2024年北師大版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年北師大版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下圖中哪個(gè)情況線圈中不能產(chǎn)生交流電()2、下列物理量中屬于矢量的是（）A.質(zhì)量B.速度C.路程D.時(shí)間3、古時(shí)有“守株待兔”的寓言.

設(shè)兔子的頭部受到大小等于自身體重的打擊力即可致死，并設(shè)兔子與樹樁作用時(shí)間為0.2s

則被撞死的兔子其奔跑的速度至少為(g

取10m/s2)(

)

A.1m/s

B.1.5m/s

C.2m/s

D.2.5m/s

4、在一密閉容器中，反應(yīng)rm{aA(g)overset{}{?}bB(g)}達(dá)平衡后，保持溫度不變，將容器體積增加一倍，當(dāng)達(dá)到新的平衡時(shí)，rm{A}的濃度變?yōu)樵瓉淼膔m{60%}則rm{(}rm{)}A.rm{a<b}B.平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)了C.平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)了D.物質(zhì)rm{B}的質(zhì)量分?jǐn)?shù)增加了5、用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表．將它們串聯(lián)起來接入電路中，如圖所示，此時(shí)（）A.兩只電表的指針偏轉(zhuǎn)角相同B.兩只電表的指針都不偏轉(zhuǎn)C.電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角D.電流表指針的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、根據(jù)磁場(chǎng)對(duì)電流會(huì)產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種新型的發(fā)射炮彈的裝置隆陋隆陋

電磁炮，其原理如圖所示：把待發(fā)炮彈(

導(dǎo)體)

放置在強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩平行導(dǎo)軌上，給導(dǎo)軌通以大電流，使炮彈作為一個(gè)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)，并以某一速度發(fā)射出去.

現(xiàn)要提高電磁炮的發(fā)射速度，你認(rèn)為下列方案在理論上可行的是()A.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的值B.增大電流I

的值C.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的值D.改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行7、如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為30鈭?

質(zhì)量為0.3kg

的小物塊靜止在A

點(diǎn)，現(xiàn)有一沿斜面向上的恒定推力F

作用在小物塊上，作用一段時(shí)間后撤去推力F

，小物塊能達(dá)到的最高位置為C

點(diǎn)，小物塊從A

到C

的v鈭?t

圖像如圖乙所示，g

=10m/s2

則下列說法正確的是

A.小物塊到C

點(diǎn)后將沿斜面下滑B.小物塊從A

點(diǎn)沿斜面向上滑行的最大高度為1.8m

C.小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為33

D.推力F

的大小為4N

8、14

下列說法正確的是(

)

A.懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動(dòng)反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)B.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)D.干濕泡濕度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果9、在如圖所示的直角坐標(biāo)系xyz

所在的區(qū)域內(nèi)，存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E

的勻強(qiáng)電場(chǎng)和磁感強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場(chǎng).

已知從坐標(biāo)原點(diǎn)O

沿x

軸的正方向射入質(zhì)子，穿過這區(qū)域時(shí)未發(fā)生偏轉(zhuǎn).

設(shè)重力可忽略不計(jì)，則這區(qū)域中的E

和B

的方向可能是(

)

A.E

和B

都沿x

軸的正方向B.E

和B

都沿x

軸的負(fù)方向C.E

沿z

軸正方向，B

沿y

軸正方向D.E

沿z

軸正方向，B

沿y

軸負(fù)方向10、如圖1

兩根光滑平行導(dǎo)軌水平放置，間距為L(zhǎng)

其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.

垂直于導(dǎo)軌水平對(duì)稱放置一根均勻金屬棒.

從t=0

時(shí)刻起，棒上有如圖2

的持續(xù)交變電流I

周期為T

最大值為Im

圖1

中I

所示方向?yàn)殡娏髡较?

則金屬棒(

)

A.一直向右移動(dòng)B.速度隨時(shí)間周期性變化C.受到的安培力隨時(shí)間周期性變化D.受到的安培力在一個(gè)周期內(nèi)做正功11、關(guān)于下列四幅圖中所涉及物理知識(shí)的論述中；正確的是(

)

A.甲圖中的海市蜃樓是光的色散現(xiàn)象引起的B.乙圖中的泊松亮斑說明光具有波動(dòng)性C.丙圖中的波形是調(diào)頻波D.丁圖中的實(shí)驗(yàn)表明：不論光源與觀察者之間做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣的12、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度，下列說法錯(cuò)誤的是(

)

