2025年人教版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版高二物理上冊(cè)月考試卷477考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，真空中的勻強(qiáng)電場(chǎng)與水平方向成15鈭?

角，AB

直線垂直勻強(qiáng)電場(chǎng)E.

現(xiàn)有一質(zhì)量為m

電荷量為+q

的小球在A

點(diǎn)以初速度大小為v0

方向水平向右拋出，經(jīng)時(shí)間t

小球下落到C

點(diǎn)(

圖中未畫(huà)出)

時(shí)速度大小仍為v0

則小球由A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.C

點(diǎn)可能位于AB

直線的左下側(cè)B.電場(chǎng)力對(duì)小球做功為零C.小球的電勢(shì)能減小D.小球的機(jī)械能一定減小2、如圖所示；長(zhǎng)直導(dǎo)線MN被固定，且與線圈A在同一平面內(nèi)，為了使A中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，可采取的辦法是（）

A.把閉合電鍵K斷開(kāi)。

B.使線圈A向下平動(dòng)。

C.把變阻器滑片P向右移動(dòng)。

D.把變阻器滑片P向左移動(dòng)。

3、如圖所示，用輕彈簧連接起來(lái)的兩個(gè)同樣的擺，兩擺的振動(dòng)使它們?nèi)魏螘r(shí)刻都偏過(guò)同樣的角度，但圖甲中兩擺總是偏向同一方，即左右擺動(dòng)步調(diào)一致；圖乙中兩擺總是向相反方向，即左右擺動(dòng)步調(diào)相反，則兩擺的周期T甲、T乙比較時(shí)；大小為（）

A.T甲=T乙

B.T甲＞T乙

C.T甲＜T乙

D.無(wú)能確定。

4、如圖所示，兩豎直平行板間同時(shí)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E

方向水平向左，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

方向與電場(chǎng)垂直且水平向里.

一帶點(diǎn)液滴以豎直向下的初速度v

0=

進(jìn)入電；磁場(chǎng)區(qū)域；最終能飛出該區(qū)域.

則液滴在電、磁場(chǎng)中()

A.做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。

C.運(yùn)動(dòng)速度逐漸減小D.機(jī)械能逐漸減小5、有兩個(gè)點(diǎn)電荷，帶電荷量分別為Q

和q

相距為d

相互作用力為F

為了使它們之間的作用力加倍，下列做法可行的是(

)

A.僅使Q

加倍B.僅使q

減小為原來(lái)的一半C.使Q

和q

都加倍D.僅使d

減為原來(lái)的一半6、關(guān)于電源和電流，下述說(shuō)法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上始終等于電源正負(fù)極之間的電壓B.由公式R=可知，導(dǎo)體的電阻與通過(guò)它的電流成反比C.從能量轉(zhuǎn)化的角度看，電源通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能D.打開(kāi)教室開(kāi)關(guān)，日光燈立刻就亮了，表明導(dǎo)線中自由電荷定向運(yùn)動(dòng)的速率接近光速7、用活塞氣筒向一個(gè)容積為V的容器內(nèi)打氣，每次能把體積為V0，壓強(qiáng)為p0的空氣打入容器內(nèi)．若容器內(nèi)原有空氣的壓強(qiáng)為p，打氣過(guò)程中溫度不變，則打了n次后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為（）A.B.p0+np0C.p+n（）D.P0+（）n?p0評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、圖甲所示線圈總電阻r=0.5Ω，匝數(shù)n=10，其端點(diǎn)a、b與R=1.5Ω的電阻相連，線圈內(nèi)磁通量變化規(guī)律如圖乙所示．關(guān)于a、b兩點(diǎn)電勢(shì)?a______?b（填“大于”或“小于”），兩點(diǎn)電勢(shì)差Uab=______V．9、圖1游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_____mm；

圖2螺旋測(cè)微器讀數(shù)為_(kāi)_____mm．

10、在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)時(shí)：

(1)下列給出的材料中應(yīng)選擇____________作為擺球與擺線；組成單擺．

A．木球B．鐵球C．柔軟不易伸長(zhǎng)的絲線D．粗棉線。

(2)在測(cè)定單擺擺長(zhǎng)時(shí)；下列的各項(xiàng)操作正確的是____________

A．裝好單擺；抓住擺球，用力拉緊，測(cè)出擺線懸點(diǎn)到擺球球心之間距離。

B．讓單擺自由下垂；測(cè)出擺線長(zhǎng)度再加上擺球直徑。

C．取下擺線；測(cè)出擺線長(zhǎng)度后再加上擺球半徑。

D．測(cè)出小球直徑；把單擺固定后，讓小球自然下垂，用刻度尺量出擺線的長(zhǎng)度，再加上小球的半徑。

(3)實(shí)驗(yàn)測(cè)得重力加速度的值較當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹灯?；可能的原因是____________

