2024年上外版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年上外版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如下圖所示，卷?yè)P(yáng)機(jī)的繩索通過(guò)定滑輪用力F拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移動(dòng)．在移動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A.F對(duì)木箱做的功等于木箱增加的動(dòng)能與木箱克服摩擦力所做的功之和B.F對(duì)木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和C.木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力勢(shì)能D.F對(duì)木箱做的功等于木箱增加的機(jī)械能與木箱克服摩擦力做的功之和2、如圖所示，矩形線圈放在兩同向相等的直線電流之間，都在同一平面內(nèi)，矩形線圈從左向右勻速運(yùn)動(dòng)到虛線位置過(guò)程中，回路中的感應(yīng)電流方向情況為(

)

A.先adcba

后abcda

B.先abcda

后adcba

C.一直是adcba

D.一直是abcda

3、放在空氣中的平行玻璃磚，當(dāng)光束投射到它的第一表面時(shí)將有A.如果入射角大于臨界角，則光在第一表面發(fā)生全反射B.在第一表面處，由于光是由空氣射向玻璃，故不會(huì)發(fā)生全反射C.在第二表面處，由于光是由玻璃射向空氣，所以可能發(fā)生全反射D.由于表面一與表面二平行，所以無(wú)論光以多大入射角入射到第一表面，在第二表面處都不會(huì)發(fā)生全反射4、在光滑水平桌面上有兩個(gè)相同的彈性小球AB

質(zhì)量都為m

現(xiàn)B

球靜止，A

球向B

球運(yùn)動(dòng)，發(fā)生正碰。已知碰撞過(guò)程中總機(jī)械能守恒，兩球壓縮最緊時(shí)的彈性勢(shì)能為EP

則碰前A

球速度等于()

A.Epm

B.2Epm

C.2Epm

D.22Epm

5、現(xiàn)有一系列處于n=4

能級(jí)的氫原子，用它在躍遷過(guò)程中發(fā)出的光照射金屬鈉，已經(jīng)知道金屬鈉的逸出功為2.29eV

氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)圖如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是：A.躍遷過(guò)程中將釋放5

種頻率的光子B.躍遷過(guò)程中釋放光子的最小能量為0.66eV

C.躍遷過(guò)程中釋放光子的最大能量為13.6eV

D.躍遷過(guò)程中釋放的所有光子都能引起鈉的光電效應(yīng)評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、在“測(cè)定玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)在畫(huà)玻璃磚下界面bb′時(shí)，上界面與aa′直線離開(kāi)了一段距離，但aa′與bb′仍然平行，如圖所示。如果其他操作不變，他測(cè)得玻璃磚的折射率比真實(shí)值將____（填寫(xiě)“偏大”“偏小”“仍然準(zhǔn)確”）。7、在“測(cè)定金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)出其長(zhǎng)度L；直徑d和電阻R．

（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑時(shí)讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_(kāi)_____mm．

（2）若用圖乙測(cè)金屬絲的電阻，則測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)值______．（填“偏大”或“偏小”）8、如圖所示，兩根平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ

中，通以同方向、同大小的電流，矩形導(dǎo)線框abcd

與PQ

處于同一平面內(nèi)，從圖中所示位置I

向右勻速運(yùn)動(dòng)到位置Ⅱ，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中______(

填“無(wú)”或“有”)

感應(yīng)電流產(chǎn)生．9、1919

年盧瑟福通過(guò)如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，第一次完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變，并由此發(fā)現(xiàn)______.

圖中A

為放射源發(fā)出的______粒子，B

為_(kāi)_____氣.

10、平行板電容器兩板相距2cm，接在200V電源上，帶電量為5×10-8庫(kù)侖．這個(gè)電容器的電容是____，板間電場(chǎng)強(qiáng)度是____V/M．11、一定質(zhì)量的理想氣體分別按下圖所示的三種不同過(guò)程變化，其中表示等壓變化的是____，等容變化的是____（填“A”；“B”或“C”）．

12、邊長(zhǎng)為a

的正方形，處于有界磁場(chǎng)如圖，一束電子以v0

水平射入磁場(chǎng)后，分別從A

處和C

處射出，則vAvC=

______；所經(jīng)歷的時(shí)間之比tAtB=

______．13、請(qǐng)回答有關(guān)植物細(xì)胞亞顯微結(jié)構(gòu)的相關(guān)內(nèi)容：(1)葉綠體是綠色植物進(jìn)行________的場(chǎng)所。(2)細(xì)胞有氧呼吸的主要場(chǎng)所是____________。(3)_________是遺傳信息庫(kù)，是細(xì)胞代謝和遺傳的控制中心。評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)14、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、簡(jiǎn)答題(共2題，共4分)21、某學(xué)生用rm{0.2000}rm{mol?L}rm{mol?L}的標(biāo)準(zhǔn)rm{-1}溶液滴定未知濃度的鹽酸；其操作可分為如下幾步：

