2025屆四川省雅安市高三上學期11月“零診”物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1雅安市高2022級高三“零診”考試物理試題本試卷分第Ⅰ卷選擇題和第Ⅱ卷非選擇題，滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、班級和準考證號填寫在答題卡相應位置上。2.第Ⅰ卷的答案用2B鉛筆填涂到答題卡上，第Ⅱ卷必須將答案填寫在答題卡規(guī)定位置?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。3.考試結束，將答題卡交回。第Ⅰ卷（選擇題，共46分）一、單項選擇題：共7題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.以下四幅圖中，關于物理思想方法敘述正確的是（）A.探究關系式：微元法B.探究分力與合力關系：理想模型法C.探究落體運動規(guī)律：等效替代法D.測萬有引力常量G：控制變量法【答案】A【解析】A．推導勻變速直線運動位移與時間關系時，取非常短的一段時間，在這段時間內(nèi)，認為物體做勻速運動，把每一小段時間內(nèi)的位移加在一起就是總位移，而且時間間隔取得越短，越接近真實值，因此采用微元的思想，故A正確；B．合力與分力為等效替代關系，體現(xiàn)了等效思想，故B錯誤；C．伽利略在研究自由落體運動時采用了實驗和邏輯推理的方法，即理想實驗法，故C錯誤；D．測萬有引力常量G的實驗中，運用了放大法，故D錯誤；故選A。2.一輛汽車在教練場上沿平直道路行駛，以x表示它相對于某指示牌的位移。汽車在0到40s內(nèi)的圖像如圖所示。下列關于汽車的說法正確的是（）A.0－10s汽車做初速度為零的加速直線運動B.10－20s之間汽車保持靜止C.20－30s之間汽車速度方向發(fā)生改變D.0－40s內(nèi)的平均速度大小為2.25m/s【答案】B【解析】A．x-t圖像的斜率表示速度，所以在0－10s汽車開始做勻速運動，后來速度逐漸減小到零，故A錯誤；B．x-t圖像的斜率表示速度，汽車在10－20s內(nèi)斜率為零，所以汽車保持靜止，故B正確；C．由圖可知在20－30s之間汽車位移一直在減小，即一直沿負方向運動，故C錯誤；D．根據(jù)平均速度的定義式，有所以在0－40s內(nèi)的平均速度大小為1.5m/s，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，送水工人用推車運桶裝水，到達目的地后，工人抬起把手，帶動板OA轉至水平即可將水桶卸下。水桶對板OA、OB的壓力分別為、，若桶與接觸面之間的摩擦不計，為銳角且保持不變，在OA由豎直緩慢轉到水平過程中，下列說法正確的是（）A.一直增大B.先增大后減小C.先減小后增大D.由于、的合力大小始終保持不變，所以、的大小變化始終相反【答案】B【解析】在倒出水桶的過程中，兩個支持力的夾角是個確定值，受力情況如圖所示根據(jù)力的示意圖結合平衡條件可得在轉動過程中α從90°增大到180°，則sinα不斷減小，將不斷減小，根據(jù)牛頓第三定律可得F2將不斷減?。凰驭聫拟g角減小到銳角，其中跨過了90°，因此sinβ先增大后減小，則將先增大后減小，根據(jù)牛頓第三定律可得F1先增大后減小。故選B。4.某中學舉辦套“圈圈”活動。如圖，小明同學站在標志線后以的速度水平拋出一塑料圈，正好套中靜放在正前方水平地面上的飲料罐A。拋出時，塑料圈位于標志線的正上方處，塑料圈、飲料罐均可視為質點，不計空氣阻力，重力加速度大小g取，sin37°取，cos37°取，下列說法正確的是（）A.塑料圈在空中運動的時間為B.飲料罐A與標志線的距離為C.塑料圈落地前瞬間，速度大小為7m/sD.保持塑料圈拋出位置不變，若要套中飲料罐B，水平拋出速度應變?yōu)?m/s【答案】D【解析】A．塑料圈在空中運動的時間為選項A錯誤；B．飲料罐A與標志線的距離為選項B錯誤；C．塑料圈落地前瞬間，速度大小選項C錯誤；D．保持塑料圈拋出位置不變，若要套中飲料罐B，水平拋出速度應變?yōu)檫x項D正確。故選D。5.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定著光滑圓管道。一小球從管道內(nèi)的最低點以不同的初速度向右運動，球的直徑略小于管的內(nèi)徑，不計空氣阻力。