4、有一帶電量為+q，質(zhì)量為m的帶電粒子，沿如圖所示的方向，從A點沿著與邊界夾角300、并且垂直磁場的方向，進入到磁感應強度為B的勻強磁場中，已知磁場的上部沒有邊界，若離子的速度為v，則該粒子離開磁場時，距離A點的距離（）A.B.C.D.5、如圖所示，活塞質(zhì)量為m

缸套質(zhì)量為M

通過彈簧吊放在地上，汽缸內(nèi)封住一定質(zhì)量的空氣，缸套與活塞無摩擦，活塞截面積為S

大氣壓強為p0

則(

)

A.汽缸內(nèi)空氣的壓強等于p0+Mg/S

B.汽缸內(nèi)空氣的壓強等于p0鈭?mg/S

C.內(nèi)外空氣對缸套的作用力為(M+m)g

D.內(nèi)外空氣對活塞的作用力為mg

6、邏輯電路的信號有兩種狀態(tài)：一是高電位狀態(tài)；用“1”表示；另一種是低電位狀態(tài)，用“0”表示．關于這里的“1”和“0”下列說法正確的是（）

A.“1”表示電壓為1V；“0”表示電壓為0V

B.“1”表示電壓為大于或等于1V；“0”表示電壓一定為0V

C.“1”和“0”是邏輯關系的兩種可能的取值；不表示具體的數(shù)值。

D.“1”表示該點與電源的正極相連；“0”表示該點與電源的負極相連。

7、為了使測量結(jié)果更精確可以采取的辦法是()．A.多次測量取平均值B.插針間距適當大些C.插針間距盡量小些D.入射角盡量大些8、P點為點電荷+Q的電場中的某點。若將電荷量為q的試探電荷放在P點，該試探電荷受到的電場力是F．下列說法正確的是（）A.若將電荷量為2q的試探電荷放在P點，P點的場強大小為B.若將電荷量為2q的試探電荷放在P點，P點的場強大小為C.若將電荷量為2q的試探電荷放在P點，P點的場強大小為D.若將放在P點的試探電荷取走，則P點的場強為零9、在電場強度大小為E的勻強電場中，將一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球由靜止開始釋放，帶電小球沿與豎直方向成θ角的方向做直線運動，關于帶電小球的電勢能ε和機械能W的判斷，正確的是（）A.若則ε一定減少，W一定增加B.若則ε、W一定不變C.若則ε一定增加，W一定減小D.若則ε可能増加、也可能減少，但ε與W的總和一定保持不變評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、（1）一質(zhì)點作簡諧運動的位移-時間圖象如圖一所示，則位移隨時間變化的關系式為____．

（2）一列橫波在某一時刻的波形如圖二所示，已知此時刻P質(zhì)點的振動方向為y軸正向，則波的傳播方向是____（填“x軸正向”或“x軸負向”），若波速為24m/s，在傳播過程中，從該時刻起，質(zhì)點P在1s內(nèi)，經(jīng)過的路程為____．

（3）以下關于波的幾種說法中正確的是____．

A．波遇到障礙物時；一定會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象。

B．兩列水波發(fā)生干涉時；如果兩列波的波峰在P點相遇，質(zhì)點P的位移始終最大。

C．水波從深水區(qū)傳到淺水區(qū)后傳播方向朝法線偏折；說明淺水區(qū)水波傳播速度較大。

D．“彩超”利用反射波的頻率變化；測出血流的速度，這是利用了多普勒效應．

11、物體的質(zhì)量越大，慣性越______（填“大”或“小”），與物體的運動狀態(tài)______（填“無關”或“有關”）．12、小汽艇在靜水中的速度為4m/s

河水流速是3m/s

河寬40m

當小汽艇船頭垂直于河岸航行時，小汽船的速度為______m/s

渡河所用的時間為______s.