A.由E=Fq

知，若q

減半，則該處場(chǎng)強(qiáng)不變B.由E=kQr2

知，當(dāng)某點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q

間距離r隆煤0

時(shí)，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E隆煤隆脼

C.由E=kQr2

知，在以Q

為球心、r

為半徑的球面上，各處場(chǎng)強(qiáng)大小相等D.由E=Ud

知，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小等于電場(chǎng)中某兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與這兩點(diǎn)之間距離的比值評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、一束帶電粒子流從小磁針上方平行于小磁針方向從左向右飛過，結(jié)果小磁針北極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，可以判斷這束帶電粒子帶____電荷．

14、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為30g帶電量-1.0×10-8C的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)線與水平面平行．當(dāng)小球靜止時(shí)，測(cè)得懸線與豎直夾角為30°，由此可知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)方向?yàn)開_____，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為______N/C．（保留三位有效數(shù)字，g取10m/s2）15、測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路和U-I圖象如下：請(qǐng)回答下列問題。

（1）在閉合開關(guān)之前，為防止電表過載，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P應(yīng)放在____處（填a．b）

（2）現(xiàn)備有以下器材：

A．干電池1個(gè)。

B．滑動(dòng)變阻器（0～50Ω）

C．滑動(dòng)變阻器（0～1750Ω）

D．電壓表（0～3V）

E．電壓表（0～15V）

F．電流表（0～0.6A）

G．電流表（0～3A）

H．電鍵一個(gè)；導(dǎo)線若干．

該實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇的器材是____．（填字母代號(hào)）

（3）如圖是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的U-I圖象．由此可知這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=____V，內(nèi)電阻r=_____Ω．

16、小球從2m高處自由下落，被水平地板彈回后在0.5m高處接住，則小球通過的路程等于____m，全過程位移的大小等于____m．17、如圖所示，q1、q2、q3分別表示在一條直線上的三個(gè)點(diǎn)電荷，已知q2為正電荷，q1與q2之間的距離為l1，q2與q3之間的距離為l2，且每個(gè)電荷都處于平衡狀態(tài).則q1,帶____（填正或負(fù)）電，q1、q2、q3三者電量大小之比是_____________.18、用一與斜面平行的力，把一質(zhì)量為100kg的物體沿長(zhǎng)5m、高3m的斜面從其底端勻速拉上頂端，物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，在這過程中，物體克服重力做的功為______J，摩擦力做的功為______J，拉力做的功為______J．19、當(dāng)某測(cè)電筆上的氖管兩端所加電壓達(dá)到86.7V時(shí)即開始發(fā)光，低于該電壓時(shí)熄滅．若把此氖管接在電壓U=71V，頻率f=50Hz，的正弦交流電商，則每秒內(nèi)閃光的次數(shù)n=______次．20、小明同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，為了更準(zhǔn)確選取電壓表和電流表的合適量程，決定先用多用電表測(cè)量小燈泡的阻值．

(1)

在使用前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)哪個(gè)位置________(

選“壟脵

”或“壟脷

”)

(2)

小明使用多用電表歐姆擋的“隆脕10

”擋測(cè)量小燈泡電阻阻值，讀數(shù)如圖乙所示，為了更準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，小明應(yīng)該旋轉(zhuǎn)開關(guān)至歐姆擋_____(

填“隆脕100

”擋或“隆脕1

”擋)

兩表筆短接并調(diào)節(jié)______(

選“壟脵

”或“壟脷

”)

．(3)

按正確步驟測(cè)量時(shí)，指針指在如圖丙位置，則小燈泡阻值的測(cè)量值為________婁賂

．21、如圖所示，某透明液體深1m

一束光線與水平面成30鈭?

角從空氣斜射向該液體，進(jìn)入該液體的光線與水平面的夾角為45鈭?.(

光在真空中的速率c=3.0隆脕108m/s)

則該液體的折射率n=

______，進(jìn)入液體的光線射到底面所需的時(shí)間為______s.

評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)23、某同學(xué)用圖示的裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，先將球a從斜槽軌道上某固定點(diǎn)處由靜止開始滾下，在水平地面的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次，再把同樣大小的球b放在斜槽軌道水平段的最右端處?kù)o止，讓球a仍從原固定點(diǎn)由靜止開始滾下，且與b球彈性相碰，碰后兩球分別落在記錄紙上的不同位置，重復(fù)10次．（兩球都在斜槽末端處的O點(diǎn)正上方水平飛出，且ma＞mb）