用粗線表示小球在運動過程中對兩側管壁有作用力的區(qū)域，虛線為過O點的水平線，下列圖示可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】在虛線以下的半圓，小球的重力分解成沿切線方向和沿半徑背離圓心的分力，所以重力無法提供向心力，此時小球必受到外管壁對其指向圓心的彈力。設圓管道的半徑為r，小球在最高點對內(nèi)外管壁均無彈力的速度為v，有解得在虛線上半圓，小球的重力分解成沿切線方向和沿半徑指向圓心的分力，當小球在圓管道最高點速度大于時，在上半圓運動過程中，所需向心力一直大于其重力沿半徑方向的分力，外管壁對小球有指向圓心的彈力。當小球在圓管道最高點速度小于時，在上半圓運動過程中，剛進入上半圓或者將要滑出上半圓時，重力沿半徑方向的分力較小，不足以提供向心力，外管壁對其有指向圓心的彈力，隨著小球高度的增加，其速率減小，所需向心力減小，重力沿半徑方向分力增大，會在某一合適的位置開始出現(xiàn)內(nèi)管壁對小球有彈力。故選A。6.2023年5月30日我國發(fā)射神舟十六號載人飛船，并成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，形成三艙三船組合體，此次任務主要目的為：完成與神舟十五號乘組在軌輪換，駐留約5個月，開展空間科學與應用載荷在軌實（試）驗，實施航天員出艙活動及貨物展氣閘艙出艙，進行艙外載荷安裝及空間站維護維修等任務。飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如下圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的平均高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為T，下列說法正確的是（）A.飛船在中國空間站軌道（Ⅲ）上的速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度B.飛船在轉移軌道上P、Q兩點的速率之比為C.飛船可提前時間于P點點火加速，進而在Q點完成交會對接D.飛船在轉移軌道（Ⅱ）上運行時，位于P點處于超重狀態(tài)，位于Q點則處于失重狀態(tài)【答案】C【解析】A．因為停泊軌道半徑近似為地球半徑，所以飛船在停泊軌道上的速度近似等于第一宇宙速度，飛船在中國空間站軌道（Ⅲ）上軌道半徑大于停泊軌道半徑，故線速度小于停泊軌道線速度，即小于第一宇宙速度，A錯誤；B．由開普勒第二定律可知，飛船在轉移軌道上P、Q附近極短時間內(nèi)掃過的面積相等故兩點的速率之比為B錯誤；C．設飛機在轉移軌道運行的周期為T2，由開普勒第三定律可得整理可得故飛船在轉移軌道上從P點飛到Q點所需的時間為所以飛船應提前時間于點點火加速進而在點完成交會對接，C正確；D．飛船在轉移軌道（Ⅱ）上運行時，位于P點、Q點時均處于失重狀態(tài)，D錯誤。故選C。7.如圖所示，質量分別為m、2m的物塊甲、乙靜止于傾角為的固定光滑斜面上，二者間用平行于斜面的輕質彈簧相連，乙緊靠在垂直于斜面的擋板上。給甲一個沿斜面向上的初速度，此后運動過程中乙始終不脫離擋板，且擋板對乙的彈力最小值為0，重力加速度為g，則擋板對乙的彈力最大值為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】物塊甲運動至最高點時，擋板對乙的彈力最小值為0，對乙有對甲有物塊甲運動至最低點時，根據(jù)對稱性有對乙受力分析，擋板對乙的彈力最大值為解得故選D。二、多項選擇題：共3題，每題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，一根輕質彈簧與質量為m的滑塊P連接后，穿在一根光滑豎直桿上，彈簧下端與豎直桿的下端連接，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來。圖中O、B兩點等高，水平線段OB長為L，與OA的夾角，重物Q的質量，把滑塊P從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當它經(jīng)過A、B兩點時，彈簧對滑塊的彈力大小相等，忽略滑輪與滑塊P、Q的大小，不計滑輪的摩擦，sin37°取，cos37°取，下列說法正確的是（）A.滑塊P從A到B的運動過程中，速度一直增大B.P到達B點時，Q的速度為0C.