rm{-1}調(diào)節(jié)液面至“rm{NaOH}”或“rm{壟脵}”刻度線稍下；并記下讀數(shù)；

rm{0}固定好滴定管并使滴定管尖嘴充滿液體；

rm{0}用蒸餾水洗滌堿式滴定管后立即注入rm{壟脷}溶液至“rm{壟脹}”刻度線以上；

rm{NaOH}量取rm{0}待測(cè)液注入潔凈的錐形瓶中，并加入rm{壟脺}滴酚酞溶液；

rm{20.00mL}用標(biāo)準(zhǔn)液滴定至終點(diǎn)，記下滴定管液面讀數(shù)請(qǐng)回答：

rm{3}以上操作步驟中有一步有錯(cuò)誤，請(qǐng)指出編號(hào)______，

rm{壟脻}該實(shí)驗(yàn)原理是____________________rm{(1)}以上操作步驟中有一步有錯(cuò)誤，請(qǐng)指出編號(hào)______，用離子方程式表示rm{(1)}rm{(2)}該實(shí)驗(yàn)原理是____________________rm{(}用離子方程式表示rm{)}用標(biāo)準(zhǔn)rm{(2)}溶液滴定時(shí)，應(yīng)將標(biāo)準(zhǔn)rm{(}溶液注入______中rm{)}從圖中選填“甲”或“乙”rm{(3)}用標(biāo)準(zhǔn)rm{NaOH}溶液滴定時(shí)，應(yīng)將標(biāo)準(zhǔn)rm{NaOH}溶液注入______中rm{.(}從圖中選填“甲”或“乙”rm{)}

rm{(3)}下列操作會(huì)引起實(shí)驗(yàn)結(jié)果偏大的是：______rm{NaOH}填編號(hào)rm{NaOH}

A.在錐形瓶裝液前；留有少量蒸餾水。

B.滴定前；堿式滴定管尖嘴有氣泡，滴定后無(wú)氣泡。

C.錐形瓶先用蒸餾水洗滌后；再用待測(cè)液潤(rùn)洗。

D.用酸式滴定管量取待測(cè)液時(shí)將一滴待測(cè)液滴在錐形瓶外。

rm{.(}判斷到達(dá)滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象是：______________________________rm{)}以下是實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)記錄表：。rm{(4)}滴定次數(shù)鹽酸體積rm{NaOH}溶液體積讀數(shù)滴定前滴定后滴定前滴定后rm{1}rm{14}．rm{2}通過(guò)計(jì)算可得，該鹽酸濃度為：______rm{mol?L}rm{mol?L}計(jì)算結(jié)果保留rm{-1_{(}}位小數(shù)rm{-1_{(}}．rm{2}22、I.室溫下，將一元酸rm{HA}的溶液和rm{KOH}溶液等體積混合rm{(}忽略混合后溶液的體積變化rm{)}實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表：

請(qǐng)回答：rm{(1)HA}溶液和rm{KOH}溶液反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)_______________rm{(2)}實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}反應(yīng)后的溶液中由水電離出的rm{c(OH^{-})=}___________rm{mo1隆隴L^{-1}}rm{x=}__________rm{0.2mo1隆隴L^{-1}}rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}rm{(3)}下列關(guān)子實(shí)驗(yàn)rm{壟脷}反應(yīng)后的溶液說(shuō)法不正確的是_________rm{(}填字母rm{)}rm{a.}溶液中只存在著兩個(gè)平衡rm{b.}溶液中：rm{c(A^{-})+c(HA)>0.1mo1隆隴L^{-1}}rm{c(A^{-})+c(HA)>0.1

mo1隆隴L^{-1}}溶液中rm{c(K^{+})=c(A^{-})>c(OH^{-})=c(H^{+})}rm{c.}已知rm{c(K^{+})=

c(A^{-})>c(OH^{-})=c(H^{+})}rm{triangleH=-572kJ隆隴mol^{-1}}某氫氧燃料電池以疏松多孔石墨棒為電極，rm{II.}溶液為電解質(zhì)溶液。rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)=2H_{2}O(l)}寫(xiě)出該電極工作時(shí)負(fù)極的電極反應(yīng)式為_(kāi)____________、正極的電極反應(yīng)式為_(kāi)___。rm{triangle

H=-572kJ隆隴mol^{-1}}評(píng)卷人得分五、綜合題(共3題，共21分)23、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?3

】(1)

下列說(shuō)法不正確的是(

)

A.豎直玻璃管里的水銀面不是平面，而是“上凸”的，這是表面張力所致B.相對(duì)濕度是空氣里水蒸氣的壓強(qiáng)與大氣壓強(qiáng)的比值C.物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的固體一定是非晶體D.壓縮氣體需要用力，這是氣體分子間有斥力的表現(xiàn)E.

