2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024高二物理上冊月考試卷477考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、物體m從傾角為的固定的光滑斜面由靜止開始下滑，斜面高為h，當物體滑至斜面底端，重力做功的瞬時功率為（）A.B.C.D.mg2、如圖所示，是從一輛在水平公路上行駛著的汽車拍攝的汽車后輪照片，從照片來看，汽車此時正在（）A.直線運動B.向右轉彎C.向左轉彎D.不能判斷3、某電場中等勢面分布如圖所示，圖中虛線表示等勢面，過ab

兩點的等勢面電勢分別為40V

和10V

則ab

連線的中點C

處的電勢應為(

)

A.一定等于25V

B.大于25V

C.小于25V

D.可能等于25V

4、某同學用圖示電路測量電阻Rx的阻值，當電壓表的示數(shù)為4.8V時，電流表示數(shù)為1.2mA．分析這組數(shù)據(jù)，他發(fā)現(xiàn)所用測量方法不對．仔細觀察電表表盤，了解到電壓表的內阻為6KΩ，則Rx的真實值為（）A.4KΩB.6KΩC.12KΩD.由于不知道電流表的內阻，故無法求真實值，只能求測量值5、如圖所示，一水平的可自由移動的通電長直導線置于螺線管的右端，通入垂直紙面向外方向的電流，當開關K閉合瞬間，長直導線的安培力方向為（）A.向上B.向下C.向左D.向右評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)6、如圖，R1=2小明在實驗中記錄三只電表的讀數(shù)時，不慎漏記了單位，記下了一組數(shù)據(jù)是1.5、2.5和3，請你幫助它確定電源電壓是_____V，R2的電阻是_____7、某交流發(fā)電機，額定輸出功率為4000kW，輸出電壓為400V，要用升壓變壓器將電壓升高后向遠處送電，所用輸電線全部電阻為10Ω，規(guī)定輸電過程中損失功率不得超過額定輸出功率的10%，所選用的變壓器的原、副線圈匝數(shù)比不得大于______．8、（A類題）如圖，縱坐標表示某放射性物質中未衰變的原子核數(shù)（N）與原來總原子核數(shù)（N0）的比值，橫坐標表示衰變的時間，則由圖線可知該放射性物質的半衰期為______天，若將該放射性物質放在高溫、高壓或強磁場等環(huán)境中，則它的半衰期將______（填“變長”、“不變”或“變短”）9、[A][A]家庭電路的交變電壓隨時間變化的圖象如圖所示..由圖可知，交變電壓的有效值為________VV頻率為________HzHz．[B][B]如圖所示，已知電源電動勢E=3VE=3V內阻r=1婁賂r=1婁賂電阻R=5婁賂R=5婁賂電路中的電表均為理想電表..則當開關SS閉合時，電流表的讀數(shù)為________AA電壓表的讀數(shù)為________VV．10、在研究電磁感應現(xiàn)象時；可以用下面的實驗裝置來模仿法拉第的實驗，請你根據(jù)實驗情境，按要求回答下列問題：

（1）請用筆畫線代替導線補全實驗電路；

（2）將螺線管A插入B中，若在閉合電鍵的瞬時，發(fā)現(xiàn)電流表指針向左偏轉，則當斷開電鍵時電流表指針____偏轉（填“向左”；“向右”或“不”）；

（3）電鍵保持閉合，滑動變阻器滑片不動時，線圈B中____感應電流（填“有”或“沒有”）；

（4）實驗結論是：____．

評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)11、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）12、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

13、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共4題，共12分)17、在一列橫波的傳播方向上有兩點P

和Q

兩點間距離PQ=24m

它們的振動圖象如圖所示，P

點距波源近．

(1)

波速多大？

(2)

若PQ<婁脣(

波長)

畫出t=4.2s

時，PQ

之間的波形曲線.(

請標出坐標的物理量及單位、有關數(shù)值)