（1）本實(shí)驗(yàn)必須測(cè)量的物理量是______

A．小球a、b的質(zhì)量ma、mb

B．小球a、b的半徑r

C．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

D．球a的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端的高度差h

E．小球a、b離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)的飛行時(shí)間。

F．記錄紙上O點(diǎn)到兩小球的平均落點(diǎn)位置A、B、C的距離

（2）放上被碰小球，兩球（ma＞mb）相碰后，小球a、b的平均落點(diǎn)位置依次是圖中______點(diǎn)和______點(diǎn)．

（3）利用該實(shí)驗(yàn)測(cè)得的物理量，也可以判斷兩球碰撞過程中機(jī)械能是否守恒．判斷的依據(jù)是看ma2與______在誤差允許范圍內(nèi)是否相等．24、在用“單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）有下列備選器材中；需選用哪些器材較好______

A．長(zhǎng)1m左右的粗一點(diǎn)結(jié)實(shí)棉線B．長(zhǎng)1m左右的細(xì)棉線。

C．帶細(xì)孔的直徑2cm左右的鐵球D．帶細(xì)孔的直徑2cm左右的橡膠球。

E．時(shí)鐘F；秒表G、學(xué)生用刻度尺H、最小刻度是毫米的米尺。

（2）甲同學(xué)先用米尺測(cè)得擺線長(zhǎng)，再用游標(biāo)卡尺測(cè)得擺球直徑如圖甲所示為______cm，然后用秒表記錄單擺完成50次全振動(dòng)所用的時(shí)間如圖乙所示，則單擺的周期為______s（保留三位有效數(shù)字）25、在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中；備有下列器材：

。器材規(guī)格待測(cè)干電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)電阻小于0.1Ω電流表G滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10Ω電流表A量程0～0.6A，內(nèi)電阻0.1Ω滑動(dòng)變阻器R1最大阻值為20Ω，額定電流為10A滑動(dòng)變阻器R2最大阻值為200Ω，額定電流為1A定值電阻R0990Ω開關(guān)、若干導(dǎo)線（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖1所示中的（a）、（b）兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是圖______所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______．（填“R1”或者“R2”）

（2）該同學(xué)順利完成實(shí)驗(yàn)，測(cè)出的數(shù)據(jù)經(jīng)轉(zhuǎn)換后如表所示．請(qǐng)你根據(jù)這些數(shù)據(jù)幫他在下面坐標(biāo)圖中畫出U-I圖象，并由圖得出電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω；

。I/A0.100.170.230.30U/V1.201.000.800.6026、如圖所示，某同學(xué)做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)的裝置.

在正確操下得到的紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)ABC

測(cè)得它們到起始點(diǎn)O

的距離分別為hAhBhC.

設(shè)重錘質(zhì)量為m

當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為T

．

壟脜

為了驗(yàn)證重錘從打O

點(diǎn)到打B

點(diǎn)過程中的機(jī)械能是否守恒，需要計(jì)算重錘重力勢(shì)能的減少量鈻?Ep=

____，動(dòng)能的增加量鈻?Ek=

____(

用題中所給字母表示)

．壟脝

實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重錘重力勢(shì)能的減少量總略大于動(dòng)能的增加量，其主要原因是____A.

重錘的密度過大B.

電源的電壓偏低。

C.C.沒有采用多次實(shí)驗(yàn)取平均值

D.存在空氣阻力和紙帶與限位孔之間摩擦阻力評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)27、在實(shí)驗(yàn)室中用游標(biāo)卡尺測(cè)量一物體長(zhǎng)度的讀數(shù)是________毫米,螺旋測(cè)微儀測(cè)量金屬絲的直徑時(shí)，由圖可知金屬絲的直徑是____毫米。28、（7分）某實(shí)驗(yàn)小組想描繪標(biāo)有“4V2W”的小燈泡的U—I圖像，除導(dǎo)線和開關(guān)外還備有以下器材可供選擇：A．電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為1）B．電流表A2（量程3.0A，內(nèi)阻約為0.2）C．電壓表V1（量程5.0V，內(nèi)阻約為5k）D．電壓表V2（量程15.0V，內(nèi)阻約為15k）E．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為5額定電流500mA）F．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為10額定電流2.0A）G．電源（電動(dòng)勢(shì)為6.0V，內(nèi)阻約為0.5）（1）實(shí)驗(yàn)中所用的電流表應(yīng)選_________（填A(yù)1或A2）；電壓表應(yīng)選_________（填V1或V2）；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________（填R1或R2）。（2）在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)的電路圖。（3）經(jīng)過正確的操作，測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表，請(qǐng)根據(jù)下表數(shù)據(jù)在下方坐標(biāo)系中描點(diǎn)畫出小燈泡的U—I曲線。。1234567891011U/V00.400.801.201.602.002.402.803.203.604.00I/A00.120.220.300.360.400.430.460.480.490.50參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【解析】試題分析：線圈繞垂直于磁場(chǎng)的軸線轉(zhuǎn)動(dòng)會(huì)形成按正余弦規(guī)律變化的交流電，A中線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，磁通量不發(fā)生變化，所以不會(huì)形成感應(yīng)電流，BCD均符合產(chǎn)生交流電的條件故選A考點(diǎn)：考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件【解析】【答案】A2、B【分析】解：速度是既有大小又有方向；相加時(shí)遵循平行四邊形定則的矢量，而質(zhì)量；路程、時(shí)間只有大小沒有方向，所以它們都是標(biāo)量．故ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選：B

