2024年華師大新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版必修3物理上冊階段測試試卷172考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在地磁場的作用下處于水平靜止的小磁針正上方，水平放置一直導(dǎo)線，且直導(dǎo)線平行于小磁針指向。若導(dǎo)線中通有電流I1時，小磁針偏轉(zhuǎn)30o；若導(dǎo)線中通有電流I2時，小磁針偏轉(zhuǎn)60o。已知通電直導(dǎo)線在某點處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度與導(dǎo)線電流成正比，則大小為（）A.2B.C.D.32、如圖所示電路，閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；若電阻R1斷路；則兩電表的示數(shù)變化情況為（）

A.I變大，U變小B.I變小，U變大C.I和U都變大D.I和U都變小3、如圖所示，垂直于紙面的四根無限長直導(dǎo)線a、b、c、d通有相同大小的電流I，方向如圖所示，四根導(dǎo)線放置在正方形的四個頂點，此時正方形對角線交點O的磁感應(yīng)強度大小為（已知當(dāng)其它條件不變時，長直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場）?，F(xiàn)在將長直導(dǎo)線d撤去，則O處的磁感應(yīng)強度大小B1為（）

A.B.C.D.4、如圖所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點，電場的方向由A指向B，一個帶電粒子從A點以一定的初速度，僅在靜電力的作用下運動到B點，其運動的v-t圖像如圖（b）所示；下列說法正確的是（）

A.帶電粒子帶正電B.粒子在A點的電勢能小于在B點的電勢能C.該電場可能是勻強電場D.A點的電勢小于B點的電勢5、如圖所示，平行板電容器與恒壓直流電源連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離；則下列說法正確的是（）

A.帶電油滴將向上運動B.電容器帶電量將增大C.極板之間的電場強度變大D.點的電勢將降低6、甲、乙兩段導(dǎo)體由同種材料制成，長度相同，粗細(xì)均勻但橫截面積不同，將其串聯(lián)后接入電路，其上電壓之比為3：2，則其內(nèi)部的自由電子定向移動的速率之比為（）A.2：3B.3：2C.9：4D.4：97、如圖，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表．初始時S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開；則（）

A.V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小B.V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大C.V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小D.V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大8、如圖所示，a、b是環(huán)形通電導(dǎo)線內(nèi)外兩側(cè)的兩點；這兩點磁感應(yīng)強度的方向()

A.均垂直紙面向外B.a點水平向左；b點水平向右C.a點垂直紙面向外，b點垂直紙面向里D.a點垂直紙面向里，b點垂直紙面向外9、下列說法正確的是（）A.在變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場B.紫外線有顯著的熱效應(yīng)C.一切物體都在不停地發(fā)射紅外線D.X射線的穿透本領(lǐng)比射線更強評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動到Q點，在此過程中克服電場力做了了的功，那么（）A.M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.P點的場強一定小于Q點的場強C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.M在P點的動能一定大于它在Q點的動能11、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都為正方形的導(dǎo)體，但R1的尺寸比R2大得多，把它們分別連接在如圖所示電路的A、B兩端，接R1時電壓表的讀數(shù)為U1，接R2時電壓表的讀數(shù)為U2；則下列判斷正確的是（）

A.R1＝R2B.R1＞R2C.U1＜U2D.U1＝U212、如圖所示；電容式麥克風(fēng)的振動膜是利用超薄金屬或鍍金的塑料薄膜制成的，它與基板構(gòu)成電容器，并與電阻；電池構(gòu)成閉合回路。麥克風(fēng)正常工作時，振動膜隨聲波左右振動。下列說法正確的是（）

A.振動膜向右運動時，電容器的板間電場強度不變B.振動膜向右運動時，a點的電勢比b點的電勢高C.振動膜向左運動時，電阻上有從a到b的電流D.振動膜向左運動時，振動膜所帶的電荷量減小13、右圖中實線是一簇未標(biāo)明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用；則（）

A.帶電粒子一定帶負(fù)電B.帶電粒子在a處受力方向沿電場線方向指向場源電荷C.帶電粒子在b點的速度大于在a點速度D.帶電粒子在b點的電勢能大于在a點電勢能14、如圖，真空中有一質(zhì)量忽略不計的電子以速度v沿著與電場強度垂直的方向自O(shè)點進入勻強電場。以O(shè)為坐標(biāo)原點建立直角坐標(biāo)系，x軸垂直于電場方向，y軸平行于電場方向，在x軸上取OA＝AB＝BC，分別自A、B、C點作與y軸平行的線，跟電子的徑跡交于M、N、P三點；則（）