13、深圳屬雷雨多發(fā)地，每年4~8月尤甚。2012年8月19日，梧桐山風景區(qū)大梧桐頂鵬城第一峰附近發(fā)生了登山游客遭雷擊事件，導致1死1重傷。據(jù)目擊者介紹：走在前面的一位女士突然倒地，頭發(fā)和衣服都燒沒了。此外，還有一名女子也被雷電擊中倒地，而當時在場的人均有被雷電擊中后麻麻的感覺。事后專業(yè)人士介紹，雷電的形成是云中帶有大量的靜電，形成很大的電場把空氣擊穿而發(fā)生放電，而電場強度超過3.0×106V/m時空氣就會被擊穿，此次產(chǎn)生閃電時，烏云離山頂?shù)木嚯x為240m，則此時烏云與山頂間的電勢差至少為V。14、用雙縫干涉測光的波長．實驗裝置如圖（甲）所示，已知單縫與雙縫間的距離L1=100mm，雙縫與屏的距離L2=700mm；雙縫間距d=0.25mm．用測量頭來測量亮紋中心的距離．測量時用某種單色光照射雙縫得到干涉圖象．

（1）分劃板在圖中A位置時，手輪上的讀數(shù)x1=2.170mm，分劃板在圖中B位置時如圖（乙）所示，手輪上的讀數(shù)x2=______mm

（2）寫出計算波長λ的表達式，λ=______（用題中符號表示），代入上數(shù)值可算出λ=______nm．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共2題，共18分)24、兩個氘核發(fā)生了如下反應：H+H→He+n；已知反應過程中放出的核能為3.26MeV（已知1u對應的能量為931.5MeV）

（1）計算上述反應過程中的質(zhì)量虧損；

（2）若反應是兩個氘核以0.17MeV的動能相向?qū)π呐鲎苍斐傻?；并且釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為氦核和中子的機械能，求反應中產(chǎn)生的氦核和中子的動能．

25、一水銀氣壓計中混進了空氣；因而在27℃，外界大氣壓為758毫米汞柱時，這個水銀氣壓計的讀數(shù)為738毫米汞柱，此時管中水銀面距管頂80毫米，當溫度降至-3℃時，這個氣壓計的讀數(shù)為743毫米汞柱，求此時的實際大氣壓值為多少毫米汞柱？

評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共16分)26、在“油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，先用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時的滴數(shù)，由此計算出一滴油酸酒精溶液的體積。之后有下列實驗步驟：壟脵

往邊長約為40cm

的淺盤里倒入約2cm

深的水。待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上。壟脷

用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定。壟脹

將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標紙上，計算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計算出油酸分子直徑的大小。壟脺

將玻璃板放在淺盤上，然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上。完成下列填空：(1)

上述步驟中，正確的順序是_____。(

填寫步驟前面的數(shù)字)

(2)

油酸酒精溶液的濃度為每1000ml

溶液中有純油酸0.2ml

用注射器測得1mL

上述溶液有80

滴，測得油酸膜的近似輪廓如圖所示，圖中正方形小方格的邊長為1cm(

保留2

位有效數(shù)字)

求：壟脵

油酸膜的面積是______m2

．壟脷

根據(jù)上述數(shù)據(jù)，估測出油酸分子的直徑是______m

．壟脹

某同學在本實驗中，計算結(jié)果明顯偏小，可能是由于()

A.油酸未完全散開B.油酸中含有大量酒精C.計算油膜面積時舍去了所有不足一格的方格D.在向量筒中滴入1mL

油酸酒精溶液時，滴數(shù)多數(shù)了10

滴27、要測量兩個質(zhì)量不等的沙袋的質(zhì)量；由于沒有直接的測量工具，某實驗小組選用下列器材：輕質(zhì)定滑輪(

質(zhì)量和摩擦可忽略)

砝碼一套(

總質(zhì)量m=0.5kg)

細線、刻度尺、秒表.

他們根據(jù)已學過的物理學知識，改變實驗條件進行多次測量，選擇合適的變量得到線性關系，作出圖線并根據(jù)圖線的斜率和截距求出沙袋的質(zhì)量.

請完成下列步驟．

(1)

實驗裝置如圖所示；設左右兩邊沙袋AB

的質(zhì)量分別為m1m2

(2)

取出質(zhì)量為m隆盲

的砝碼放在右邊沙袋中；剩余砝碼都放在左邊沙袋中，發(fā)現(xiàn)A

下降，B

上升；

(3)

用刻度尺測出A

從靜止下降的距離h

用秒表測出A

下降所用的時間t

則可知A

的加速度大小a=

______；

(4)

改變m隆盲

測量相應的加速度a

得到多組m隆盲

及a

的數(shù)據(jù)，作出______(

選填“a鈭?m隆盲

”或“a鈭?1m鈥?