既有大小又有方向；相加時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力；速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，如路程、時(shí)間、質(zhì)量等都是標(biāo)量．

矢量與標(biāo)量要掌握它們的兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則．【解析】【答案】B3、C【分析】解：取兔子奔跑的速度方向?yàn)檎较颉?/p>

根據(jù)動(dòng)量定理得鈭?Ft=0鈭?mv

v=Ftm

由F=mg

得到v=mgtm=gt=2m/s

故選：C

以兔子為研究對(duì)象；它與樹樁碰撞過程中，水平方向受到樹對(duì)它的打擊力，速度減小至零，根據(jù)動(dòng)量定理研究其速度．

本題應(yīng)用動(dòng)量研究碰撞過程物體的速度.

對(duì)于打擊、碰撞、爆炸等變力作用過程，往往用動(dòng)量定理研究作用力．【解析】C

4、B【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡移動(dòng)問題，題目難度不大，注意通過改變體積濃度的變化判斷平衡移動(dòng)的方向，此為解答該題的關(guān)鍵?！窘獯稹坎捎眉僭O(shè)法分析，假設(shè)rm{a=b}保持溫度不變，將容器體積增加一倍，平衡不移動(dòng)，rm{A}和rm{B}的濃度應(yīng)均是原來的rm{dfrac{1}{2}}倍，但當(dāng)達(dá)到新的平衡時(shí)，rm{A}的濃度是原來的rm{60%}說明減小壓強(qiáng)平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動(dòng)。

A.增大體積，壓強(qiáng)減小，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，則說明rm{a>b}故A錯(cuò)誤；B.平衡時(shí)rm{A}的濃度是原來的rm{60%}大于原來的rm{dfrac{1}{2}}倍；說明平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動(dòng)，故B正確；

C.平衡時(shí)rm{A}的濃度是原來的rm{60%}大于原來的rm{dfrac{1}{2}}倍，說明平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.平衡應(yīng)向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，物質(zhì)rm{B}的質(zhì)量減小，混合物總質(zhì)量不變，所以物質(zhì)rm{B}質(zhì)量分?jǐn)?shù)減小，故D錯(cuò)誤。故選B。

【解析】rm{B}5、C【分析】【解析】試題分析：電鍵閉合后有電流通過電表的表頭，則兩電表指針都會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)；改裝成電流表需并聯(lián)一電阻，改裝成電壓表需串聯(lián)一電阻，將改裝后的電流表和電壓表串聯(lián)接入電路中，因電流表并聯(lián)電阻的分流，通過電流表表頭的電流較小，電流表的指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角。故選C考點(diǎn)：電表的改裝【解析】【答案】C二、多選題(共7題，共14分)6、AB【分析】略【解析】AB

7、CD【分析】【分析】由圖示圖象求出物塊的加速度；然后應(yīng)用牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)，根據(jù)動(dòng)摩擦因數(shù)判斷物塊能否下滑；根據(jù)圖示圖象求出物塊向上滑行的最大高度；應(yīng)用牛頓第二定律求出推力大小。

本題考查動(dòng)力學(xué)知識(shí)與圖象的綜合，通過圖線求出勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度是解決本題的關(guān)鍵?！窘獯稹緼C.AC.由圖乙所示圖象可知，加速度：a1=?v?t=30.9m/s2=103m/s2，a2=?v?t=31.2鈭?0.9m/s2=10m/s2，