A．?dāng)[球的質(zhì)量偏大B．單擺振動(dòng)的振幅偏小。

C．計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)加上了擺球的直徑D．將實(shí)際振動(dòng)次數(shù)n次誤記成(n+1)次。

(4)實(shí)驗(yàn)中測(cè)量得小球的直徑的示數(shù)如圖1所示；圖中游標(biāo)尺上有20個(gè)等分刻度，則小球的直徑d為_(kāi)___________mm．用秒表記下了單擺振動(dòng)50次的時(shí)間如圖2所示，由圖可讀出時(shí)間為_(kāi)___________s．

11、如圖甲所示；為一種調(diào)光臺(tái)燈電路示意圖，它通過(guò)雙向可控硅電子器件實(shí)現(xiàn)了無(wú)級(jí)調(diào)節(jié)亮度.

給該臺(tái)燈接220V

的正弦交流電后加在燈管兩端的電壓如圖乙所示，則此時(shí)交流電壓表的示數(shù)為_(kāi)_____V

．

12、如圖所示，在光滑水平面上有一輛質(zhì)量M=8kg的平板小車(chē)，車(chē)上有一個(gè)質(zhì)量m=1.9kg的木塊，木塊距小車(chē)左端6m（木塊可視為質(zhì)點(diǎn)），車(chē)與木塊一起以v=1m/s的速度水平向右勻速行駛．一顆質(zhì)量m0=0.1kg的子彈以v0=179m/s的初速度水平向左飛來(lái)，瞬間擊中木塊并留在其中．如果木塊剛好不從車(chē)上掉下來(lái)，求木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ．（g=10m/s2）13、如圖，靠齒輪傳動(dòng)的兩個(gè)圓輪，半徑之比為3：5，則兩輪的轉(zhuǎn)速之比____．

14、在做用油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，已知實(shí)驗(yàn)室中使用的酒精油酸溶液的體積濃度為n，又用滴管測(cè)得每N滴這種酒精油酸的總體積為V，將一滴這種溶液滴在淺盤(pán)中的水面上，在玻璃板上描出油膜的邊界線，再把玻璃板放在畫(huà)有邊長(zhǎng)為a的正方形小格的紙上（如圖）測(cè)得油膜占有的小正方形個(gè)數(shù)為m．用以上字母表示油酸分子的大小d=______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、解答題(共3題，共18分)22、一臺(tái)電扇的額定電壓220V；正常工作時(shí)的電流是0.8A，若它的線圈電阻是2.5Ω，求這臺(tái)電扇的耗電功率；發(fā)熱功率．

23、如圖所示，電源是用4節(jié)電池連成的串聯(lián)電池組，每節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為1Ω，R1=8Ω，R2=8Ω，R3=4Ω；求三個(gè)電阻上的電流分別是多大？

24、波速均為v=2m/s的甲；乙兩列簡(jiǎn)諧橫波都沿x軸正方向傳播；某時(shí)刻波的圖象分別如圖所示，其中P、Q處的質(zhì)點(diǎn)均處于波峰．關(guān)于這兩列波，下列說(shuō)法正確的是______

A．甲波中的P處質(zhì)點(diǎn)比M處質(zhì)點(diǎn)先回平衡位置。

B．從圖示的時(shí)刻開(kāi)始；P處質(zhì)點(diǎn)比Q處質(zhì)點(diǎn)先回平衡位置。

C．從圖示的時(shí)刻開(kāi)始；經(jīng)過(guò)1.0s，P質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的位移為2m

D．如果這兩列波相遇可能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣．

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共12分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】解：A

小球由A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)的過(guò)程中；重力做正功，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理得知，電場(chǎng)力必定做負(fù)功，小球的電勢(shì)能增加，小球帶正電，則C

點(diǎn)的電勢(shì)比A

點(diǎn)電勢(shì)高，故C點(diǎn)一定位于AB

直線的右側(cè)，故ABC錯(cuò)誤；

D；小球具有機(jī)械能和電勢(shì)能；小球的電勢(shì)能增加，由能量守恒定律可知，小球的機(jī)械能一定減小，故D正確．

故選：D

．

小球由A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)的過(guò)程中；重力做正功，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理可判斷出電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，C

點(diǎn)的電勢(shì)比A

點(diǎn)電勢(shì)高，可知C

點(diǎn)位于AB

直線的右側(cè)，并利用類斜拋的合成與分解方法，依據(jù)合力方向速度為零，則球達(dá)到最高點(diǎn)，即速度最小．

本題運(yùn)用動(dòng)能定理分析電場(chǎng)力做功正負(fù)，并分析電勢(shì)能、機(jī)械能的變化.