”)

圖線；

(5)

若求得圖線的斜率k=4m/(kg?s2)

截距b=2m/s2

則沙袋的質(zhì)量m1=

______kgm2=

______kg

．評卷人得分六、簡答題(共1題，共6分)28、孔雀石主要含rm{Cu_{2}(OH)_{2}CO_{3}}還含少量rm{Fe}rm{Si}的化合物。實驗室以孔雀石為原料制備rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}及rm{CaCO_{3}}步驟如下：請回答下列問題：rm{壟脜}溶液rm{A}的金屬離子有rm{Cu^{2+}}rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}從下列所給試劑中選擇：實驗步驟中試劑rm{壟脵}為____rm{(}填代號rm{)}檢驗溶液rm{A}中rm{Fe^{3+}}的最佳試劑為____rm{(}填代號rm{)}rm{a.KMnO_{4}}rm{b.(NH_{4})_{2}S}rm{c.H_{2}O_{2}}rm{d.KSCN}rm{壟脝}由溶液rm{C}獲得rm{CuSO_{4}隆隴5H_{2}O}需要經(jīng)過加熱蒸發(fā)、____、過濾等操作。除燒杯、漏斗外，過濾操作還用到另一玻璃儀器，該儀器在此操作中的主要作用是____。rm{壟脟}制備rm{CaCO_{3}}時，應向rm{CaCl_{2}}溶液中先通入rm{(}或先加入rm{)}____rm{(}填化學式rm{)}其原因是____。rm{壟脠Fe(OH)_{3}}在水溶液中存在著沉淀溶解平衡，在常溫下rm{K}rm{{,!}_{sp}=4隆脕10^{-39}}常溫下濾液rm{C}的rm{pH=4}其中殘留的rm{Fe^{3+}}的濃度為____。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】

當增大兩板間距離后，根據(jù)C=得電容減?。黄叫邪咫娙萜鞅３峙c直流電源兩極連接，電壓不變；

所以通過Q=CU得出電容器電量Q變??；

根據(jù)動能定理研究電子由靜止開始從A板向B板運動列出等式：

Uq=mv2

v=所以當增大兩板間距離時，v不變；

故選C．

【解析】【答案】平行板電容器保持與直流電源兩極連接，電壓不變，根據(jù)C=判斷電容的變化；通過Q=CU判斷電量的變化；

根據(jù)動能定理列出等式判斷到達B板時速度的變化．

2、A|D【分析】

A、給平行板電容器繼續(xù)充電，電量增大，電容不變，根據(jù)U=知電勢差U增大，根據(jù)E=知電場強度E增大，油滴的電荷量減小，則由F=qE知，油滴所受的電場力仍能與重力平衡，油滴能保持靜止．故A正確．

B、讓電容器放電，電量減小，電容不變，根據(jù)U=知電勢差減小，根據(jù)E=知電場強度減?。姾傻碾娏繙p小，電場強度也減小，則電場力減小，電荷不能平衡．故B錯誤．

C、因為U=C=所以電場強度E===則E與電容器兩極板間的距離無關，所以電容器兩極板遠離時，電場強度不變，電荷的電量減小，則電場力減小，電荷不能平衡．故C錯誤．

D、使兩極板相互錯開些，兩極板正對面積減小，電容減小，電量不變，則由U=知電勢差U增大，根據(jù)E=知電場強度增大．故D正確．

故選AD．

【解析】【答案】油滴原來受重力和電場力處于平衡狀態(tài)；即mg=qE．某時刻油滴的電荷量開始減小（質(zhì)量不變），為維持該油滴原來的靜止狀態(tài)，則電場的電場強度必須增大．根據(jù)電容器的動態(tài)分析，判斷E的變化，從而確定能否保持靜止．

3、A|C【分析】【解析】試題分析：由可知，粒子動能減小，半徑減小，所以粒子是由a點運動到b點，曲線運動中合外力的方向指向曲線的凹側(cè)，再由左手定則可知該粒子帶負電，AC正確考點：考查帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)【解析】【答案】AC4、A【分析】試題分析：帶電粒子將在磁場中做勻速圓周運動，粒子從O點離開磁場，如圖所示：由對稱性，OA所對應的圓心角為600，如圖所示。由得OA間的距離所以選項A正確?？键c：洛侖茲力勻速圓周運動【解析】【答案】A5、A【分析】略【解析】A