18、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五種元素的原子序數(shù)依次增大，其中非金屬元素rm{A}的基態(tài)原子中成對電子數(shù)是未成對電子數(shù)的兩倍，rm{C}元素在地殼中含量最高，rm{D}的單質是短周期中熔點最低的金屬，rm{E}的合金是我國使用最早的合金。rm{B}rm{C}rm{D}五種元素的原子序數(shù)依次增大，其中非金屬元素rm{E}的基態(tài)原子中成對電子數(shù)是未成對電子數(shù)的兩倍，rm{A}元素在地殼中含量最高，rm{C}的單質是短周期中熔點最低的金屬，rm{D}的合金是我國使用最早的合金。rm{E}元素的基態(tài)原子核外電子排布式為____________。rm{(1)E}的某種氫化物rm{(2)A}分子中含有_________個rm{A_{2}H_{2}}鍵和_________個rm{婁脪}鍵。rm{婁脨}的含氧酸根離子rm{(3)A}的立體構型是____________。rm{AO_{3}^{n-}}的最簡單氫化物的沸點比rm{(4)B}的最簡單氫化物的沸點高得多，其原因是___________。rm{A}的最高價氧化物對應的水化物溶解于氨水中生成的復雜化合物的化學式是__________。rm{(5)E}下圖是rm{(6)}單質的晶體堆積方式，這種堆積方式的晶胞中原子的配位數(shù)為_________，若該原子的半徑為rm{D}此晶體的密度rm{rpm}________rm{婁脩=}用含rm{g隆隴cm^{-3}(}的代數(shù)式表示，阿伏加德羅常數(shù)用rm{r}表示rm{N_{A}}rm{)}19、沿鐵道排列的兩電桿正中央安裝一閃光裝置，光信號到達一電桿稱為事件1，到達另一電桿稱為事件2.從地面上的觀察者和運動車廂中的觀察者看來，兩事件是否是同時事件？20、如圖所示，已知電源提供20V的穩(wěn)定電壓，當接入固定電阻R=5Ω時，電路中標有“3V4.5W”的燈泡L和線圈電阻r′=0.5Ω的小型直流電動機恰好都能正常工作；求：

（1）電路中的電流強度？

（2）電動機的額定工作電壓？

（3）電動機的發(fā)熱功率？

（4）電動機的機械功率？評卷人得分五、作圖題(共1題，共7分)21、如圖所示，A、B、C是勻強電場中平行于電場線的某一平面上的三個點，各點的電勢分別為φA=20V，φB=4V，φC=8V，請你畫出該電場的其中一個等勢面和一條電場線．評卷人得分六、畫圖題(共2題，共16分)22、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】解答：體下滑過程中機械能守恒，所以有：①

物體滑到底端重力功率為：P=mgvsinα②

聯(lián)立①②解得：mg；故選項ABD錯誤，C正確．

故選C．

分析：應用公式P=Fv求某力的瞬時功率時，注意公式要求力和速度的方向在一條線上，在本題中應用機械能守恒求出物體滑到斜面底端時的速度，然后將速度沿豎直方向分解即可求出重力功率．2、C【分析】解：A；根據(jù)輪胎的形變可判斷；汽車有向右滑動的趨勢，故不可能直線運動，故A錯誤。

B；根據(jù)輪胎的形變可判斷；汽車有向右滑動的趨勢，故受到的摩擦力向左側，根據(jù)物體做圓周運動的條件，受到的合力指向左側，故汽車向左轉彎．故B錯誤。

C；同理；C正確；

D；可以判定；故D錯誤。

故選C

根據(jù)輪胎的形變可判斷；汽車有向右滑動的趨勢，故受到的摩擦力向左側，根據(jù)物體做圓周運動的條件，受到的合力指向左側，故汽車向左轉彎．

考查了生活中的圓周運動，會結合實際情況分析得出理論、并處理．【解析】【答案】C3、C【分析】解：因為電場線與等勢面垂直，根據(jù)等勢面的形狀可知，電場線從左向右由密變疏，即從a

到c

電場強度逐漸減弱，而且電場線方向從a隆煤b.ac

段電場線比bc

段電場線密，ac

段場強較大，根據(jù)公式U=Ed

可知，ac

間電勢差Uac

大于cb

間電勢差Ucb

即婁脮a鈭?婁脮c>婁脮c鈭?婁脮b

得到：

婁脮c<婁脮a+婁脮b2=40+102V=25V

．

故選：C

電場線和等勢線垂直，等勢線密的地方電場線密，電場線密的地方等勢面也密.

由圖看出，ac

段電場線比bc

段電場線密，ac

段場強較大，根據(jù)公式U=Ed

定性分析ac

間與bc

間電勢差的大小，再求解中點b

的電勢婁脮c

．

本題的關鍵是運用勻強電場中場強與電勢差的公式定性分析電勢差的大小，同時還可以根據(jù)電場線的疏密程度，大致確定30V

的電勢線，從而進行比較，即可求解．【解析】C

4、C【分析】解：電壓表與Rx并聯(lián)電阻為：R==Ω=4000Ω

由并聯(lián)電路的性質得：=+

則得：Rx==Ω=12000Ω=12kΩ；

故選：C．

由于電壓表的內阻不是無窮大，所以要分流，電壓表與Rx并聯(lián)，根據(jù)電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)之比，可求得電壓表與Rx并聯(lián)電阻，再由并聯(lián)電路的性質求解Rx．