根據(jù)推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，分析C

點(diǎn)的位置，并掌握類斜拋運(yùn)動(dòng)的處理規(guī)律．【解析】D

2、D【分析】

A；當(dāng)把閉合電鍵K斷開(kāi)后；直導(dǎo)線MN中沒(méi)有電流，則通過(guò)線框A的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，且均勻減小，根據(jù)楞次定律，知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍蔄錯(cuò)誤．

B；使線圈A向下平動(dòng)；導(dǎo)致垂直向里的穿過(guò)線圈A的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向順時(shí)針．故B錯(cuò)誤．

C；當(dāng)把變阻器滑片P向右移動(dòng)；導(dǎo)致MN直導(dǎo)線電流減小，則垂直穿過(guò)線圈的磁通量也在減小，所以產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針．故C錯(cuò)誤；

D；當(dāng)把變阻器滑片P向左移動(dòng)；導(dǎo)致MN直導(dǎo)線電流增大，則垂直穿過(guò)線圈的磁通量也在增大，所以產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針．故D正確．

故選D．

【解析】【答案】由于穿過(guò)線圈A的磁通量變化；從而使A中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，因此根據(jù)楞次定律，即可判定磁通量如何變化，從而即可求解．

3、B【分析】

單擺的回復(fù)力是重力沿圓弧切線方向的分力．甲中兩擺總是偏向同一方，左右擺動(dòng)步調(diào)一致，彈簧沒(méi)有彈力，回復(fù)力是重力沿圓弧切線方向的分力，其周期仍為T(mén)甲=2．而圖乙中兩擺總是向相反方向，左右擺動(dòng)步調(diào)相反，若彈簧一直處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，擺球的平衡位置右移，回復(fù)力增大，擺球振動(dòng)加快，周期縮短；若彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，擺球的平衡位置右移，回復(fù)力增大，擺球振動(dòng)加快．若伸長(zhǎng)和壓縮狀態(tài)交替產(chǎn)生，擺球的平衡位置右移，回復(fù)力增大，擺球振動(dòng)加快．則T乙＜2．所以T甲＞T乙．

故選B

【解析】【答案】單擺的周期公式是T=2反映了單擺振動(dòng)的快慢．甲中兩擺總是偏向同一方，左右擺動(dòng)步調(diào)一致，彈簧沒(méi)有彈力，其周期仍為T(mén)=2．而圖乙中兩擺總是向相反方向；左右擺動(dòng)步調(diào)相反，振動(dòng)加快，周期減?。?/p>

4、D【分析】解：A

帶點(diǎn)液滴進(jìn)入場(chǎng)中時(shí)；由題意可知，電場(chǎng)力等于洛倫茲力，所以重力使其加速運(yùn)動(dòng)，從而影響洛倫茲力，使其大小增大，導(dǎo)致方向也發(fā)生變化，所以帶點(diǎn)液滴將向右做變速曲線運(yùn)動(dòng)，故AB均錯(cuò)誤；

C；由題意可知；帶點(diǎn)液滴向右偏離并射出復(fù)合場(chǎng)，則運(yùn)動(dòng)速度漸漸增大，故C錯(cuò)誤；

D；由上分析可知；電場(chǎng)力做負(fù)功，導(dǎo)致電勢(shì)能增加，則機(jī)械能減小，故D正確；

故選D【解析】D

5、A【分析】【分析】根據(jù)庫(kù)侖定律的公式寫(xiě)出在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷間的作用力遵守庫(kù)侖力，運(yùn)用比例法求解。

本題考查運(yùn)用比例法解決物理問(wèn)題的能力，技巧在于用相同的量表示作用力，然后求出比例關(guān)系?！窘獯稹扛鶕?jù)庫(kù)侖定律F=kq1q2r2