氣缸里一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹時(shí)，單位時(shí)間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)一定減少(2)

如圖，體積為V

內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T0

壓強(qiáng)為1.2P0

的理想氣體.P0

和T0

分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度.

已知：氣體內(nèi)能U

與溫度T

的關(guān)系為U=aTa

為正的常量；容器內(nèi)氣體的所有變化過(guò)程都是緩慢的，且氣體先經(jīng)過(guò)等容變化，后經(jīng)過(guò)等壓變化.

求：壟脵

氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1

壟脷

在活塞下降過(guò)程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q

24、(1)(1)質(zhì)量為mm帶電量為qq的小球，從傾角為婁脠婁脠的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個(gè)斜面置于方向水平向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度為BB如圖所示。若帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，下面說(shuō)法中正確的是(())壟脵

小球帶正電壟脷

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)壟脹

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)壟脺

則小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)的速率為mgcos婁脠/Bq

(2)

如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=9V

內(nèi)電阻r=0.5婁賂

電阻R1=5.0婁賂R2=3.5婁賂R3=6.0婁賂R4=3.0婁賂

電容C=2.0婁脤F.

當(dāng)電鍵K

由與a

接觸到與b

接觸通過(guò)R3

的電量是多少？25、(1)

在“測(cè)定導(dǎo)體電阻”的實(shí)驗(yàn)中，電源使用二節(jié)新干電池，被測(cè)電阻的阻值約為5婁賂

電流表內(nèi)阻約0.2婁賂

電壓表內(nèi)阻約為2k婁賂

滑動(dòng)變阻器的規(guī)格是“10婁賂1.5A

”.

實(shí)驗(yàn)電路如圖，電路連接正確，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)記錄如表格所示，其中有一組數(shù)據(jù)有拼湊的嫌疑，請(qǐng)指出是哪組有嫌疑__________.(

選填組號(hào)ABCD)

。實(shí)驗(yàn)組號(hào)A

B

C

D

電壓/V

0.6

1.2

1.8

2.4

電流/A

0.12

0.24

0.36

0.48

(2)

利用多用電表和電阻箱測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路如圖a.

調(diào)節(jié)電阻箱，記錄多組電阻箱示數(shù)R

和多用電表示數(shù)I

作出R鈭?1I

的圖線如圖b.

由圖b

可求得電動(dòng)勢(shì)E=

__________V

內(nèi)阻r=

__________婁賂.(

結(jié)果均保留2

位有效數(shù)字)

忽略偶然誤差，本實(shí)驗(yàn)測(cè)得的E虜芒

和r虜芒

與真實(shí)值比較：E虜芒

________E脮忙r虜芒

__________r脮忙攏廬(

選填“<

”“=

”或“>

”)

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C|D【分析】由動(dòng)能定理可知F對(duì)木箱做的功等于木箱增加的動(dòng)能與木箱克服摩擦力所做的功、重力勢(shì)能增量之和，A錯(cuò)；B錯(cuò)；CD對(duì)；【解析】【答案】CD2、C【分析】解：根據(jù)安培定則判斷得知；兩導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)方向?yàn)椋鹤髠?cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，右側(cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，兩導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)是兩個(gè)磁場(chǎng)疊加的結(jié)果，中線的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，疊加后的結(jié)果是中線左側(cè)磁場(chǎng)向里，右側(cè)向外，根據(jù)楞次定律判斷可知：

線圈從開(kāi)始到中線過(guò)程中，磁場(chǎng)方向向里，磁通量減小，感應(yīng)電流方向沿adcba

從中線向右過(guò)程中，磁場(chǎng)方向向外，磁通量增加，感應(yīng)電流方向沿adcba.

即感應(yīng)電流方向一直沿adcba.

故C正確；ABD錯(cuò)誤．

故選C．

線圈所在磁場(chǎng)是由兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的；根據(jù)安培定則判斷可知兩導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)方向?yàn)椋鹤髠?cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，右側(cè)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，兩導(dǎo)線之間的磁場(chǎng)是兩個(gè)磁場(chǎng)疊加的結(jié)果，中線的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，疊加后的結(jié)果是中線左側(cè)磁場(chǎng)向里，右側(cè)向外，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．

本題關(guān)鍵要確定磁場(chǎng)的方向，運(yùn)用安培定則和楞次定律結(jié)合進(jìn)行判斷即可．【解析】C

3、B|D【分析】【解析】【答案】BD4、C【分析】解：設(shè)碰撞前A

球的速度為v

當(dāng)兩球壓縮最緊時(shí)，速度相等，根據(jù)動(dòng)量守恒得，mv=2mv隆盲

則v隆盲=v2.