本題關鍵把電壓表當作能測量電壓的電阻來對待，實質是一個簡單的并聯(lián)電路問題，要知道伏安法測量誤差產生的原因，可分析得出Rx．【解析】【答案】C5、A【分析】解：

根據(jù)右手螺旋定則可知；開關閉合后，螺線管產生的磁極N極在右側。

根據(jù)左手定則可知；垂直紙面向外方向的直導線受到垂直導線向上的安培力，故A正確，B；C、D錯誤。

故選：A。

依據(jù)右手螺旋定則可判定通電螺線管產生的磁場；依據(jù)左手定則可判定導線a端的受力方向。

考查左手定則與右手螺旋定則的內容，熟練應用左、右手定則是關鍵，牢記“左力右電”?！窘馕觥緼二、填空題(共5題，共10分)6、略

【分析】本題考查了串并聯(lián)電路規(guī)律以及歐姆定律的應用（1）分析電路結構，明確各電路元件的連接方式，畫出等效電路圖；（2）根據(jù)各電表所測量的量及題中所給數(shù)據(jù)，判斷各數(shù)據(jù)是哪個表的示數(shù)，再根據(jù)電表所測的量及并聯(lián)電路特的確定各電表示數(shù)單位；（3）根據(jù)電路圖及電表示數(shù)求出電源電壓，由并聯(lián)電路特點求出流過R2的電流，最后由歐姆定律求出電阻R2的阻值．（1）分析電路結構，等效電路圖如圖所示；（2）由電路圖知：電壓表測電源電壓，電源電壓與電壓表示數(shù)相等，R1=2Ω，由歐姆定律知：電源電壓，即電壓表示數(shù)即電壓表示數(shù)是電流表A2示數(shù)的兩倍，由題中所給數(shù)據(jù)可知：3是電壓表示數(shù)，3的單位是V，即電源電壓1.5是電流表的示數(shù)，單位是A，即剩下的數(shù)據(jù)2.5是電流表A1的示數(shù)單位是A，即IA1=2.5A；（3）由并聯(lián)電路電流特點知；流過電阻R2的電流的阻值思路拓展：本題考查了根據(jù)數(shù)據(jù)判斷電表單位，求電源電壓與電阻阻值問題，確定各數(shù)據(jù)是哪個電表的示數(shù)是本題的難點，也是解本題的關鍵．【解析】【答案】3，3；7、略

【分析】解：損失功率P損=I2R，即×4×106=I2×10；

因I2=4×104；

解得：I=200A

又4×106W=IU2；

因此，則有：U2=V=2×104V；

根據(jù)電壓與線圈匝數(shù)成正比，則有：===0.02；

故答案為：0.02．

根據(jù)輸電線上損耗的電功率求出輸電線上的電流；結合升壓變壓器原線圈中輸出電壓；輸出功率求出原線圈中的電流，從而根據(jù)原副線圈的電流之比等于匝數(shù)之反比求出升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比的最大值．

變壓器匝數(shù)之比等于原副線圈的電壓之比；解決遠距離輸電時，要注意升壓后輸電線上的功率損失是解決問題的關鍵，要明確變壓器本身不消耗電功率，只有導線上存在功率和電壓損失．【解析】0.028、略

【分析】解：放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變時所需要的時間叫半衰期；

由圖線可知該放射性物質的半衰期為3.8天；

半衰期由元素本身決定；與原子核所處環(huán)境；狀態(tài)無關；所以若將該放射性物質放在高溫、高壓或強磁場等環(huán)境中，則它的半衰期將不變．

故答案為：3.8；不變．

半衰期是對大量放射性元素的統(tǒng)計規(guī)律；是由元素本身決定，與原子核所處環(huán)境；狀態(tài)無關；同時要明確發(fā)生半衰期次數(shù)、衰變前總質量、衰變后質量之間的關系．

本題考查了半衰期的定義以及有關半衰期運算，對于基本概念要深刻理解其含義，同時理解有關半衰期公式中各個物理量的含義．【解析】3.8；不變9、[A]22050

[B]0.52.5

【分析】[A]

【分析】由圖像可知電壓最大值和周期；從而計算出頻率和有效值。

本題考查了交流電的峰值和有效值的關系，要會從圖像中獲取有用的物理信息?！窘獯稹坑蓤D像可知電壓最大值為：2202V

電壓有效值為：U=2202隆脕12V=220V

周期為0.02s

所以頻率為：f=10.02Hz=50Hz

故填：22050

[B]