滑塊P在位置B的速度D.若豎直桿足夠長，P能夠上升到A關于B的對稱點點，并在A、之間做往復運動【答案】BC【解析】A．A、B兩點彈簧對滑塊P的彈力大小相等，可知在A點彈簧對滑塊P的彈力向上，在B點彈簧對滑塊P的彈力向下，此時加速度向下，故滑塊P先加速上升再減速上升，故A錯誤；B．當滑塊P運動至B點時有則此時滑塊Q的速度為零，故B正確；C．滑塊P、Q與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)幾何關系可知，滑塊P上升的高度為滑塊Q下落的高度為A、B兩點彈簧對滑塊P的彈力大小相等，可知A、B兩點彈簧的彈性勢能相等，滑塊P運動至B點，沿繩方向的速度為零，故滑塊Q的速度為零，根據(jù)機械能守恒可得解得滑塊P在B點的速度為故C正確；D．若豎直桿足夠長，P做簡諧振動，平衡位置在B點下方，P能夠上升到A關于的對稱點點，并在A、之間做往復運動，故D錯誤；故選BC。9.一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時的波形如圖甲所示，B、C、D、E為介質中的四個質點，已知質點E的平衡位置的橫坐標為。圖乙為質點C的振動圖像。下列說法正確的是（）A.該波的波速為100m/sB.質點D的平衡位置坐標為15mC.從開始，質點C比質點B先回到平衡位置D.從開始，質點B與質點C第一次回到平衡位置的時間差為【答案】CD【解析】A．由圖乙質點C的振動圖像可知，t=0.15s質點C沿y軸負方向運動，而圖甲為t=0.15s時的波形，根據(jù)“同側法”，可知該波沿x軸正方向傳播。由甲圖可知，此簡諧波振幅為20cm，而此時B位移為﹣10cm，故B與E兩質點平衡位置之間距離與總波長的比例關系滿足解得由圖乙知，因此該列波的波速故A錯誤；B．由圖甲知質點E、D平衡位置之間的距離為，則有求得質點D的平衡位置坐標為故B錯誤；C．波沿x正方向傳播，在圖甲中，由“同側法”判斷知在時，質點B沿y軸負方向振動，先到達波谷后再回到平衡位置，而質點C沿y軸負方向振動后到達平衡位置，所以，可知從開始，質點C比質點B先回到平衡位置，故C正確；D．根據(jù)圖乙可得質點C再經(jīng)過第一次回到平衡位置；結合前面選項分析，由圖甲知質點B再經(jīng)過第一次回到平衡位置，可得從開始，質點B與質點C第一次回到平衡位置的時間差為故D正確。故選CD。10.如圖所示，水平面上固定著兩根足夠長平行導槽，質量為m的U形管恰好能在兩導槽之間自由滑動，一質量也為m的小球沿水平方向，以初速度從U形管的一端射入，從另一端射出。已知小球的半徑略小于管道半徑，遠小于R，不計一切摩擦，下列說法正確的是（）A.小球在U型管中的圓弧部分中運動時，U型管的速度一直在增大B.小球運動到U形管圓弧部分的最左端時，小球的速度大小為C.小球從U形管的另一端射出時，速度大小為0D.小球在U型管中的圓弧部分中的運動時間不超過【答案】AC【解析】A．小球在U型管中的圓弧部分中運動時，小球對U型管的作用力一直做正功，則U型管的速度一直在增大，故A正確；B．小球運動到U形管圓弧部分的最左端的過程中，沿著水平方向，小球在軌道最左端與U型管達到共速，由動量守恒有設此時小球的合速度為，由機械能守恒定律有解得故B錯誤；C．小球從U形管的另一端射出時，小球與U形管系統(tǒng)機械能守恒，沿著軌道方向，系統(tǒng)動量守恒，類比彈性碰撞，交換速度，小球從U形管的另一端射出時，速度大小為=0，故C正確；D．小球在最左端時豎直方向的速度最大，為則運動時間一定超過故D錯誤。故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題，共54分）三、非選擇題：共5題，共54分11.小明同學在做“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中。（1）下列的單擺裝置最合理的是________；測量小球直徑時游標卡尺如圖所示，其讀數(shù)為________cm。（2）測單擺周期時，當擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時并開始計1次，測出經(jīng)過該位置N次所用時間為t，則單擺周期為T＝________?！敬鸢浮浚?）C1.96（2）【解析】【小問1詳析】[1]在做“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中擺長不變，懸點要固定。