A.電子經(jīng)M、N、P三點時，沿x軸的分速度之比B.電子經(jīng)M、N、P三點時，沿y軸的分速度之比C.電子經(jīng)M、N、P三點時的速度與x軸夾角之比D.電子從O點開始每經(jīng)過相等時間的動能增量之比15、如圖所示，a、b、c、d四個質(zhì)量均為m的帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形，其中a、b、c三個完全相同的帶電小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點做半徑為R的勻速圓周運動，三小球所在位置恰好將圓周等分。小球d位于O點正上方h處，且在外力F作用下恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，d球的電荷量為重力加速度為g，靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.小球d一定帶負(fù)電B.小球b的周期為C.外力F大小等于D.小球c的加速度大小為16、如圖，A、B兩點固定兩個等量正點電荷，在AB連線的中點放一點電荷q（不計重力）．若給該點電荷一個初速度v0；方向與AB連線垂直，則該點電荷可能的運動情況是（）

A.勻變速直線運動B.往復(fù)直線運動C.加速度不斷減小，速度不斷增大的直線運動D.加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運動17、如圖所示，豎直平面內(nèi)存在一勻強電場，電場強度方向與水平方向間的夾角θ=60°，O、M為其中一條電場線上的兩點，一帶電粒子電荷量為q，不計重力，在O點以水平初速度v0進入電場，經(jīng)過時間t粒子到達(dá)與M在同一水平線上的N點，且OM=MN；則（）

A.UMO=UNMB.粒子帶負(fù)電C.帶電粒子在O點的電勢能小于在N點的電勢能D.由O到N運動過程中，電場力的功率增大18、如圖所示，一質(zhì)量為帶電量為的物體處于場強以（是均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向）變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為當(dāng)時刻物體處于靜止?fàn)顟B(tài)。若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；且電場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是（）

A.物體開始運動后加速度不斷增加B.物體開始運動后加速度先增加、后保持不變C.經(jīng)過時間物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值D.經(jīng)過時間物體運動速度達(dá)最大值評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)19、兩種材料不同的電阻絲，長度之比1∶5，截面積之比為2∶3，電阻率之比為2∶5，則材料的電阻之比為_______。20、如果E表示電源的電動勢，表示路端電壓，表示內(nèi)電壓，R表示外電路的總電阻，r表示內(nèi)電阻，I表示閉合電路中的電流；那么根據(jù)下列給出的已知條件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，則_______，_______，_______.

（2）已知I、R和則E=_______，_______._______.21、如圖所示，水平平行線代表電場線，但未指明方向，帶電量為10-8C的正電微粒，在電場中只受電場力的作用，由A運動到B，動能損失A點的電勢為則微粒運動軌跡是虛線______（填“1”或“2”），B點的電勢為______V。

22、圖中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為________mm，螺旋測微器的讀數(shù)為________mm。

23、如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強電場，其中坐標(biāo)原點O處的電勢為0，點A處的電勢為6V，點B處的電勢為3V，則此電場強度的大小為__________V/m，并在圖示中畫出勻強電場的電場線_________________。

24、在電場中放置一光滑絕緣水平桌面，沿桌面上軸方向電勢分布如圖中實線所示。有一質(zhì)量電量的帶正電小球，以的初速度在處沿軸正方向運動。則小球從開始運動到動能最大時電場力所做的功為___________當(dāng)小球速度為零時，其位置坐標(biāo)為___________

25、在綿陽南山中學(xué)物理實驗室中，甲同學(xué)用螺旋測微器測一金屬絲直徑時，儀器刻度的位置如左下圖所示，則金屬絲為__________mm；該同學(xué)又用游標(biāo)卡尺測一金屬球直徑時，儀器刻度的位置如右下圖所示，則金屬球的直徑為__________cm。

26、如圖中把量程為3mA，內(nèi)阻為100Ω的電流表改裝成15V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為___________Ω的電阻，改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)為___________V；若是把量程為3mA的電流表改裝成歐姆表，其中電源電動勢E=3V。改裝后，將原來電流表3mA的刻度定為電阻的“0”刻度，歐姆表的中值電阻為___________Ω，2mA刻度處標(biāo)___________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)27、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