在碰撞過(guò)程中總機(jī)械能守恒，有12mv2=122m攏廬(v2)2+EP

得v=2Epm.

故C正確；AB

D錯(cuò)誤．

故選C．

兩球壓縮最緊時(shí)；兩球速度相等.

根據(jù)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，以及總機(jī)械能守恒求出碰前A

球的速度．

本題屬于動(dòng)量守恒與能量守恒的綜合題，解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)量守恒和能量守恒定律．【解析】C

5、B【分析】【分析】氫原子能級(jí)間躍遷時(shí)，吸收和輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大，光子頻率越大，發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光子的能量大于逸出功。解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷滿足的規(guī)律，以及掌握光電效應(yīng)的條件，能夠熟練運(yùn)用光電效應(yīng)方程?！窘獯稹緼.一群氫原子處于n=4

的激發(fā)態(tài)，在向較低能級(jí)躍遷的過(guò)程中向外發(fā)出光子，可以釋放種不同能量的光子；故A錯(cuò)誤；

B.躍遷過(guò)程中釋放光子的最小能量為鈭?0.85鈭?(鈭?1.51)=0.66eV

故B正確；

C.躍遷過(guò)程中釋放光子的最大能量為鈭?0.85鈭?(鈭?13.6)=12.75eV

故C錯(cuò)誤；

D.從n=4

躍遷到n=3

輻射的光子能量為0.66eV

從n=4

躍遷到n=2

輻射的光子能量為2.55eV

由n=4

躍遷到n=1

輻射的光子能量為12.75eV

．

從n=3

躍遷到n=1

輻射的光子能量為12.09eV

從n=3

躍遷到n=2

輻射的光子能量為1.89eV

由n=2

躍遷到n=1

輻射的光子能量為10.2eV

．

可見(jiàn)有四種光子能量大于金屬的逸出功；所以有4

種頻率的光能使金屬鈉發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。

故選B?！窘馕觥緽

二、填空題(共8題，共16分)6、略

【分析】【解析】試題分析：操作時(shí)將界線aa'、bb'畫(huà)好后誤用另一塊寬度稍窄的玻璃磚后，作出光路圖，分析測(cè)得的入射角和折射角受到的影響，就能分析誤差．如圖所示，實(shí)線是實(shí)際光線，虛線是該同學(xué)所作的光線，可見(jiàn)，該同學(xué)利用插針?lè)ù_定入射光線、折射光線后，測(cè)得的入射角不受影響，但測(cè)得的折射角比真實(shí)的折射角偏大，因此測(cè)得的折射率偏?。键c(diǎn)：測(cè)定玻璃的折射率．【解析】【答案】偏小7、略

【分析】解：（1）由圖甲所示螺旋測(cè)微器可知；固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為19.8×0.01mm=0.198mm，金屬絲直徑為0.5mm+0.198mm=0.698mm；

（2）由圖乙所示電路圖可知；電流表采用外接法，由于電壓表分流，所測(cè)電流偏大，由歐姆定律可知，金屬絲電阻測(cè)量值偏?。?/p>

故答案為：（1）0.698；（2）偏?。?/p>

螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度所示之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；

分析電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)；應(yīng)用歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差．

螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度所示之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；游標(biāo)卡尺不需要估讀，螺旋測(cè)微器需要估讀；對(duì)游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)，要注意游標(biāo)尺的精度．【解析】0.698；偏小8、有【分析】解：根據(jù)安培定則和磁場(chǎng)的疊加原理判斷得知；在PQ

的中線左側(cè)磁場(chǎng)向里，右側(cè)磁場(chǎng)向外．

當(dāng)導(dǎo)線框從P

處運(yùn)動(dòng)向中線運(yùn)動(dòng)時(shí)；磁場(chǎng)向里，磁通量增加，會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生.

當(dāng)導(dǎo)線框經(jīng)過(guò)中線時(shí)，磁場(chǎng)方向先向里，后向外，磁通量先減小，后增加，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流.

當(dāng)導(dǎo)線框從中線向Q

運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)方向向外，磁通量減小，會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．

故答案為：有．

兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線中；通以同方向同強(qiáng)度的電流，產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則和磁場(chǎng)的疊加原理可知，在中線左側(cè)磁場(chǎng)向里，右側(cè)磁場(chǎng)向外.