在勻減速直線運(yùn)動(dòng)過程中，由牛頓第二定律知：mgsin30鈭?+婁脤mgcos30鈭?=mamgsin30^{circ}+婁脤mgcos30^{circ}=ma22，解得：婁脤=33，

由于婁脤=tan婁脠=33，物塊到達(dá)CC點(diǎn)后將靜止在CC點(diǎn)不會(huì)下滑，故A錯(cuò)誤，C正確；

B.由圖乙所示圖象可知，物塊向上滑行的最大距離：s=12隆脕3隆脕1.2m=1.8m，向上滑行的最大高度：h=ssin30鈭?=0.9mh=ssin30^{circ}=0.9m故B錯(cuò)誤；

D.在勻加速運(yùn)動(dòng)階段，由牛頓第二定律得：F鈭?mgsin30鈭?鈭?婁脤mgcos30鈭?=maF-mgsin30^{circ}-婁脤mgcos30^{circ}=ma11，解得：F=4NF=4N故D正確。

故選CD。

【解析】CD

8、BCD【分析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能反映花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)；液體表面存在表面張力，能使空氣的小雨滴呈球形；液晶具有各向異性的特點(diǎn)；高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)氣壓低的緣故；濕溫度計(jì)下端包有濕紗布，濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要吸熱，所以濕溫度計(jì)的示數(shù)較低。本題重點(diǎn)要掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)，液體表面張力的形成的原因，等基礎(chǔ)知識(shí)?！窘獯稹?/p>

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中花粉的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運(yùn)動(dòng)不能反映了花粉分子的熱運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力；使雨滴表面有收縮的趨勢(shì)的結(jié)果，故B正確；

C.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故C正確；

D.干濕泡溫度計(jì)的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；主要是由于濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱，從而溫度降低的緣故，故D正確。

故選BCD?！窘馕觥緽CD

9、ABC【分析】解：由于質(zhì)子帶正電；因此則有：

A

選項(xiàng)中；磁場(chǎng)對(duì)粒子作用力為零，電場(chǎng)力與粒子運(yùn)動(dòng)方向在同一直線，方向不會(huì)發(fā)生偏移，AB正確．

C

選項(xiàng)中；電場(chǎng)力方向向上，洛倫茲力方向向下，當(dāng)這兩個(gè)力平衡時(shí)，粒子方向可以始終不變，C正確．

D

選項(xiàng)；電場(chǎng)力沿z

軸正方向，洛倫茲力沿z

軸正方向，兩力方向相同，兩力的合力與運(yùn)動(dòng)方向垂直，粒子將做曲線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤．

故選ABC．

根據(jù)各選項(xiàng)提供的電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向；逐一分析各選項(xiàng)中的受力情況，分析電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的合力，即可判斷帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況．

該題考查了電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的方向的判斷，在判斷磁場(chǎng)力方向時(shí)，要會(huì)熟練的應(yīng)用左手定則；了解二力平衡的條件，會(huì)準(zhǔn)確的判斷二力是否能平衡是解決此類問題的關(guān)鍵．【解析】ABC

10、ABC【分析】解：A

根據(jù)左手定則知，導(dǎo)體棒開始所受的安培力方向水平向右，根據(jù)F=BIL

知，安培力在第一個(gè)T2

內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在第二個(gè)T2

內(nèi)；安培力方向水平向左，大小不變，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性知，一個(gè)周期末速度為零，金屬棒的速度方向未變.

知金屬棒一直向右移動(dòng)，先向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度隨時(shí)間周期性變化.

故A；B正確．

C；因?yàn)殡娏髦芷谛宰兓?；則安培力也周期性變化.

故C正確．

D；在一個(gè)周期內(nèi)；動(dòng)能的變化量為零，則安培力在一個(gè)周期內(nèi)做功為零.

故D錯(cuò)誤．

故選：ABC

．

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)規(guī)律.

從而得出速度；安培力隨時(shí)間的變化規(guī)律．

解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的方向判斷，會(huì)根據(jù)金屬棒的受力情況判斷其運(yùn)動(dòng)情況是解決本題的基礎(chǔ)．【解析】ABC

11、BD【分析】解：A

海市蜃樓是由光的折射；導(dǎo)致光線偏離出現(xiàn)的現(xiàn)象，并滿足全反射條件，因此是光的全反射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B；泊松亮斑是光射到不透明的小圓盤；屏上中心處出現(xiàn)亮斑，則說明光偏離直線傳播，屬于光的衍射，因此具有波動(dòng)性，故B正確；

C；調(diào)制有調(diào)幅與調(diào)頻兩種；圖為調(diào)頻，故C錯(cuò)誤；

D；測(cè)量?jī)纱怪惫獾墓馑俨钪档囊豁?xiàng)著名的物理實(shí)驗(yàn).