當(dāng)Q

加倍時(shí)；則作用力變化2F

故A正確；

當(dāng)q

減為原來(lái)的一半，由公式可知，作用力變化故B錯(cuò)誤；當(dāng)Q

和q

都加倍；根據(jù)公式可知，作用力變?yōu)?F

故C錯(cuò)誤；

如果Qq

恒定，當(dāng)距離變?yōu)?2d

時(shí)；作用力將變?yōu)?F

故D錯(cuò)誤。

故選A。

【解析】A

6、C【分析】解：A；電源正負(fù)極之間的電壓稱為路端電壓；當(dāng)外電路接通時(shí)，路端電壓小于電源的電動(dòng)勢(shì)。故A錯(cuò)誤；

B、公式R=是電阻的定義式；與電阻兩端的電壓以及通過(guò)它的電流都無(wú)關(guān)。故B錯(cuò)誤；

C；從能量轉(zhuǎn)化的角度看；電源通過(guò)非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能。故C正確；

D；打開(kāi)教室開(kāi)關(guān)；日光燈立刻就亮了，是由于導(dǎo)線中電場(chǎng)傳播的速度接近光速，而不是自由電荷定向運(yùn)動(dòng)的速率接近光速。故D錯(cuò)誤。

故選：C。

電動(dòng)勢(shì)是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量．電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓．電動(dòng)勢(shì)由電源性質(zhì)決定，外電路無(wú)關(guān)；公式R=是電阻的定義式；打開(kāi)教室開(kāi)關(guān)；日光燈立刻就亮了，是由于導(dǎo)線中電場(chǎng)傳播的速度接近光速．

該題考查電動(dòng)勢(shì)的概念以及對(duì)電阻的理解，解答的關(guān)鍵是理解并掌握電動(dòng)勢(shì)的物理意義和閉合電路歐姆定律．基礎(chǔ)題目．【解析】C7、C【分析】解：以容器內(nèi)氣體與打入氣體為研究對(duì)象，氣體的狀態(tài)參量：初狀態(tài)：V1=nV0，V2=V，P1=P0，P2=P

末狀態(tài)：V3=V，P3=？？

由玻意耳定律得：

p1V1+p2V2=P3V3

解得：p3=p+

故選：C。

以容器內(nèi)原有的氣體與打入的氣體為研究對(duì)象；求出氣體的狀態(tài)參量，應(yīng)用玻意耳定律求出氣體壓強(qiáng)．

本題考查了求氣體壓強(qiáng)，由于是將兩部分飛氣體合并到一起，所以巧妙選擇研究對(duì)象，求出氣體的狀態(tài)參量、應(yīng)用玻意耳定律是解題的關(guān)鍵．【解析】C二、填空題(共7題，共14分)8、略

【分析】解：從圖中發(fā)現(xiàn)：線圈的磁通量是增大的；根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)跟原磁場(chǎng)方向相反，即感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲猓鶕?jù)右手定則，我們可以判斷出線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)椋耗鏁r(shí)針?lè)较颍?/p>

在回路中，線圈相當(dāng)于電源，由于電流是逆時(shí)針?lè)较?，那么a相當(dāng)于電源的正極，b相當(dāng)于電源的負(fù)極，所以a點(diǎn)的電勢(shì)大于b點(diǎn)的電勢(shì)．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：

E==10×V=2V；

再由閉合電路歐姆定律，則有：I===1A．

a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差就相當(dāng)于電路中的路端電壓．

所以Uab=IR=1.5V．

故答案為：大于；1.5．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．

結(jié)合電路知識(shí)求出a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差．

通過(guò)Φ-t圖象運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)結(jié)合物理規(guī)律解決問(wèn)題；其中我們要知道Φ-t圖象斜率的意義．

在電磁感應(yīng)的問(wèn)題中要知道哪部分相當(dāng)于電源．【解析】大于；1.59、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.0cm=50mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為：4.5mm+0.200mm=4.700mm，由于需要估讀因此在范圍4.699-4.703mm內(nèi)均正確．

故答案為：50.15；4.700

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】50.15；4.70010、略

【分析】解：(1)為減小空氣阻力與擺長(zhǎng)變化對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響；應(yīng)選用密度大而體積小的球作為擺球，應(yīng)選長(zhǎng)度不易發(fā)生變化的線作為擺線，因此擺球應(yīng)選B，擺線選C；

(2)單擺擺長(zhǎng)等于擺球半徑與擺線長(zhǎng)度之和；應(yīng)先測(cè)出擺球直徑，然后把單擺懸掛好，再測(cè)出擺線長(zhǎng)度，擺球半徑與擺線長(zhǎng)度之和是單擺擺長(zhǎng)，故D正確；