當(dāng)導(dǎo)線框向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流．

本題關(guān)鍵要掌握要根據(jù)磁感線條數(shù)的變化，分析磁通量的變化，注意線框經(jīng)過(guò)中線，穿過(guò)線框的磁場(chǎng)方向有兩個(gè)，要根據(jù)抵消后的磁通量分析．【解析】有9、略

【分析】解：盧瑟福第一次用婁脕

粒子轟擊氮核完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子；因此圖中的A

為放射源發(fā)出的婁脕

粒子，B

為氮?dú)猓?/p>

故答案為：質(zhì)子；婁脕

氮．

要了解盧瑟福發(fā)現(xiàn)質(zhì)子并實(shí)現(xiàn)原子核人工轉(zhuǎn)變核反應(yīng)方程以及實(shí)驗(yàn)裝置中各部分的作用；注意書(shū)寫(xiě)核反應(yīng)方程的原則是質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒．

盧瑟福用婁脕

粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子并首次實(shí)現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變?cè)跉v史上有著重要意義，要了解實(shí)驗(yàn)和該核反應(yīng)方程．【解析】質(zhì)子；婁脕

氮10、略

【分析】

由題，電容器的電壓U=200V，電量Q=5×10-8C，則電容C===2.5×10-10F，板間電場(chǎng)強(qiáng)度是E==V/m=1×104V/m

故答案為：2.5×10-10F，1×104V/m．

【解析】【答案】平行板電容器接在200V電源上，板間建立勻強(qiáng)電場(chǎng)，板間電壓等于電源的電壓為U=200V，由電容的定義式C=求解電容．由E=求出板間場(chǎng)強(qiáng)．

11、略

【分析】

氣體做等壓變化；A；B圖象中的壓強(qiáng)變化，故A、B錯(cuò)誤；

根據(jù)氣態(tài)方程：=C（常數(shù)），有V=由于是等壓變化，故為常數(shù)；因此V-T圖為過(guò)原點(diǎn)的直線，故表示等壓變化的是C．

根據(jù)氣態(tài)方程：=C（常數(shù)），有P=由于是等容變化，故為常數(shù)；因此P-T圖為過(guò)原點(diǎn)的直線，故表示等容變化的是B．

故答案為：C；B．

【解析】【答案】根據(jù)氣體狀態(tài)方程來(lái)理解圖象含義；可以寫(xiě)出圖象中兩個(gè)物理量的函數(shù)關(guān)系來(lái)判斷圖象的形狀．

12、略

【分析】解：電子磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從A

點(diǎn)射出時(shí)，OA

中點(diǎn)為圓心，軌跡半徑RA=12a

軌跡的圓心角婁脠A=婁脨

從C

點(diǎn)射出時(shí)，A

為圓心，軌跡半徑RC=a

軌跡的圓心角婁脠C=婁脨2

由軌跡半徑公式R=mv0qB

得：vAvC=RARC=12aa=12

電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T=2婁脨mqB

可知電子運(yùn)動(dòng)的周期與速度無(wú)關(guān).

電子在磁場(chǎng)中所經(jīng)歷的時(shí)間t=婁脠2蟺T

則得tAtB=婁脠A婁脠C=婁脨婁脨2=21

故答案為：1221

．

由幾何關(guān)系可知從兩孔射出的粒子的運(yùn)動(dòng)半徑；則由洛侖茲力充當(dāng)向心力可得出粒子的速度關(guān)系；由周期公式及轉(zhuǎn)過(guò)的角度可求得時(shí)間之比．

本題為帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的基本問(wèn)題，只需根據(jù)題意明確粒子的運(yùn)動(dòng)半徑及圓心即可順利求解．【解析】1221

13、（1）光合作用

（2）線粒體

（3）細(xì)胞核【分析】【分析】本題考查細(xì)胞的結(jié)構(gòu)和功能，意在考查學(xué)生對(duì)知識(shí)的理解和記憶能力。【解答】（1）葉綠體是綠色植物進(jìn)行光合作用的場(chǎng)所。（2）細(xì)胞有氧呼吸的主要場(chǎng)所是線粒體。（3）細(xì)胞核是遺傳信息庫(kù)，是細(xì)胞代謝和遺傳的控制中心?！窘馕觥浚?）光合作用（2）線粒體（3）細(xì)胞核三、判斷題(共7題，共14分)14、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱?shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．16、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?8、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、簡(jiǎn)答題(共2題，共4分)21、（1）③

（2）H++OH-=H2O

（3）乙

（4）BC

（5）當(dāng)?shù)稳胱詈笠坏蜰aOH時(shí)，溶液由無(wú)色變?yōu)闇\紅色，且半分鐘內(nèi)部褪色

（6）0.16【分析】【分析】本題考查酸堿中和滴定，涉及了滴定過(guò)程，誤差分析，濃度求算等知識(shí)，熟記酸堿中和滴定的實(shí)驗(yàn)步驟和注意事項(xiàng)，側(cè)重對(duì)學(xué)生能力的培養(yǎng)和解題方法的指導(dǎo)與訓(xùn)練，有利于培養(yǎng)學(xué)生規(guī)范的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)能力，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)壟脹}用蒸餾水洗滌堿式滴定管后再用rm{NaOH}溶液潤(rùn)洗；