但結(jié)果證明光速在不同慣性系和不同方向上都是相同的；由此確定了光速不變?cè)?，故D正確；

故選BD

海市蜃樓是光的全反射現(xiàn)象；泊松亮斑說明光偏離直線傳播；調(diào)制分為調(diào)頻與調(diào)幅兩種；莫雷實(shí)驗(yàn)證實(shí)了光速不變?cè)恚?/p>

考查光的全反射條件、光的衍射現(xiàn)象，并知道調(diào)制的兩種方式．【解析】BD

12、BD【分析】解：A

電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與試探電荷的電量無(wú)關(guān)；q

減半，則該處場(chǎng)強(qiáng)不變，故A正確．

B、E=kQr2

適用于點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)，當(dāng)某點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q

間距離r隆煤0

時(shí)；該電荷不能看成點(diǎn)電荷，該公式不再適用，故B錯(cuò)誤．

C、由E=kQr2

知，在以Q

為球心、r

為半徑的球面上；各處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，故C正確．

D、在E=Ud

中；d

表示兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向的距離，不一定是兩點(diǎn)的距離，故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的；故選：BD

．

E=Fq

為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，適用于一切電場(chǎng)，E=kQr2

是點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，適用于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，E=Ud

適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)的計(jì)算；注意d

表示兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向上的距離．

明確電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)；場(chǎng)強(qiáng)公式E=Fq

是采用比值法下的定義是解題的關(guān)鍵.

知道E=FqE=kQr2E=Ud

三個(gè)公式的適用條件．【解析】BD

三、填空題(共9題，共18分)13、正【分析】【解答】向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外．

故答案為：正。

【分析】小磁針N極受力方向與磁場(chǎng)方向相同．電流方向與正電荷定向移動(dòng)方向相同，與負(fù)電荷定向移動(dòng)方向相反．根據(jù)安培定則，將選項(xiàng)逐一代入檢查，選擇符合題意的選項(xiàng)．14、略

【分析】解：電場(chǎng)力水平向左；但電荷帶負(fù)電，負(fù)電荷電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線方向相反，故電場(chǎng)強(qiáng)度方向向右．

由平衡條件：

Tsin30°=qE

Tcos30°=mg

聯(lián)立兩方程得：

E==1.73×107N/C

故答案為：水平向右；，1.73×107．

小球受重力；電場(chǎng)力、拉力．根據(jù)電場(chǎng)力的方向確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．

根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出電場(chǎng)力的大小．再根據(jù)E=求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與正電荷所受電場(chǎng)力方向相同，與負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向相反．以及會(huì)正確進(jìn)行受力分析，利用共點(diǎn)力平衡求解力．【解析】水平向右；1.73×10715、略

【分析】

（1）閉合開關(guān)之前，為防止電表過載，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P應(yīng)放在電阻的阻值最大處，故滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P應(yīng)放在b處；

（2）電流表和電壓表的選擇要保證安全和讀數(shù)時(shí)指針的偏轉(zhuǎn)大約在～之間，干電池1節(jié)，電壓1.5V，故電壓表應(yīng)選擇量程為3V的；在該實(shí)驗(yàn)中，一般要求電流最大不超過1A左右，故應(yīng)選擇0.6A的電流表；電流值在0.1～0.6A之間變化時(shí)，電路中的電阻約為：故選擇50Ω的滑動(dòng)變阻器較為合適；另外還要選擇干電池和電建和導(dǎo)線．故該實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇的器材是ABDFH；

（3）在圖線中，圖線與縱軸的交點(diǎn)就是所要測(cè)量的電動(dòng)勢(shì)，讀數(shù)為1.5V；內(nèi)電阻可以使用公式：

故答案為：b；ABDFH；1.5V；1.0Ω．

【解析】【答案】（1）閉合開關(guān)之前；為防止電表過載，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P應(yīng)放在電阻的阻值最大處，以保證電路的安全；

（2）電流表和電壓表的選擇要保證安全和讀數(shù)時(shí)指針的偏轉(zhuǎn)大約在～之間；

（3）在圖線中，圖線與縱軸的交點(diǎn)就是所要測(cè)量的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻可以使用公式：進(jìn)行計(jì)算．