(3)由單擺周期公式T=2π重力加速度：g=

A、由g=可知；重力加速度與擺球質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B、由g=可知；重力加速度與振幅無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C、算擺長(zhǎng)時(shí)加上了擺球的直徑，擺長(zhǎng)偏大，由g=可知，重力加速度的測(cè)量值偏大，故C正確；D、將實(shí)際振動(dòng)次數(shù)n次誤記成(n+1)次，所測(cè)周期T偏小，由g=可知；重力加速度的測(cè)量值偏大，故D正確；故選CD．

(4)由圖示游標(biāo)卡尺可知；主尺示數(shù)為1.1cm=11mm，游標(biāo)尺示數(shù)為11×0.05mm=0.55mm，則擺球直徑d=11mm+0.55mm=11.55mm；

由圖示秒表可知；分針示數(shù)為1min30s=90s，秒針示數(shù)為6.8s，則秒表示數(shù)為90s+6.8s=96.8s．

故答案為：(1)BC；(2)D；(3)CD；(4)11.55，96.8．【解析】BC;D;CD;11.55;96.811、略

【分析】解：設(shè)交流電的有效值為U

將交流電與直流電分別通過(guò)相同電阻R

分析一個(gè)周期內(nèi)熱量：

交流電產(chǎn)生的熱量：Q=(Um2)2R隆脕T2=12100RT

直流電產(chǎn)生的熱量：Q=U2RT

解得：U=110V

故答案為：110

．

根據(jù)電流的熱效應(yīng)：由一個(gè)周期內(nèi)交變電流通過(guò)電阻R

的產(chǎn)生熱量與直流電通過(guò)電阻R

一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量相等；求解有效值．

求解交流電的有效值，從有效值的定義出發(fā)，根據(jù)一個(gè)周期內(nèi)通過(guò)相同的電阻，發(fā)熱量相同，此直流的值即為交流電的有效值．【解析】110

12、解：設(shè)子彈射入木塊后的共同速度為v1；以水平向左為正，則由動(dòng)量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s

它們恰好不從小車(chē)上掉下來(lái)，則它們相對(duì)平板車(chē)滑行s=6m時(shí)它們跟小車(chē)具有共同速度v2；則由動(dòng)量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

聯(lián)立①②③并代入數(shù)據(jù)得：μ=0.54

答：木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.54．【分析】

子彈射入木塊的過(guò)程；子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出子彈和木塊的共同速度．再對(duì)子彈；木塊和小車(chē)組成的系統(tǒng)，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律求出木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)．

本題綜合考查了動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對(duì)學(xué)生的能力要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練．【解析】解：設(shè)子彈射入木塊后的共同速度為v1；以水平向左為正，則由動(dòng)量守恒有：

m0v0-mv=（m+m0）v1①

代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s

它們恰好不從小車(chē)上掉下來(lái)，則它們相對(duì)平板車(chē)滑行s=6m時(shí)它們跟小車(chē)具有共同速度v2；則由動(dòng)量守恒有：

（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v2②

由能量守恒定律有：

③

聯(lián)立①②③并代入數(shù)據(jù)得：μ=0.54

答：木塊與平板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.54．13、5：3【分析】靠齒輪傳動(dòng)的兩個(gè)圓輪線速度相等，根據(jù)：知，則兩輪的轉(zhuǎn)速之比

故答案為：5：3

【分析】靠齒輪傳動(dòng)和皮帶傳動(dòng)的點(diǎn)的線速度大小相等，同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相等．14、略

【分析】解：由題意可知，一滴酒精油酸溶液的體積V0=

其中純油酸的體積為V′=

所形成的油膜的面積為S=ma2；

所以油膜的厚度，即為油酸分子的直徑為d==

故答案為：．

用油膜法估測(cè)分子的大小的實(shí)驗(yàn)原理是：將油酸分子看成球形；且一個(gè)挨一個(gè)分布在水面上，形成單分子層的油膜，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度根據(jù)題意表示出一滴油膜的體積，用其除以單分子油膜的面積，可得油膜的厚度，即為油膜分子的直徑．

在用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們要建立物理模型，作一些理想化的處理，認(rèn)為油酸分子之間無(wú)間隙，油酸膜為單層分子，明確該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理即可正確解答本題．【解析】三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、解答題(共