28、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)29、請寫出下列測量工具的讀數(shù)。

(1)用游標(biāo)卡尺測量一金屬絲的直徑，則該金屬絲直徑的測量值為_________mm；

(2)用螺旋測微器測量圓柱體的直徑為_________mm；

(3)如圖為一正在測量中的多用電表表盤。當(dāng)選用電阻擋“×100”測量，則讀數(shù)為__________Ω；當(dāng)選用量程為50mA的電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為__________mA。30、為精確測量阻值大約為的電阻的阻值；請根據(jù)下列器材，設(shè)計實驗方案。要求電表讀數(shù)范圍盡可能大一些，不考慮溫度對電阻的影響。

A．電流表量程為內(nèi)阻約為

B.電流表量程為內(nèi)阻為

C.定值電阻

D.定值電阻

E.滑動變阻器一只

F.滑動變阻器一只。

G.蓄電池電動勢為內(nèi)阻很小

H.開關(guān)S一只；導(dǎo)線若干。

(1)滑動變阻器應(yīng)選擇_________，本實驗缺少電壓表，應(yīng)選擇電流表__________與定值電阻__________進行改裝。請?zhí)顚嶒炂鞑那暗淖帜感蛱?/p>

(2)請在虛線框中畫出測的電路圖并標(biāo)出所選器材的電學(xué)符號____。

(3)由以上實驗測得__________用字母表示，能用到的字母有電流表A2的讀數(shù)I1、電阻值31、實驗方案對實驗測量的精度有直接影響；某學(xué)習(xí)小組對“測量電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗方案進行探究，選用電動勢約為4V；內(nèi)阻約為5Ω的電源，現(xiàn)有下列實驗器材：

A.電阻箱阻值可調(diào)范圍為0~999.9Ω；

B.滑動變阻器阻值范圍為0~15Ω；

C.滑動變阻器阻值范圍為0~100Ω；

D.表頭G：量程為2內(nèi)阻為199.5Ω；

E.電壓表量程為3V；內(nèi)阻約為5kΩ；

F.電壓表量程為15V；內(nèi)阻約為15kΩ；

G.開關(guān)；導(dǎo)線若干。

（1）該小組設(shè)計了三個實驗電路圖，你認(rèn)為最合理的是___________。

請說明理由：______________。

（2）若將表頭G改裝成量程為800的電流表，則電阻箱的阻值應(yīng)該為___________Ω。

（3）為更好調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)該選用___________（填“”或“”），為使讀數(shù)更準(zhǔn)確，電壓表應(yīng)該選用___________（填“”或“”）。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

小磁針?biāo)谖恢糜械卮艌龊碗娏鳟a(chǎn)生的磁場；屬于磁場的合成；磁感應(yīng)強度為矢量，合成時遵循平行四邊形定則．

【詳解】

當(dāng)通過電流為I；根據(jù)題意可知：地磁場；電流形成磁場、合磁場之間的關(guān)系為：

當(dāng)夾角為30°時，有：B1=kI1=B地tan30°①

當(dāng)夾角為60°時，有：B2=kI2=B地tan60°②

由①②解得：I2=3I1；故ABC錯誤，D正確。故選D。

【點睛】

本題要明確磁感應(yīng)強度是矢量，合成的法則是平行四邊定則，能正確應(yīng)用平行四邊形定是解決問題的關(guān)鍵．2、C【分析】【詳解】

假設(shè)電阻R1未斷路，當(dāng)其電阻增大時，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表讀數(shù)變大，R2和R3中電流變大，故電流表讀數(shù)變大；所以若電阻R1斷路；兩電表的示數(shù)均變大。

A．I變大，U變??；與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B．I變小，U變大；與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

C．I和U都變大；與結(jié)論相符，選項C正確；

D．I和U都變??；與結(jié)論不相符，選項D錯誤；

故選C。3、A【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可以確定四根通電直導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的方向如圖所示。

由于通電導(dǎo)線中電流大小相等，且導(dǎo)線到O點距離相等，所以四根通電導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，即

所以

當(dāng)撤去導(dǎo)線d時，O點處的合磁感應(yīng)強度為

故選A。4、B【分析】【詳解】

A．從A點到B點粒子速度減小，所受靜電力由B指向A；與電場強度方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A錯誤；