故選C。[2]10分度游標卡尺的精度為0.1mm，故讀數(shù)為1.9cm+6mm=1.96cm【小問2詳析】經(jīng)過該位置N次時擺球經(jīng)過的周期數(shù)為，故可知解得12.某實驗小組采用如圖（a）所示的實驗裝置在水平桌面上探究“小車的加速度與力和質量之間的關系”。試回答下列問題：（1）利用裝置（a）在滿足實驗條件時得到一條紙帶如圖（b）所示，實驗所用電源的頻率為50Hz，A、B、C、D、E為5個連續(xù)的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間有4個計時點未畫出，根據(jù)紙帶可求得小車的加速度大小為______（結果保留2位有效數(shù)字）。（2）已知小車的質量為M，砝碼及砝碼盤的質量為m，在m一定的情況下，研究小車加速度a與的關系，得到的圖線可能是圖（c）中的_________（填“甲”“乙”“丙”或“丁”的其中一項）。（3）實驗時，在M一定的情況下，改變m，且始終滿足，某同學測量得到砝碼及砝碼盤的重力F與小車加速度a的圖像如圖（d）。設圖中直線在縱軸上的截距為b，在橫軸上的截距為c，重力加速度為g，則摩擦阻力與小車重力的比值為___________，小車的質量為M＝___________?！敬鸢浮浚?）0.75（2）甲（3）【解析】【小問1詳析】實驗所用電源的頻率為50Hz，相鄰計數(shù)點間有4個計時點未畫出，則相鄰計數(shù)點時間間隔為根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)，由逐差法可得【小問2詳析】設小車和木板之間的摩擦因數(shù)為，當時，小車所受拉力近似等于砝碼及砝碼盤的重力，由牛頓第二定律整理，可得實驗過程中隨著小車質量的減小，會出現(xiàn)不滿足的時候，小車所受拉力將小于mg，圖像中圖線的斜率將變大即向上彎曲。故得到的圖線可能是圖（c）中的甲?！拘?詳析】[1][2]由牛頓第二定律整理，可得結合圖（d），可得，聯(lián)立，解得摩擦阻力與小車重力的比值為小車的質量為13.如圖甲所示，銀行取款機房裝有自動感應門，其中有兩扇玻璃門與墻體固定，還有一扇是可動玻璃門。當人進入了感應區(qū)時，可動玻璃門將自動開啟，反之將自動關閉，圖乙為感應門的俯視圖。當某人進入感應區(qū)后時，可動玻璃門先從靜止開始勻加速運動了x1=0.4m，而后立即勻減速運動了x2=0.8m恰好停下，全程共運動t=3s。求可動玻璃門：（1）全程運動的最大速度vm；（2）勻加速階段加速度大小a1?！敬鸢浮浚?）0.8m/s（2）0.8m/s2【解析】【小問1詳析】設勻加速階段運動時間為t1，根據(jù)題意有設勻減速階段運動時間為t2，根據(jù)題意有又聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得【小問2詳析】在勻加速過程中，由速度位移關系式有解得14.如圖所示，靜止的粗糙傳送帶與水平面夾角為，平行于傳送帶的輕繩一端連接質量為的小物體A，另一端跨過光滑定滑輪連接質量為的小物體B，在外力的作用下，小物體A靜止于傳送帶的頂端。時，撤去外力，傳送帶以速度順時針勻速轉動；時，小物體A到達傳送帶的底端。已知小物體A與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，小物體B始終未與定滑輪相撞，重力加速度大小為g取，sin37°取，cos37°取。求：（1）時，輕繩內(nèi)張力T；（2）傳送帶頂端到底端的長度L。【答案】（1）13.2N（2）22.9m【解析】【小問1詳析】撤去外力瞬間，設小物塊A加速度的大小為，繩子的拉力大小為，由牛頓第二定律對A物體有同理對物體B有聯(lián)立可得，若A在傳送帶的速度能達到所用時間為，則有解得由得【小問2詳析】設A在傳送帶運動所用時間為時，產(chǎn)生的位移為，有由題意可知，小物體A在傳送帶上運動的剩余時間為解得s設剩余時間內(nèi)小物塊A的加速度為，繩子的拉力大小為，則對A物體有同理對物體B有設剩余時間內(nèi)小物塊A發(fā)生的位移為，則有對傳送帶頂端到底端的長度，有代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立求解可得15.