6、C【分析】

A；“1”表示高電壓而不是具體電壓1V；“0”表示低電壓而不是具體電壓0V，故A錯誤。

B；同上可知；B錯誤。

C；“1”和“0”是邏輯關系的兩種可能的取值；不表示具體的數(shù)值，故C正確。

D；“1”表示高電壓而不是與電源的正極相連；“0”表示低電壓而不是與電源的負極相連，故D錯誤。

故選C

【解析】【答案】邏輯電路的信號有兩種狀態(tài)：一是高電位狀態(tài)；用“1”表示；另一種是低電位狀態(tài)，用“0”表示；“1”和“0”是邏輯關系的兩種可能的取值，不表示具體的數(shù)值．

7、A|B【分析】本實驗用插針法測玻璃的折射率，插大頭針時應盡量把它們插直，且保持較大距離，以減小所畫光線的誤差，多次測量取平均值是減小實驗偶然誤差的最常用辦法，A、B對，C錯．為減小實驗誤差，入射角適量大些，但不要太大，D錯．【解析】【答案】AB8、A【分析】解：ABC、根據(jù)電場強度的定義式E=得P點的場強；E=場強由電場本身決定，與有無試探電荷無關，故A正確，BC錯誤。

D；場強由電場本身決定；與有無試探電荷無關，所以無試探電荷，該點的場強不變，故D錯誤。

故選：A。

根據(jù)電場強度的定義式E=確定P點電場強度的大小，利用場強由電場本身決定，與試探電荷無關。

明確場強的定義式和點電荷的場強公式的意義是解題的關鍵，知道場強由電場本身決定，與試探電荷無關?！窘馕觥緼9、B【分析】解：A、若sinθ＜電場力可能做正功，也可能做負功，所以ε可能減小也可能增大；W可能增大也可能減小。故A錯誤。

BC、若sinθ=則電場力與速度方向垂直，電場力不做功，ε；W一定守恒。故B正確C錯誤。

D、若tanθ=電場力沿水平方向，據(jù)題知，電場力和重力的合力與速度方向同向，電場力做正功，ε一定減少，根據(jù)能量守恒知，電勢能和機械能之和保持不變，故D錯誤。

故選：B。

根據(jù)電場力做功判斷帶電小球電勢能的變化；結(jié)合除重力以外其它力做功得出機械能的變化。

本題關鍵是分析電場力與合力方向的夾角，來判斷電場力做功正負，確定電勢能和機械能的變化?！窘馕觥緽二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】

（1）由圖知，周期T=4s，則圓頻率ω=振幅A=0.02m，則位移隨時間變化的關系式為x=Acosωt=0.02cos（m）=0.02cosm

（2）此時刻P質(zhì)點的振動方向為y軸正向；波形向左平移，則波的傳播方向是x軸負向．

由圖知，波長λ=12m，則周期為T==s=0.5s

所給時間t=1s=2T；而質(zhì)點做簡諧運動時，一個周期內(nèi)通過的路程是4A，則在1s內(nèi)質(zhì)點P通過的路程是S=2A=2×2cm=4cm．

（3）A；只有當波長大于障礙物的尺寸或與障礙物差不多時；才能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象．故A錯誤．

B；兩列水波發(fā)生干涉時；如果兩列波的波峰在P點相遇，質(zhì)點P的振動加強，振幅增大，但P點仍振動，位移仍在周期性變化，故B錯誤．

C；水波從深水區(qū)傳到淺水區(qū)后傳播方向朝法線偏折；淺水區(qū)水波傳播速度較小．故C錯誤．

D；當觀察者與波源的距離發(fā)生變化時；觀察者接收到的波的頻率發(fā)生改變現(xiàn)象叫多普勒效應，“彩超”利用反射波的頻率變化，測出血流的速度，就利用了多普勒效應．故D正確．