16、略

【分析】

小球從2m高處為起點(diǎn)自由下落；被地板彈回后在離地面0.5m處被接住，終點(diǎn)離地面0.5m故物體的位移為1.5m，因?yàn)榻?jīng)地板彈回，落回地板時(shí)路程2m，又反彈0.5m，故全程的路程為2+0.5m=2.5m．

故答案為：2.5；1.5．

【解析】【答案】位移是物體位置的移動(dòng)；由物體初末位置決定，路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，由運(yùn)動(dòng)軌跡決定．

17、略

【分析】試題分析：假設(shè)q1帶負(fù)電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶負(fù)電；假設(shè)q1帶正電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶正電，但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都帶負(fù)電荷．由于三個(gè)電荷均處于平衡狀態(tài)，由庫(kù)侖定律建立如下平衡式：對(duì)q1：對(duì)q2：對(duì)q3：解得：q1：q2：q3=考點(diǎn)：庫(kù)侖定律，共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】負(fù)，18、略

【分析】解：重力做功為：WG=-mgh=100×10×3=-3×103J；

負(fù)號(hào)說明克服重力做功為3×103J；

斜面與水平面夾角的正弦值sinθ=

則余弦值為：cosθ=

摩擦力大小為：f=μmgcosθ=0.1×100×10×=80N；

則摩擦力做功為：Wf=-fL=-80×5=-400J；

根據(jù)動(dòng)能定理可知：WF+Wf+WG=0

解得拉力做功為：WF=3.4×103J；

故答案為：3×103；-400；3.4×103；

根據(jù)功的計(jì)算方法可分別求出重力的功和摩擦力的功；再根據(jù)動(dòng)能定理可求出拉力的功．

本題考查動(dòng)能定理的應(yīng)用，要注意明確合力的功為各力做功的代數(shù)和，在計(jì)算時(shí)一定注意各功的正負(fù)，不要在符號(hào)上出現(xiàn)問題．【解析】3×103；-400；3.4×10319、略

【分析】解：當(dāng)某測(cè)電筆上的氖管兩端所加電壓達(dá)到86.7V時(shí)即開始發(fā)光；低于該電壓時(shí)熄滅．

若把此氖管接在電壓U=71V，電壓最大值為71V；

頻率f=50Hz；周期T=0.02s；

一個(gè)周期內(nèi)發(fā)光兩次；所以每秒內(nèi)閃光的次數(shù)n=100次；

故答案為：100．

根據(jù)電壓必須達(dá)到86.7V以上才能發(fā)光；根據(jù)瞬時(shí)表達(dá)式求出周期及頻率，求出一個(gè)周期內(nèi)發(fā)光的次數(shù)，進(jìn)而可以求得通電1s內(nèi)，氖管發(fā)光的次數(shù)．

本題考查了交流電表達(dá)式的靈活應(yīng)用，寫出交流電的表達(dá)式，靈活應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)即可正確解答．【解析】10020、（1）①（2）×1②（3）28【分析】【分析】(1)

明確多用電表的使用方法；知道在使用前應(yīng)觀察指針是否在左側(cè)零刻度處，如不在應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；

(2)

用歐姆表測(cè)電阻時(shí)；歐姆表指針應(yīng)指在歐姆表刻度盤中央附近，根據(jù)待測(cè)電阻阻值選擇合適的擋位，并進(jìn)行歐姆調(diào)零；

(3)

根據(jù)指針位置得出讀數(shù)，再乘以檔位即可得出最終的讀數(shù)。本題利用多用電表測(cè)量電阻，要注意掌握多用電表的使用方法，掌握機(jī)械調(diào)零和歐姆調(diào)零，同時(shí)注意如何選擇合適的檔位，并進(jìn)行讀數(shù)，注意明確每次換檔均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零?！窘獯稹?1)

由圖甲可知；電表指針沒有指在左側(cè)零刻度處，故應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故應(yīng)用螺絲刀調(diào)節(jié)旋鈕壟脵

(2)

由圖乙可知；測(cè)量電阻時(shí)指針偏轉(zhuǎn)較大，表盤上示數(shù)偏小，則說明所選檔位太大，故應(yīng)換用小檔位，故選：隆脕1

同時(shí)每次換檔后均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，故將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指到右側(cè)零刻度處；

(3)

由圖可知；電阻R=28隆脕1=28婁賂

故填：(1)壟脵(2)隆脕1壟脷(3)28

【解析】(1)壟脵(1)壟脵(2)隆脕1(2)隆脕1壟脷壟脷(3)28(3)2821、略

【分析】解：根據(jù)幾何知識(shí)可知，入射角i=60鈭?