如圖所示，光滑軌道ABC由豎直軌道與半徑R的豎直圓弧軌道組成，O為圓弧軌道的圓心，B為圓弧軌道的最低點，OC連線與豎直方向的夾角，在軌道右側與A等高處有一平臺，平臺邊緣處有一長為，質量為的薄木板，其左端D處放有一質量為的滑塊。質量為小球從A點上方某點靜止釋放，從A點進入導軌，經(jīng)C點射出后恰能水平擊中滑塊，與其發(fā)生彈性碰撞，并隨即下落，未與薄木板發(fā)生接觸。已知C與D的高度差，滑塊與薄木板間的動摩擦因數(shù)為，薄木板與平臺間的動摩擦因數(shù)，滑塊與平臺間的動摩擦因素，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，薄木板厚度不計，小球和滑塊均可視為質點，不計空氣阻力，重力加速度g取，sin37°取，cos37°取。求：（1）小球靜止釋放位置距離A點的高度H；（2）小球水平擊中滑塊后，滑塊最終停留位置與薄木板右端距離；（3）全過程薄木板與平臺間因摩擦產(chǎn)生的熱量Q?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】設小球水平擊中滑塊的速度為，從釋放位置到的過程中，由機械能守恒定律，有設小球在點速度的豎直分量為，則有從到的過程中，在豎直方向上有聯(lián)立求解可得【小問2詳析】設滑塊碰后速度為，小球碰后速度為，則小球與滑塊碰撞過程，由動量守恒定律有由機械能守恒定律有帶入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得因故滑塊在薄木板上滑動過程中，薄木板向右做勻加速運動，設滑塊此時的加速度為，對滑塊受力分析，由牛頓第二定律有設此時薄木板加速度為，對薄木板受力分析，由牛頓第二定律有設經(jīng)過時間，滑塊從薄木板滑下，有帶入數(shù)據(jù)，結合題意，聯(lián)立求解可得設滑下薄木板時，滑塊的速度為，薄木板的速度為，此后各自發(fā)生的位移分別為，則有聯(lián)立求解可得【小問3詳析】設滑塊滑下薄木板后，薄木板與平臺間的摩擦熱為，由能量轉化與守恒有設滑塊在薄木板上滑動的過程中，薄木板發(fā)生的位移為，薄木板與平臺間的摩擦熱為，則有對薄木板滑動的全過程有聯(lián)立求解可得雅安市高2022級高三“零診”考試物理試題本試卷分第Ⅰ卷選擇題和第Ⅱ卷非選擇題，滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、班級和準考證號填寫在答題卡相應位置上。2.第Ⅰ卷的答案用2B鉛筆填涂到答題卡上，第Ⅱ卷必須將答案填寫在答題卡規(guī)定位置?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。3.考試結束，將答題卡交回。第Ⅰ卷（選擇題，共46分）一、單項選擇題：共7題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.以下四幅圖中，關于物理思想方法敘述正確的是（）A.探究關系式：微元法B.探究分力與合力關系：理想模型法C.探究落體運動規(guī)律：等效替代法D.測萬有引力常量G：控制變量法【答案】A【解析】A．推導勻變速直線運動位移與時間關系時，取非常短的一段時間，在這段時間內(nèi)，認為物體做勻速運動，把每一小段時間內(nèi)的位移加在一起就是總位移，而且時間間隔取得越短，越接近真實值，因此采用微元的思想，故A正確；B．合力與分力為等效替代關系，體現(xiàn)了等效思想，故B錯誤；C．伽利略在研究自由落體運動時采用了實驗和邏輯推理的方法，即理想實驗法，故C錯誤；D．測萬有引力常量G的實驗中，運用了放大法，故D錯誤；故選A。2.一輛汽車在教練場上沿平直道路行駛，以x表示它相對于某指示牌的位移。汽車在0到40s內(nèi)的圖像如圖所示。下列關于汽車的說法正確的是（）A.0－10s汽車做初速度為零的加速直線運動B.10－20s之間汽車保持靜止C.20－30s之間汽車速度方向發(fā)生改變D.0－40s內(nèi)的平均速度大小為2.25m/s【答案】B【解析】A．x-t圖像的斜率表示速度，所以在0－10s汽車開始做勻速運動，后來速度逐漸減小到零，故A錯誤；B．x-t圖像的斜率表示速度，汽車在10－20s內(nèi)斜率為零，所以汽車保持靜止，故B正確；C．由圖可知在20－30s之間汽車位移一直在減小，即一直沿負方向運動，故C錯誤；D．