故答案為：rm{壟脹}

rm{(2)}標(biāo)準(zhǔn)rm{NaOH}溶液滴定未知濃度的鹽酸，原理為：rm{H^{+}+OH^{-}=H_{2}O}

故答案為：rm{H^{+}+OH^{-}=H_{2}O}

rm{(3)}用標(biāo)準(zhǔn)rm{NaOH}溶液滴定時(shí)，應(yīng)將標(biāo)準(zhǔn)rm{NaOH}溶液注入堿式滴定管，故選乙，故答案為：乙；rm{(4)A.}在錐形瓶裝液前；留有少量蒸餾水，不影響滴定結(jié)果，故A錯(cuò)誤；

B.滴定前，堿式滴定管尖嘴有氣泡，滴定后無(wú)氣泡，消耗的標(biāo)準(zhǔn)液增大，rm{;c(麓媒虜芒)=dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}}；滴定結(jié)果偏高，故B正確；

C.錐形瓶先用蒸餾水洗滌后，再用待測(cè)液潤(rùn)洗，導(dǎo)致待測(cè)液增多，消耗標(biāo)準(zhǔn)液增大，rm{;c(麓媒虜芒)=dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}}滴定結(jié)果偏高，故C正確；

D.一滴待測(cè)液滴在錐形瓶外，消耗的標(biāo)準(zhǔn)液減少，rm{;c(麓媒虜芒)=dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}}滴定結(jié)果偏低，故D錯(cuò)誤；

故選BC，故答案為：rm{;c(麓媒虜芒)=

dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}

}

rm{;c(麓媒虜芒)=

dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}

}標(biāo)準(zhǔn)rm{;c(麓媒虜芒)=

dfrac{Vleft(;鹵錨脳錄right)隆脕cleft(鹵錨脳錄right)}{Vleft(;麓媒虜芒right)}

}rm{BC}溶液滴定未知濃度的鹽酸；酚酞溶液做指示劑，到達(dá)滴定終點(diǎn)時(shí)，溶液由無(wú)色變?yōu)闇\紅色，且半分鐘內(nèi)不再變化；

故答案為：當(dāng)?shù)稳胱詈笠坏蝦m{(5)}時(shí)；溶液由無(wú)色變?yōu)闇\紅色，且半分鐘內(nèi)部褪色；

rm{N}兩次消耗氫氧化鈉溶液的體積為：rm{aOH}rm{NaOH}rm{(6)}rm{16.30}平均值為rm{mL}rm{16.22}rm{mL}rm{dfrac{16.30+16.22}{2}}rm{=16.26(}rm{dfrac{nleft(NaOHright)}{0.020L}}rm{mL)}rm{dfrac{0.01626L隆脕0.2000mo{l}^{-1}}{0.020L}}rm{c(HC}rm{l)=}

故答案為：rm{dfrac{nleft(NaOHright)}{0.020L}

}rm{=}【解析】rm{(1)壟脹}rm{(2)H^{+}+OH^{-}=H_{2}O}rm{(3)}乙rm{(4)BC}rm{(5)}當(dāng)?shù)稳胱詈笠坏蝦m{NaOH}時(shí)，溶液由無(wú)色變?yōu)闇\紅色，且半分鐘內(nèi)部褪色rm{(6)0.16}22、rm{(1)HA+OH^{-}=A^{-}+H_{2}O}rm{(2)1.0隆脕{10}^{-5}}rm{>}rm{(3)a}rm{(4)H_{2}-2e^{-}+2OH^{-}簍T2H_{2}O}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O+4e}rm{O+4e}rm{{,!}^{-}}【分析】【分析】本題主要考查了離子濃度大小比較，明確溶液中溶質(zhì)及其性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，注意電荷守恒和物料守恒的靈活運(yùn)用?！窘獯稹縭m{(1)}等物質(zhì)的量濃度且等體積的rm{HA}和rm{KOH}混合后，二者恰好反應(yīng)生成rm{KA}混合溶液rm{pH>7}溶液呈堿性，說(shuō)明rm{HA}是弱酸，則rm{HA}溶液和rm{KOH}溶液反應(yīng)的離子方程式為：溶液和rm{HA}溶液反應(yīng)的離子方程式為：rm{KOH}故答案為：rm{HA+OH^{-}=A^{-}+H_{2}O}rm{HA+OH^{-}=A^{-}+H_{2}O}rm{(2)}反應(yīng)后的溶液實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}反應(yīng)后的溶液rm{pH=9}中，則由水電離出的中，則由水電離出的rm{c(O{H}^{-})=dfrac{1.0隆脕{10}^{-14}}{{10}^{-9}}=1.0隆脕{10}^{-5}mol/L}當(dāng)?shù)任镔|(zhì)的量的酸和堿恰好反應(yīng)時(shí)，溶液呈堿性，要使等體積的酸和堿混合后溶液呈中性，則酸的濃度應(yīng)大于堿，即rm{壟脵}故答案為rm{pH=9}rm{c(O{H}^{-})=