故選D

故答案為：

（1）m．

（2）x軸負向；4cm

（3）D

【解析】【答案】（1）如圖，簡諧運動的位移圖象是余弦形，讀出周期T和振幅A，由x=Acos（）寫出位移表達式．

（2）根據(jù)波形平移法判斷波的傳播方向．由圖讀出波長，由波速公式v=求出該波的周期；根據(jù)給定的時間1s與周期的關系，分析和計算質(zhì)點P在1s內(nèi)通過的路程．

（3）根據(jù)波的特有現(xiàn)象：衍射；干涉、多普勒效應等等的條件、特征、現(xiàn)象和規(guī)律進行分析．

11、略

【分析】解：慣性是物體的固有屬性；它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)；

慣性大小與物體的質(zhì)量有關；物體的質(zhì)量越大，慣性越大，與物體的運動狀態(tài)無關．

故答案為：大；無關。

慣性是物體的固有屬性；它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關，質(zhì)量越大，慣性越大．

本題考查了學生對慣性和影響慣性大小的因素，屬于基礎題目．【解析】大；無關12、略

【分析】解：當靜水速與河岸垂直時，合速度的大小v=vs2+vc2=32+42m/s=5m/s

．

船的渡河時間t=dvc=404s=10s

．

故答案為：510

．

根據(jù)平行四邊形定則求出當靜水速與河岸垂直時；合速度的大小，并根據(jù)幾何關系求出合速度的方向．

解決本題的關鍵知道合速度與分速度遵循平行四邊形定則．【解析】510

13、略

【分析】【解析】試題分析：空氣被擊穿是的電場視為勻強電場，由得考點：勻強電場電勢差的計算【解析】【答案】14、略

【分析】解：（1）圖乙中螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為7.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×37.0mm=0.370mm，則最終讀數(shù)為：x2=7.5mm+0.370mm=7.870mm．

（2）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=得：λ=

由題得：相鄰亮紋的間距△x=L=L2；則得：

計算波長λ的表達式λ=

由題意有：L2=700mm=0.7m，d=0.25mm=2.5×10-4，x1=2.170mm=2.170×10-3m

代入上式得：λ=m=5.09×10-7m=509nm

故答案為：（1）7.870；（2）509．

（1）手輪上螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；需估讀到0.001mm．

（2）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△x=求出波長的表達式；再代入數(shù)據(jù)求出波長．

解決本題的關鍵掌握“用雙縫干涉測光的波長”的實驗原理：△x=以及掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法．【解析】7.870；509三、判斷題(共9題，共18分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．16、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?9、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹⒔獯痤}(共2題，共18分)24、略

【分析】

（1）由質(zhì)能方程得△E=△mc2

得△m=u=0.0035u

（2）生成的氦核和中子動量大小相等即

根據(jù)題意有2Ek+△E=Ek1+Ek2=3.6Mev

解得Ek1=0.9MeVEk2=2.7MeV．

答：（1）上述反應過程中的質(zhì)量虧損為0.0035u．

（2）反應中產(chǎn)生的氦核和中子的動能分別為0.9MeV；2.7MeV．

【解析】【答案】（1）根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求出反應過程中的質(zhì)量虧損．

（2）根據(jù)動量守恒定律求出反應后氦核和中子的動能之比；結(jié)合能量守恒定律求出氦核和中子的動能．

25、略

【分析】

分別寫出兩個狀態(tài)的狀態(tài)參量：

p1=758-738=20mmHg

V1=80Smm3（S是管的橫截面積）

T1=273+27=300K

p2=p-743mmHg

V2=（738+80）S-743S=75Smm3

T2=273+（-3）=270K

得=

解得p=762.2mmHg

答；此時的實際大氣壓值為762.2mmHg．

【解析】【答案】根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C和已知的變化量去計算其它的物理量．

要注意研究過程中哪些量不變；哪些量變化．

五、實驗探究題(共2題，共16分)26、(1)壟脵壟脷壟脺壟脹

(2)壟脵4隆脕10鈭?3壟脷6.3隆脕10鈭?10壟脹D【分析】【分析】配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出1

滴此溶液的體積，然后將1

滴此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上，按不足半個舍去，多于半個的算一個，統(tǒng)計出油酸薄膜的面積，則用1

滴此溶液的體積除以1

滴此溶液的面積，恰好就是油酸分子的直徑，根據(jù)分子直徑計算的過程判斷誤差來源。本題主要考查的是“油膜法估測油酸分子的大小”實驗，主要是實驗步驟和分子直徑的計算過程，根據(jù)實驗原理解答即可。【解答】(1)