B．從A點到B點粒子動能始終減小，電勢能始終增大，所以粒子在A點的電勢能小于在B點的電勢能；故B正確；

C．根據(jù)v-t圖像可知粒子加速度變化；所以所受電場力變化，則該電場不可能是勻強電場，故C錯誤；

D．根據(jù)沿電場強度方向電勢降低可知A點的電勢高于B點的電勢；故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．電容器與電源相接時電容器兩極板的電壓保持不變，根據(jù)

將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離即d增大；則極板之間的電場強度變小，帶電油滴所受電場力減小，則帶電油滴將向下運動，所以AC錯誤；

B．電容器與電源相接時電容器兩極板的電壓保持不變，根據(jù)電容的決定公式

所以將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離即d增大，電容減小，由電容的定義公式有

可知；電容器所帶的電荷量減小，所以B錯誤；

D．下極板與P點的距離不變，由公式

可知，由于場強減小，則P點電勢降低；則D正確；

故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

將其串聯(lián)后接入電路，其上電壓之比為3：2，所以兩電阻之比為3：2，根據(jù)電阻定律可知甲乙兩段導(dǎo)體的橫截面積之比為2：3，根據(jù)電流微觀表達(dá)式I=neSv可知兩導(dǎo)體串聯(lián)；則二者電流相等，則其內(nèi)部的自由電子定向移動的速率之比為3：2。

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

S斷開；相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大；

把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大；電流表示數(shù)增大；

A．分析得V的讀數(shù)變大；Ａ的讀數(shù)變大，故A錯誤；

B．分析得V的讀數(shù)變大；Ａ的讀數(shù)變大，故B正確；

C．分析得V的讀數(shù)變大；Ａ的讀數(shù)變大，故C錯誤；

D．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故D錯誤；8、D【分析】【分析】

【詳解】

由于環(huán)形電流的方向是順時針的，由安培定則可知，環(huán)心處的磁感應(yīng)強度方向是垂直紙面向里的，而環(huán)外的磁場方向可以看成直線電流周圍的磁場來確定方向，是向外的，因此a點磁感應(yīng)強度的方向垂直紙面向里，b點的垂直紙面向外；ABC錯誤，D正確。

故選D。9、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在均勻變化的電場周圍一定產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場；A錯誤；

B．紅外線有顯著的熱效應(yīng)；B錯誤；

C．紅外線輻射即熱輻射；一切物體都在不停地發(fā)射紅外線，C正確；

D．X射線的穿透本領(lǐng)比射線弱；D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．帶電粒子從P到Q電場力做負(fù)功，則電勢能增加，動能減小，即M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，M在P點的動能一定大于它在Q點的動能；選項AD正確；

B．由題中條件不能比較P點的場強與Q點的場強大小關(guān)系；選項B錯誤；

C．因粒子的電性不確定，則不能比較P點的電勢與Q點的電勢關(guān)系；選項C錯誤；

故選AD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電流從導(dǎo)體的橫截面流過；由電阻定律。

R＝ρ＝ρ＝可見電阻與邊長a無關(guān)；選項A正確，B選項錯誤；

CD．因外電阻相同；故路端電壓相等，選項D正確，C選項錯誤。

故選AD。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．振動膜片向右振動時電容器兩極板的距離變小，根據(jù)

電容器的板間電場強度變大，根據(jù)

電容增大，根據(jù)

在U不變的情況下，Q增大，電容器充電，R中電流方向向下，即從a到b的電流，a點的電勢比b點的電勢高；A錯誤B正確；

CD．振動膜片向左振動時電容器兩極板的距離變大，根據(jù)

電容減小，根據(jù)

知，在U不變的情況下，Q減小，電容器放電，R中電流方向向上，即從b到a的電流；C錯誤D正確。

故選BD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．曲線運動中；力指向運動軌跡凹側(cè)，可知，帶電粒子與場源電荷電性相反，但具體的電性不能確定，所受電場力沿電場線指向場源電荷。故A錯誤；B正確；

CD．假定帶電粒子從a運動到b；則電場力做負(fù)功粒子的動能減小電勢能增加。故C錯誤；D正確。

故選BD。14、B:D【分析】【詳解】

A．電子在水平方向做勻速直線運動；水平分速度不變，故A錯誤；

B．水平分速度不變，又OA＝AB＝BC，則O到M、M到N、N到P的時間相等。而豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)時間相等，得到沿y軸的分速度之比為故B正確；

C．電子經(jīng)M、N、P三點時的速度與x軸夾角的正切值之比等于豎直分速度之比，即為則電子經(jīng)M、N、P三點時的速度與x軸夾角之比不等于故C錯誤；