dfrac{1.0隆脕{10}^{-14}}{{10}^{-9}}=1.0隆脕{10}^{-5}mol/L}rm{x>0.2mol?L^{-1}}rm{1.0隆脕{10}^{-5}}溶液中只存在著水的電離平衡，rm{>}的電離平衡，rm{(3)}的水解平衡，三個(gè)平衡，故rm{a.}溶液中只存在著水的電離平衡，rm{HA}的電離平衡，rm{KA}的水解平衡，三個(gè)平衡，故rm{a}錯(cuò)誤；錯(cuò)誤；rm{a.}則溶液中：rm{HA}故rm{KA}正確；rm{a}溶液為rm{b.c(HA)>0.2mol/L}和rm{c(A^{-})+c(HA)>0.1mol隆隴L^{-1}}的混合溶液，溶液顯中性，離子濃度大小關(guān)系為：rm故rm{c.}正確；故答案為：rm{HA}rm{KA}氫氣為負(fù)極，失去電子，在堿性電解質(zhì)溶液中，負(fù)極生成水，則負(fù)極反應(yīng)式為rm{c(K^{+})=c(A^{-})>c(OH^{-})=c(H^{+})}rm{c}rm{a}rm{(4)}rm{H_{2}-2e^{-}+2OH^{-}簍T2H_{2}O}正極的電極反應(yīng)式為rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}故答案為：rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O+4e}rm{O+4e}rm{{,!}^{-}}rm{=4OH}rm{=4OH}rm{{,!}^{-}}rm{H_{2}-2e^{-}+2OH^{-}簍T2H_{2}O}

rm{O}【解析】rm{(1)HA+OH^{-}=A^{-}+H_{2}O}rm{(2)1.0隆脕{10}^{-5}}rm{>}rm{(3)a}rm{(4)H_{2}-2e^{-}+2OH^{-}簍T2H_{2}O}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O+4e}rm{O+4e}rm{{,!}^{-}}五、綜合題(共3題，共21分)23、（1）BCD

（2）

解：①在氣體由P=1.2P0下降到P0的過(guò)程中，氣體體積V不變；

由查理定律得：①

在氣體溫度由T1變?yōu)門(mén)0的過(guò)程中，體積由V減小到V1，氣體壓強(qiáng)不變，由蓋?呂薩克定律得：②

由①②式得：③

即：氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1為

②在活塞下降過(guò)程中，活塞對(duì)氣體做的功為：W=P0(V-V1)④

在這一過(guò)程中，氣體內(nèi)能的減少為：△U=a(T1-T0)⑤

由熱力學(xué)第一定律得；氣缸內(nèi)氣體放出的熱量為：Q=W+△U⑥

由②③④⑤⑥式得：

即：在活塞下降過(guò)程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q為【分析】(1)

【分析】豎直玻璃管里的水銀面不是平面，而是“上凸”的是水銀相對(duì)于玻璃的浸潤(rùn)產(chǎn)生的，與表面張力有關(guān)；空氣的相對(duì)濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；多晶體與非晶體都有各向同性；壓縮氣體需要用力，這是氣體內(nèi)外之間的壓強(qiáng)差；將壓強(qiáng)的微觀意義結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程解釋單位時(shí)間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)的變化。本題考查了熱學(xué)的有關(guān)基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這部分知識(shí)，計(jì)算題少，主要是理解和記憶，因此平時(shí)要加強(qiáng)練習(xí)注意積累。【解答】A.豎直玻璃管里的水銀面不是平面；而是“上凸”的，這是表面張力產(chǎn)生的浸潤(rùn)現(xiàn)象所致，故A正確，不合題意；

B.空氣的相對(duì)濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；故B錯(cuò)誤，符合題意；

C.物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的固體可能是多晶體；不一定是非晶體，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D.氣體之間分子距離很大；分子力近似為零，用力才能壓縮氣體是由于氣體內(nèi)部與容器外之間的壓強(qiáng)差造成的，并非由于分子之間的斥力造成，故D錯(cuò)誤，符合題意；