“油膜法估測油酸分子的大小”實驗步驟為：配制酒精油酸溶液(

教師完成，記下配制比例)隆煤

測定一滴油酸酒精溶液的體積隆煤

準備淺水盤隆煤

形成油膜隆煤

描繪油膜邊緣隆煤

測量油膜面積隆煤

計算分子直徑，故實驗步驟為壟脵壟脷壟脺壟脹

(2)壟脵

油酸膜的面積：40

個小格，一個小格面積1隆脕10鈭?4m2

共4隆脕10鈭?3m2

壟脷

一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積為：V=0.21000隆脕180隆脕10鈭?6m3=2.5隆脕10鈭?12m3

則油酸分子的直徑為d=VS=2.5隆脕10?1240隆脕10鈭?4m=6.3隆脕10?10m

壟脹

計算結(jié)果明顯偏小說明一滴體積偏小或者油膜面積偏大：A.油酸未完全散開，油膜面積偏小，故A錯誤；B.油酸中含有大量酒精，只要計算過程正確，不影響結(jié)果，故B錯誤；C.計算油膜面積時舍去了所有不足一格的方格，油膜面積偏小，故C錯誤；D.在向量筒中滴入1mL

油酸酒精溶液時，滴數(shù)多數(shù)了10

滴，會使一滴體積偏小，故D正確。故選D。故答案為：(1)壟脵壟脷壟脺壟脹

(2)壟脵4隆脕10鈭?3壟脷6.3隆脕10鈭?10壟脹D

【解析】(1)壟脵壟脷壟脺壟脹

(2)壟脵4隆脕10鈭?3壟脷6.3隆脕10鈭?10壟脹D

27、略

【分析】解：(3)

根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式得，h=12at2

解得a=2ht2

．

(45)

根據(jù)牛頓第二定律得：

對m1

及砝碼：(m1+m隆盲)g鈭?T=(m1+m隆盲)a

對m2

及砝碼：T鈭?(m2+m鈭?m隆盲)g=(m2+m鈭?m隆盲)a

聯(lián)立解得：a=m1鈭?m2鈭?mm1+m2+mg+2m隆盲gm1+m2+m

．

根據(jù)數(shù)學知識得知：作“a鈭?m隆盲

”圖線，圖線的斜率k=2gm1+m2+m

圖線的截距b=m1鈭?m2鈭?mm1+m2+m

將kbm

代入計算；解得m1=3kgm2=1.5kg

．

故答案為：(3)2ht2(4)a鈭?m隆盲(5)31.5

．

質(zhì)量為m1

的沙袋從靜止開始下降做勻加速直線運動；根據(jù)下降的距離h

和時間，由位移公式求出其加速度；根據(jù)牛頓第二定律對m2m1

分別研究，得出m隆盲

與a

的關系式，根據(jù)數(shù)學知識分析圖線的斜率與截距的意義，求解兩個沙袋的質(zhì)量．

本題是加速度不同的連接體問題，運用隔離法研究加速度，得到a

與鈻?m

的關系式，再根據(jù)圖線的數(shù)學意義求解兩個沙袋的質(zhì)量．【解析】2ht2a鈭?m隆盲31.5

六、簡答題(共1題，共6分)28、（1）cd）1cd）冷卻結(jié)晶（2）冷卻結(jié)晶引流引流2）·（3）NH3·H2OCO2不易溶于CaCl2溶液不易溶于3溶液NH3H2OCO2）CaCl2×（4）4×10-9mol/L【分析】【分析】本題通過制備rm{CuSO}rm{4}rm{4}rm{?5H}rm{2}及rm{2}rm{O}實驗考查常見金屬的單質(zhì)及其化合物的應用以及基本的實驗操作，涉及物質(zhì)的制取和提純等實驗操作，掌握基本的實驗操作步驟是解題的關鍵，注意蒸發(fā)、過濾、滴定等操作在進行中的注意事項，題目難度中等?！窘獯稹恐苽鋜m{CaCO}及rm{3}步驟：孔雀石主要成分rm{3}其中還含少量rm{CuSO_{4}?5H_{2}O}rm