【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流；根據(jù)U=IR

求解路段電壓。

本題考查了閉合電路的歐姆定律；本題是閉合電路歐姆定律的直接運用，根據(jù)公式I=Er+R

求解電流，根據(jù)U=IR=E鈭?Ir

求解路段電壓?！窘獯稹扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律，有：I=ER+r=3V1婁賂+5婁賂=0.5A

路端電壓為：U=IR=0.5A隆脕5婁賂=2.5V

故填：0.52.5

【解析】[A]220[A]2205050

[B]0.5[B]0.52.52.5

10、略

【分析】

（1）實驗電路有兩套電路；每套電路各自行車閉合回路，實驗電路圖如圖所示．

（2）將螺線管A插入B中；若在閉合電鍵的瞬時，穿過回路的磁通量變大；

發(fā)現(xiàn)電流表指針向左偏轉；當斷開電鍵時，原磁場方向不變，穿過回路的磁通量變小，感應電流方向反向，則電流表指針向右偏轉．

（3）電鍵保持閉合；滑動變阻器滑片不動時，原線圈電流不變，產生的磁場不變，穿過副線圈的磁通量不變，副線圈B中沒有感應電流．

（4）由上述實驗可知：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應電流．

故答案為：（1）電路如圖；（2）向右；（3）沒有；（4）只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應電流．

【解析】【答案】（1）探究電磁感應現(xiàn)象實驗；有兩套電路，兩套電路分別組成閉合回路．

（2）由楞次定律可知；感應電流磁場方向總是阻礙原磁通量的變化，如果原磁場方向不變，磁通量變化方向相反時，感應電流方向相反．

（3）只有穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時；電路中才有感應電流．

（4）根據(jù)實驗現(xiàn)象；得出實驗結論．

三、判斷題(共6題，共12分)11、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．12、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．13、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?4、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、簡答題(共4題，共12分)17、解：（1）根據(jù)振動圖象可知；橫波的周期T=1.2s；

表明P點先于Q點振動．由圖可知，P點的振動狀態(tài)傳到Q點需要時間：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

則波速（n=0；1、2）

（2）波長λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；則n=0，此時波長λ=32m；

t=4.2s=

根據(jù)振動圖象可知，t=0時，P在波峰處，Q在平衡位置處且向下振動，則經過P在波谷處，Q在平衡位置處且向上振動；

PQ之間的波形曲線；如圖所示：

答：（1）波速為（n=0；1、2）；

（2）PQ之間的波形曲線如圖所示．【分析】

(1)

先根據(jù)振動圖象得出周期；P

點距波源近，P

點與Q

點振動早，根據(jù)振動圖象，P

與Q

振動時間相隔至少，得出時間與周期的關系式，求出波速．

(2)

根據(jù)PQ<婁脣

求出波長；根據(jù)振動圖象得出t=0

時，PQ

的位置及振動情況，再結合t=4.2s

與周期的關系判斷t=4.2s

時，PQ

的位置及振動情況，進而畫出圖象．

本題通過振動圖象表示兩個質點的狀態(tài)，根據(jù)同一時刻兩質點的狀態(tài)，分析波傳播時間與周期關系，也可以分析兩質點間距離與波長的關系．【解析】解：(1)

根據(jù)振動圖象可知；橫波的周期T=1.2s

表明P

點先于Q

點振動.

由圖可知，P

點的振動狀態(tài)傳到Q

點需要時間：鈻?t=(n+34)T=(0.4n+0.3)s

則波速v=xt=24(n+34)T=804n+3(n=012)

(2)

波長婁脣=vT=80隆脕1.24n+3=964n+3(n=012)

若PQ<婁脣

則n=0

此時波長婁脣=32m

t=4.2s=312T

根據(jù)振動圖象可知，t=0

時，P

在波峰處，Q

在平衡位置處且向下振動，則經過312TP

在波谷處，Q

在平衡位置處且向上振動；

PQ

之間的波形曲線；如圖所示：

答：(1)

波速為964n+3(n=012)