E.氣缸里一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹時(shí)，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：PVT=C

可知，壓強(qiáng)不變而體積增大，則氣體的溫度一定升高；溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高則分子的平均動(dòng)能增大，單個(gè)分子對(duì)器壁的撞擊力增大，壓強(qiáng)不變則單位時(shí)間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)一定減少，故E正確，不合題意。故選BCD。

(2)

本題考查氣體的理想狀態(tài)方程，利用查理定律和蓋呂薩克定律結(jié)合熱力學(xué)第一定律求解，分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程，是正確解題的關(guān)鍵。壟脵壟脵由題意可知?dú)怏w在溫度變化時(shí)先做等容變化；再做等壓變化，則由氣體實(shí)驗(yàn)定律可求得最后的體積；

壟脷壟脷由功的公式可求得活塞對(duì)氣體所做的功，由題意可知?dú)怏w內(nèi)能的變化量；由熱力學(xué)第一定律可求得氣缸放出的熱量?！窘馕觥?1)BCD

(2)

解：壟脵壟脵在氣體由P=1.2P0

下降到P0

的過(guò)程中，氣體體積V

不變；由查理定律得：T1T=P0P壟脵

在氣體溫度由T1

變?yōu)門(mén)0

的過(guò)程中，體積由V

減小到V1

氣體壓強(qiáng)不變，由蓋?

呂薩克定律得：VV1=T1T0壟脷

由壟脵壟脷

式得：V1=12V壟脹

即：氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積VV1為12Vdfrac{1}{2}V

壟脷壟脷在活塞下降過(guò)程中；活塞對(duì)氣體做的功為：W=0(V鈭?V1)壟脺

在這一過(guò)程中，氣體內(nèi)能的減少為：鈻?U=a(T1鈭?T0)壟脻

由熱力學(xué)第一定律得，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量為：Q=W+鈻?U壟脼

由壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼

式得：Q=12P0V+aT0

即：在活塞下降過(guò)程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量QQ為12P0V+aT0dfrac{1}{2}{P}_{0}V+a{T}_{0}24、（1）①②④（2）解：電路中的電流：當(dāng)開(kāi)關(guān)接a時(shí),電容器的電壓為：U1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1UU111=I電量為：R1RR111=1×5.0=5.0VQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1QQ1當(dāng)開(kāi)關(guān)接1時(shí)1電容器的電壓為：=CU1UU111=2×10?610?61010電量為：?6?6?6?6×5C=1×10?510?51010?5?5?5?5Cb，且上極板帶負(fù)電，下極板帶正電。由，U2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5V可知，開(kāi)關(guān)由U2=I?R2=1×3.5V=3.5V接U2=I?R2=1×3.5V=3.5V的過(guò)程中，電量變化為：U2UU222=I?R2R2RR222=1×3.5V=3.5VQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C即通過(guò)Q2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C的電荷量為Q2QQ222=【分析】【分析】(1)

由帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向，可知電荷的電性；(2)

對(duì)重力進(jìn)行分解，求合力，可知合力是否為恒力，可知小球的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；(3)

小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)洛倫茲力等于重力沿斜面向下的分力，可得知小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)的速率。本題主要考查的是洛倫茲力的方向的判斷，主要是應(yīng)用力的分解以及牛頓第二定律可知物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程?！窘獯稹繅琶?/p>

帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向沿斜面向下，故小球帶正電，故壟脵

正確；壟脷壟脹

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度由重力垂直斜面向下的分力，垂直斜面向上的支持力和洛倫茲力，沿斜面向下的分力提供，故加速度為gsin婁脠

故做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故壟脷

正確，壟脹

錯(cuò)誤；壟脺

小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)，應(yīng)有mgcos婁脠=Bqv

故速率為mgcos婁脠Bq

故壟脺

正確。故選壟脵壟脷壟脺

(2)

分析出開(kāi)關(guān)分別接ab

時(shí)電路的串并聯(lián)關(guān)系，分析電容的電壓、電量便可知通過(guò)R33的電量。由圖可知，R11與R22串聯(lián)，當(dāng)開(kāi)關(guān)接a

時(shí)，電容器與R11并聯(lián)；根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律求出電容器的電壓，即可求得電量。

當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

連接時(shí)，C

與R22并聯(lián)即可求得電量，當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

連接時(shí)，C

與R22并聯(lián)；由C

中電量的變化可得出流過(guò)R33的電量?！窘馕觥?1)壟脵壟脷壟脺

(2)

解：電路中的電流：I=ER1+R2+r=90.5+5.0+3.5A=1A

當(dāng)開(kāi)關(guān)接aa時(shí)，電容器的電壓為：UU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==1