折射角r=45鈭?

根據(jù)折射定律得：

n=sinisinr=sin60鈭?sin45鈭?=62

光在液體中傳播的速度為：v=cn

光線射到底面時(shí)傳播的距離為：S=hcosr=2h

所以進(jìn)入液體的光線射到底面所需的時(shí)間：t=Sv=2nhc=2隆脕62隆脕13隆脕108=33隆脕10鈭?8s

故答案為：6233隆脕10鈭?8

．

由題圖知入射角i=60鈭?

折射角r=45鈭?

根據(jù)折射定律求解該液體的折射率；由幾何知識(shí)求出光在液體中傳播的距離S

由v=cn

求出光在液體中傳播的速度v

根據(jù)公式t=Sv

求出傳播的時(shí)間．

本題是幾何光學(xué)中基本問題，是折射定律和光速公式的應(yīng)用，要注意入射角和折射角都是指光線與光線的夾角，不是與界面的夾角．【解析】6233隆脕10鈭?8

四、判斷題(共1題，共2分)22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)23、略

【分析】解：（1）小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，t=a球與b球不碰撞，落在B點(diǎn)，則速度：a球與b球碰撞后，a球落在A點(diǎn)，b球落在C點(diǎn)；則碰后a球的速度：

b球的速度：

本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證mav0=mav1+mbv2，即：所以需要測(cè)量?jī)汕虻馁|(zhì)量和記錄紙上O點(diǎn)到兩小球的平均落點(diǎn)位置A；B、C的距離，故A、F正確．

故選：AF．

（2）a小球和b小球相撞后，b小球的速度增大，a小球的速度減小，所以碰撞后a球的落地點(diǎn)距離O點(diǎn)最近，b小球離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，中間一個(gè)點(diǎn)是未放b球時(shí)a的落地點(diǎn)，所以相碰后，小球a、b的平均落點(diǎn)位置依次是圖中A；C點(diǎn)．

（3）由于小球小球平拋運(yùn)動(dòng)的高度相同；因此時(shí)間相等，設(shè)時(shí)間為t，則a球碰前的速度為：

a球與b球碰撞后，a球落在A點(diǎn)，b球落在C點(diǎn)，則碰后a球的速度：b球的速度：

若滿足：則兩球碰撞過程中機(jī)械能守恒，即需要驗(yàn)證：=是否成立，即可驗(yàn)證兩球碰撞過程中機(jī)械能是否守恒．

故答案為：（1）AF；（2）A，C；（3）．

（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)求出碰撞前后兩個(gè)小球的速度；從而得出動(dòng)量守恒的表達(dá)式，確定所需測(cè)量的物理量．

（2）小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大；小球a的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律不難判斷出各自做平拋運(yùn)動(dòng)的落地點(diǎn)．

（3）平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由豎直高度決定；因此在高度一定的情況下，水平距離表示速度大小，然后根據(jù)碰前動(dòng)能等于碰后動(dòng)能可以得出需要驗(yàn)證的表達(dá)式．

驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律中，要學(xué)會(huì)在相同高度下，由水平射程來間接測(cè)出速度的方法，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．【解析】AF；A；C；24、BCFH0.971.50【分析】解：（1）為減小實(shí)驗(yàn)誤差；應(yīng)選擇適當(dāng)長(zhǎng)些的非彈性細(xì)線做擺線，為減小實(shí)驗(yàn)誤差應(yīng)選擇質(zhì)量大而體積小即密度大的球做擺球；

則擺線應(yīng)選擇B；長(zhǎng)1m左右的細(xì)棉線；擺球應(yīng)選擇C、帶細(xì)孔的直徑2cm左右的鐵球；測(cè)量時(shí)間需要F、秒表，測(cè)量擺長(zhǎng)需要H、最小刻度是毫米的米尺；

（2）由圖示游標(biāo)卡尺可知；其示數(shù)為：9mm+7×0.1mm=9.7mm=0.97cm；

由圖示秒表可知，其示數(shù)：t=60s+15.2s=75.2s，單擺的周期：T=≈1.50s；

故答案為：（1）BCFH；（2）0.97；1.50。

（1）為減小實(shí)驗(yàn)誤差；應(yīng)選擇適當(dāng)長(zhǎng)些的非彈性細(xì)線做擺線，為減小實(shí)驗(yàn)誤差應(yīng)選擇質(zhì)量大而體積小即密