(2)PQ

之間的波形曲線如圖所示．18、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)3}rm{2}

rm{(3)}正三角形

rm{(4)}氨分子間可以形成氫鍵而甲烷分子間不能，所以氨的沸點比甲烷高

rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}【分析】【分析】非金屬元素rm{A}的基態(tài)原子中成對電子數(shù)是未成時電子數(shù)的兩倍，則電子排布偉rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}為rm{C}rm{C}元素在地殼中含量最高，則元素rm{C}為rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五種元素的原子序數(shù)依次增大，元素rm{A}為rm{C}元素rm{C}為rm{O}則元素rm{B}為rm{N}rm{D}的單質是短周期中熔點最低的金屬，則元素rm{D}為rm{Na}rm{E}的合金是我國使用最早的合金，則元素rm{E}為rm{Cu}據(jù)此進行分析。rm{(1)}元素rm{E}為rm{Cu}原子序數(shù)為rm{29}據(jù)此書寫基態(tài)原子電子排布式；rm{(2)}元素rm{A}為rm{C}rm{A}的某種氫化物rm{A_{2}H_{2}}為rm{C_{2}H_{2}}其結構式為rm{H-C隆脭C-H}據(jù)此進行分析；rm{(3)}據(jù)雜化方式，分析空間構性；rm{(4)}氫鍵對物理性質的影響；rm{(5)}元素rm{E}為rm{Cu}rm{E}的最高價氧化物對應的水化物為rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}據(jù)此進行分析；rm{(6)}如圖是rm{D}單質的晶體堆積方式，離中心原子rm{Na}最近的rm{Na}原子數(shù)有rm{8}個，故這種堆積方式的晶胞中原子的配位數(shù)為rm{8}該晶胞中rm{Na}原子個數(shù)rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}每個晶胞的質量rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}rm{Na}原子的直徑為rm{2rpm}晶胞的邊長rm{=2sqrt{2}rpm}所以晶胞的體積為rm{16sqrt{2}r^{3}pm}根據(jù)rm{婁脩=dfrac{m}{V}}計算其密度。本題考查物質結構與性質，涉及空間構型、氫鍵對物質熔沸點的影響、核外電子排布、晶體類型與性質、晶胞結構與計算等，難度中等?！窘獯稹糠墙饘僭豶m{A}的基態(tài)原子中成對電子數(shù)是未成時電子數(shù)的兩倍，則電子排布偉rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}為rm{C}rm{C}元素在地殼中含量最高，則元素rm{C}為rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五種元素的原子序數(shù)依次增大，元素rm{A}為rm{C}元素rm{C}為rm{O}則元素rm{B}為rm{N}rm{D}的單質是短周期中熔點最低的金屬，則元素rm{D}為rm{Na}rm{E}的合金是我國使用最早的合金，則元素rm{E}為rm{Cu}

rm{(1)}元素rm{E}為rm{Cu}原子序數(shù)為rm{29}則其基態(tài)原子電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)}元素rm{A}為rm{C}rm{A}的某種氫化物rm{A_{2}H_{2}}為rm{C_{2}H_{2}}其結構式為rm{H-C隆脭C-H}故分子中含有rm{3}個rm{婁脪}鍵，rm{2}個rm{婁脨}鍵；

故答案為：rm{3}rm{2}

rm{(3)}元素rm{A}為rm{C}則rm{AO_{3}^{n-}}為rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}中心原子的價層電子對數(shù)rm{=3+dfrac{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}雜化方式為rm{=3+dfrac

{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}沒有孤電子對，分子的立體構型為正三角形；

故答案為：正三角形；

rm{sp^{2}}元素rm{(4)}為rm{A}元素rm{C}為rm{B}rm{N}的最簡單的氫化物的沸點比rm{B}的最簡單的氫化物的沸點高得多；其原因是氨分子間可以形成氫鍵而甲烷分子間不能，所以氨的沸點比甲烷高；

故答案為：氨分子間可以形成氫鍵而甲烷分子間不能；所以氨的沸點比甲烷高；

rm{A}元素rm{(5)}為rm{E}rm{Cu}的最高價氧化物對應的水化物為rm{E}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{Cu(OH)_{2}}

故答案為：rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}如圖是rm{(6)}單質的晶體堆積方式，離中心原子rm{D}最近的rm{Na}原子數(shù)有rm{Na}個，故這種堆積方式的晶胞中原子的配位數(shù)為rm{8}該晶胞中rm{8}原子個數(shù)rm{Na}每個晶胞的質量rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}原子的直徑為rm{Na}晶胞的邊長rm{2rpm}所以晶胞的體積為rm{=2sqrt{2}rpm}所以此晶體的密度rm{婁脩=dfrac{dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}{16sqrt{2}r^{3}隆脕10^{-30}}=dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}g/cm^{3}}

故答案為：rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}

rm{16sqrt{2}r^{3}pm}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{(2)3}rm{2}rm{(3)}正三角形rm{(4)}氨分子間可以形成氫鍵而甲烷分子間不能，所以氨的沸點比甲烷高rm{(5)[Cu(NH_{3})_{