根據(jù)平均速度的定義式，有所以在0－40s內(nèi)的平均速度大小為1.5m/s，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，送水工人用推車運桶裝水，到達目的地后，工人抬起把手，帶動板OA轉至水平即可將水桶卸下。水桶對板OA、OB的壓力分別為、，若桶與接觸面之間的摩擦不計，為銳角且保持不變，在OA由豎直緩慢轉到水平過程中，下列說法正確的是（）A.一直增大B.先增大后減小C.先減小后增大D.由于、的合力大小始終保持不變，所以、的大小變化始終相反【答案】B【解析】在倒出水桶的過程中，兩個支持力的夾角是個確定值，受力情況如圖所示根據(jù)力的示意圖結合平衡條件可得在轉動過程中α從90°增大到180°，則sinα不斷減小，將不斷減小，根據(jù)牛頓第三定律可得F2將不斷減小；所以β從鈍角減小到銳角，其中跨過了90°，因此sinβ先增大后減小，則將先增大后減小，根據(jù)牛頓第三定律可得F1先增大后減小。故選B。4.某中學舉辦套“圈圈”活動。如圖，小明同學站在標志線后以的速度水平拋出一塑料圈，正好套中靜放在正前方水平地面上的飲料罐A。拋出時，塑料圈位于標志線的正上方處，塑料圈、飲料罐均可視為質點，不計空氣阻力，重力加速度大小g取，sin37°取，cos37°取，下列說法正確的是（）A.塑料圈在空中運動的時間為B.飲料罐A與標志線的距離為C.塑料圈落地前瞬間，速度大小為7m/sD.保持塑料圈拋出位置不變，若要套中飲料罐B，水平拋出速度應變?yōu)?m/s【答案】D【解析】A．塑料圈在空中運動的時間為選項A錯誤；B．飲料罐A與標志線的距離為選項B錯誤；C．塑料圈落地前瞬間，速度大小選項C錯誤；D．保持塑料圈拋出位置不變，若要套中飲料罐B，水平拋出速度應變?yōu)檫x項D正確。故選D。5.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定著光滑圓管道。一小球從管道內(nèi)的最低點以不同的初速度向右運動，球的直徑略小于管的內(nèi)徑，不計空氣阻力。用粗線表示小球在運動過程中對兩側管壁有作用力的區(qū)域，虛線為過O點的水平線，下列圖示可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】在虛線以下的半圓，小球的重力分解成沿切線方向和沿半徑背離圓心的分力，所以重力無法提供向心力，此時小球必受到外管壁對其指向圓心的彈力。設圓管道的半徑為r，小球在最高點對內(nèi)外管壁均無彈力的速度為v，有解得在虛線上半圓，小球的重力分解成沿切線方向和沿半徑指向圓心的分力，當小球在圓管道最高點速度大于時，在上半圓運動過程中，所需向心力一直大于其重力沿半徑方向的分力，外管壁對小球有指向圓心的彈力。當小球在圓管道最高點速度小于時，在上半圓運動過程中，剛進入上半圓或者將要滑出上半圓時，重力沿半徑方向的分力較小，不足以提供向心力，外管壁對其有指向圓心的彈力，隨著小球高度的增加，其速率減小，所需向心力減小，重力沿半徑方向分力增大，會在某一合適的位置開始出現(xiàn)內(nèi)管壁對小球有彈力。故選A。6.2023年5月30日我國發(fā)射神舟十六號載人飛船，并成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，形成三艙三船組合體，此次任務主要目的為：完成與神舟十五號乘組在軌輪換，駐留約5個月，開展空間科學與應用載荷在軌實（試）驗，實施航天員出艙活動及貨物展氣閘艙出艙，進行艙外載荷安裝及空間站維護維修等任務。飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如下圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的平均高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為T，下列說法正確的是（）A.飛船在中國空間站軌道（Ⅲ）上的速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度B.飛船在轉移軌道上P、Q兩點的速率之比為C.飛船可提前時間于P點點火加速，進而在Q點完成交會對接D.飛船在轉移軌道（Ⅱ）上運行時，位于P點處于超重狀態(tài)，位于Q點則處于失重狀態(tài)【答案】C【解析】A．因為停泊軌道半徑近似為地球半徑，所以飛船在停泊軌道上的速度近似等于第一宇宙速度，飛船在中國空間站軌道（Ⅲ）上軌道半徑大于停泊軌道半徑，故線速度小于停泊軌道線速度，即小于第一宇宙速度，A錯誤；B．