D．通過豎直方向做初速度為0的勻加速直線運動，可得豎直方向三段位移之比為則根據(jù)動能定理可得，電子從O點開始每經(jīng)過相等時間的動能增量之比故D正確。

故選BD。15、B:C:D【分析】【詳解】

A．由題意，已知a、b、c三小球的電荷量均為q，三小球在光滑絕緣水平面內(nèi)的同一圓周上繞O點做勻速圓周運動，可知d小球與a、b、c三小球是異性電荷，由于a、b、c三小球的電性未知，所以小球d不一定帶負(fù)電；A錯誤；

BD．設(shè)db的連線與水平方向的夾角為α，則有

可得α=60°

對b小球，由庫侖定律和牛頓第二定律可得

解得

由于a、b、c三小球的加速度大小相等，因此小球c的加速度大小為BD正確；

C．對d小球，由平衡條件可得外力F大小為

C正確。

故選BCD。16、B:D【分析】【詳解】

若點電荷帶正電，受力沿著中垂線向外，做加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運動；若點電荷帶負(fù)電，受力指向連線中心，做往復(fù)運動．答案選BD．17、B:D【分析】【詳解】

A．由于在勻強電場中，所以

故A錯誤；

B．根據(jù)粒子的運動軌跡可知；粒子所受電場力與電場方向相反，故粒子帶負(fù)電，故B正確；

C．粒子帶負(fù)電，從O到N電場力做正功，電勢能減小，則帶電粒子在O點的電勢能大于在N點的電勢能；故C錯誤；

D．由

由O到N運動過程中，粒子沿電場線方向的速度v增大；可知電場力的功率增大，故D正確。

故選BD。18、A:C【分析】【詳解】

AB．由題意物體所受的電場力電場改變方向之前，物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減小；所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大，加速度增大，速度增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大，加速度增大。因此，整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，A正確，B錯誤；

C．墻壁對物體的支持力時，物體將要離開墻壁，它在墻壁上運動的位移達(dá)到最大，此時

得

即

解得

C正確；

D．根據(jù)上述分析可知；物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，D錯誤；

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)19、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電阻的決定式：則：【解析】3：2520、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2][3]根據(jù)閉合電路電壓關(guān)系可知，

對內(nèi)阻根據(jù)歐姆定律可知，電流

外電阻

(2)[4][5][6]已知I、R和則根據(jù)閉合電路歐姆定律E=

路端電壓

對內(nèi)阻根據(jù)歐姆定律可知，內(nèi)阻【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)動能定理得qUAB=△Ek

可得到

由UAB=φA-φB

則B點的電勢φB=φA-UAB=2×103-（-2×104）V=2.2×104V

電荷從A點運動到B點時動能減少，電場力做負(fù)功，又電場力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則判斷出來微粒的運動軌跡如圖中的虛線2所示?！窘馕觥?22、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺的精度為讀數(shù)為

[2]螺旋測微器精度為讀數(shù)為【解析】50.154.700（4.698~4.702）23、略

【分析】【詳解】

如圖所示。

OA的中點C點，由題意可得C點的電勢為3V，即BC的電勢相等，連接BC，因BC的電勢相等，所以勻強電場的方向垂直于BC，過O點做BC的垂線相較于D點，由幾何關(guān)系得

則電場強度為【解析】20024、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]x軸上從0到-5m電勢升高，則電場方向沿x軸正方向，x軸上從0到5m電勢升高，則電場方向沿x軸負(fù)方向，帶正電小球在處沿x軸正方向運動；受到向右的電場力，電場力做正功，動能增加，從0點向右運動過程中電場力向左，電場力做負(fù)功，小球動能減小，所以小球在0點動能最大，則小球從開始運動到動能最大時電場力所做的功為。

[2]設(shè)小球速度為0時；其坐標(biāo)為x，根據(jù)動能定理可得。

解得。

由圖像可知。

根據(jù)對稱性可知；小球速度為0時，另一個位置坐標(biāo)為。

則小球速度為零時，其位置坐標(biāo)為4或-4【解析】0.084或-425、略

【分析】【詳解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9726、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律得

代入數(shù)據(jù)解得

[2]改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)

[3][4]電壓3V，電流3mA的時候標(biāo)度為0，即外加電阻為0，內(nèi)電阻為R，則

中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻為10002mA刻度時候總電阻

則外加電阻【解析】490071000500四、作圖題(共2題，共14分)27、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號