由開普勒第二定律可知，飛船在轉移軌道上P、Q附近極短時間內(nèi)掃過的面積相等故兩點的速率之比為B錯誤；C．設飛機在轉移軌道運行的周期為T2，由開普勒第三定律可得整理可得故飛船在轉移軌道上從P點飛到Q點所需的時間為所以飛船應提前時間于點點火加速進而在點完成交會對接，C正確；D．飛船在轉移軌道（Ⅱ）上運行時，位于P點、Q點時均處于失重狀態(tài)，D錯誤。故選C。7.如圖所示，質量分別為m、2m的物塊甲、乙靜止于傾角為的固定光滑斜面上，二者間用平行于斜面的輕質彈簧相連，乙緊靠在垂直于斜面的擋板上。給甲一個沿斜面向上的初速度，此后運動過程中乙始終不脫離擋板，且擋板對乙的彈力最小值為0，重力加速度為g，則擋板對乙的彈力最大值為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】物塊甲運動至最高點時，擋板對乙的彈力最小值為0，對乙有對甲有物塊甲運動至最低點時，根據(jù)對稱性有對乙受力分析，擋板對乙的彈力最大值為解得故選D。二、多項選擇題：共3題，每題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，一根輕質彈簧與質量為m的滑塊P連接后，穿在一根光滑豎直桿上，彈簧下端與豎直桿的下端連接，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來。圖中O、B兩點等高，水平線段OB長為L，與OA的夾角，重物Q的質量，把滑塊P從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當它經(jīng)過A、B兩點時，彈簧對滑塊的彈力大小相等，忽略滑輪與滑塊P、Q的大小，不計滑輪的摩擦，sin37°取，cos37°取，下列說法正確的是（）A.滑塊P從A到B的運動過程中，速度一直增大B.P到達B點時，Q的速度為0C.滑塊P在位置B的速度D.若豎直桿足夠長，P能夠上升到A關于B的對稱點點，并在A、之間做往復運動【答案】BC【解析】A．A、B兩點彈簧對滑塊P的彈力大小相等，可知在A點彈簧對滑塊P的彈力向上，在B點彈簧對滑塊P的彈力向下，此時加速度向下，故滑塊P先加速上升再減速上升，故A錯誤；B．當滑塊P運動至B點時有則此時滑塊Q的速度為零，故B正確；C．滑塊P、Q與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)幾何關系可知，滑塊P上升的高度為滑塊Q下落的高度為A、B兩點彈簧對滑塊P的彈力大小相等，可知A、B兩點彈簧的彈性勢能相等，滑塊P運動至B點，沿繩方向的速度為零，故滑塊Q的速度為零，根據(jù)機械能守恒可得解得滑塊P在B點的速度為故C正確；D．若豎直桿足夠長，P做簡諧振動，平衡位置在B點下方，P能夠上升到A關于的對稱點點，并在A、之間做往復運動，故D錯誤；故選BC。9.一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時的波形如圖甲所示，B、C、D、E為介質中的四個質點，已知質點E的平衡位置的橫坐標為。圖乙為質點C的振動圖像。下列說法正確的是（）A.該波的波速為100m/sB.質點D的平衡位置坐標為15mC.從開始，質點C比質點B先回到平衡位置D.從開始，質點B與質點C第一次回到平衡位置的時間差為【答案】CD【解析】A．由圖乙質點C的振動圖像可知，t=0.15s質點C沿y軸負方向運動，而圖甲為t=0.15s時的波形，根據(jù)“同側法”，可知該波沿x軸正方向傳播。由甲圖可知，此簡諧波振幅為20cm，而此時B位移為﹣10cm，故B與E兩質點平衡位置之間距離與總波長的比例關系滿足解得由圖乙知，因此該列波的波速故A錯誤；B．由圖甲知質點E、D平衡位置之間的距離為，則有求得質點D的平衡位置坐標為故B錯誤；C．波沿x正方向傳播，在圖甲中，由“同側法”判斷知在時，質點B沿y軸負方向振動，先到達波谷后再回到平衡位置，而質點C沿y軸負方向振動后到達平衡位置，所以，可知從開始，質點C比質點B先回到平衡位置，故C正確；D．根據(jù)圖乙可得質點C再經(jīng)過第一次回到平衡位置；結合前面選項分析，由圖甲知質點B再經(jīng)過第一次回到平衡位置，可得從開始，質點B與質點C第一次回到平衡位置的時間差為故D正確。故選CD。10.如圖所示，水平面上固定著兩根足夠長平行導槽，質量為m的U形管恰好能在兩導槽之間自由滑動，一質量也為m的小球沿水平方向，以初速度從U形管的一端射入，從另一端射出。已知小球的半徑略小于管道半徑，遠小于R，不計一切摩擦，下列說法正確的是（）A.小球在U型管中的圓弧部分中運動時，U型管的速度一直在增大B.小球運動到U形管圓弧部分的最左端時，小球的速度大小為C.小球從U形管的另一端射出時，速度大小為0D.小球在U型管中的圓弧部分中的運動時間不超過【答案】AC【解析】A．小球在U型管中的圓弧部分中運動時，小球對U型管的作用力一直做正功，則U型管的速度一直在增大，故A正確；B．小球運動到U形管圓弧部分的最左端的過程中，沿著水平方向，小球在軌道最左端與U型管達到共速，由動量守恒有設此時小球的合速度為，由機械能守恒定律有解得故B錯誤；C．小球從U形管的另一端射出時，小球與U形管系統(tǒng)機械能守恒，沿著軌道方向，系統(tǒng)動量守恒，類比彈性碰撞，交換速度，小球從U形管的另一端射出時，速度大小為=0，故C正確；D．小球在最左端時豎直方向的速度最大，為則運動時間一定超過故D錯誤。故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題，共54分）三、非選擇題：共5題，共54分11.小明同學在做“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中。（1）下列的單擺裝置最合理的是________；測量小球直徑時游標卡尺如圖所示，其讀數(shù)為________cm。（2）測單擺周期時，當擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時并開始計1次，測出經(jīng)過該位置N次所用時間為t，則單擺周期為T＝________?！敬鸢浮浚?）C1.96（2）【解析】【小問1詳析】[1]在做“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中擺長不變，懸點要固定。故選C。[2]10分度游標卡尺的精度為0.1mm，故讀數(shù)為1.9cm+6mm=1.96cm【小問2詳析】經(jīng)過該位置N次時擺球經(jīng)過的周期數(shù)為，故可知解得12.某實驗小組采用如圖（a）所示的實驗裝置在水平桌面上探究“小車的加速度與力和質量之間的關系”。試回答下列問題：（1）利用裝置（a）在滿足實驗條件時得到一條紙帶如圖（b）所示，實驗所用電源的頻率為50Hz，A、B、C、D、E為5個連續(xù)的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間有4個計時點未畫出，根據(jù)紙帶可求得小車的加速度大小為______（結果保留2位有效數(shù)字）。（2）已知小車的質量為M，砝碼及砝碼盤的質量為m，在m一定的情況下，研究小車加速度a與的關系，得到的圖線可能是圖（c）中的_________（填“甲”“乙”“丙”或“丁”的其中一項）。（3）實驗時，在M一定的情況下，改變m，且始終滿足，某同學測量得到砝碼及砝碼盤的重力F與小車加速度a的圖像如圖（d）。設圖中直線在縱軸上的截距為b，在橫軸上的截距為c，重力加速度為g，則摩擦阻力與小車重力的比值為___________，小車的質量為M＝___________?！敬鸢浮浚?）0.75（2）甲（3）【解析】【小問1詳析】實驗所用電源的頻率為50Hz，相鄰計數(shù)點間有4個計時點未畫出，則相鄰計數(shù)點時間間隔為根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)，由逐差法可得【小問2詳析】設小車和木板之間的摩擦因數(shù)為，當時，小車所受拉力近似等于砝碼及砝碼盤的重力，由牛頓第二定律整理，可得實驗過程中隨著小車質量的減小，會出現(xiàn)不滿足的時候，小車所受拉力將小于mg，圖像中圖線的斜率將變大即向上彎曲。故得到的圖線可能是圖（c）中的甲?！拘?詳析】[1][2]由牛頓第二定律整理，可得結合圖（d），可得，聯(lián)立，解得摩擦阻力與小車重力的比值為小車的質量為13.如圖甲所示，銀行取款機房裝有自動感應門，其中有兩扇玻璃門與墻體固定，還有一扇是可動玻璃門。當人進入了感應區(qū)時，可動玻璃門將自動開啟，反之將自動關閉，圖乙為感應門的俯視圖。當某人進入感應區(qū)后時，可動玻璃門先從靜止開始勻加速運動了x1