2024年滬教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷460考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，一根水平細(xì)鋼絲兩邊固定，它下面懸掛三個(gè)擺長(zhǎng)為lA=1.00m，lB=0.50m，lC=0.25m的單擺，三個(gè)擺球相同，現(xiàn)用周期變化的外力作用于細(xì)鋼絲上，下述判斷正確的是（）A.外力的頻率為0.5Hz時(shí)，B球振幅最大B.外力的頻率為1Hz時(shí)，A球振幅最大C.外力的頻率為1Hz時(shí)，C球振幅最大D.外力的頻率為2Hz時(shí)，A球振幅最大2、如圖1

中所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)不變形的單匝金屬圓線(xiàn)圈，規(guī)定線(xiàn)圈中感應(yīng)電流的正方向，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時(shí)間t

按如圖2

變化時(shí)，下列四圖中正確表示線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E

隨時(shí)間t

變化的是(

)

A.B.C.D.3、如圖所示，一恒力F

與水平方向夾角為婁脠

作用在置于光滑水平面上，質(zhì)量為m

的物體上，作用時(shí)間為t

則力F

的沖量為(

)

A.Ft

B.mgt

C.Fcos婁脠t

D.(mg鈭?Fsin婁脠)t

4、如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為M的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m的小球從槽上高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始自由落下（M＞m）（）A.被彈簧反彈后，小球能追上槽B.被彈簧反彈后，小球能回到槽上高h(yuǎn)處C.在下滑過(guò)程中，槽對(duì)小球的支持力對(duì)小球不做功D.在整個(gè)過(guò)程中，小球和槽組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒5、（4分）如圖所示，直線(xiàn)A為電源的U﹣I圖線(xiàn)，直線(xiàn)B為電阻R的U﹣I圖線(xiàn)，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電路的總功率不可能分別是（）A.4W、8WB.2W、4WC.4W、6WD.2W、3W6、如圖所示，L為豎直、固定的光滑絕緣桿，桿上o點(diǎn)套ks5u有一質(zhì)量為m、帶電量為-q的小環(huán)，在環(huán)的左側(cè)固定一電荷為+Q的點(diǎn)電荷，桿上a、b兩點(diǎn)到+Q的距離相等，oa之間距離為h1，ab之間距離為h2，使小環(huán)從圖示位置的o點(diǎn)由靜止釋放后，通過(guò)a點(diǎn)的速率為．則下列說(shuō)法正確的是（）

A.小環(huán)通過(guò)b點(diǎn)的速率為

B.小環(huán)從o到b；電場(chǎng)力做的功可能為零。

C.小環(huán)在oa之間的速度是先增大后減小。

D.小環(huán)在ab之間的速度是一直增大。

7、如圖所示，一理想變壓器的原線(xiàn)圈匝數(shù)為n1，連接一理想電流表；副線(xiàn)圈接入電路的匝數(shù)n2可以通過(guò)滑動(dòng)觸頭Q調(diào)節(jié)，副線(xiàn)圈接有燈泡L和光敏電阻R(光照加強(qiáng)時(shí)，R的阻值會(huì)變小)，則()A.只使Q向上滑動(dòng)，燈泡變亮B.只使Q向上滑動(dòng)，電流表讀數(shù)變小C.只加強(qiáng)光照，電流表讀數(shù)變大D.只加強(qiáng)光照，原線(xiàn)圈的輸入功率變小8、關(guān)于電磁學(xué)中的相互作用力，下列說(shuō)法正確的是：（）A.同種電荷相互吸引，異種電荷相互排斥B.同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引C.兩條平行導(dǎo)線(xiàn)中電流同向時(shí)相互吸引D.兩條平行導(dǎo)線(xiàn)中電流反向時(shí)相互吸引9、如圖是簡(jiǎn)化的多用表的電路．轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S與不同接點(diǎn)連接，就組成不同的電表：下面是幾位同學(xué)對(duì)這一問(wèn)題的議論，請(qǐng)你判斷他們中的正確說(shuō)法（）A.S與2連接時(shí)，多用表就成了測(cè)電阻B.S與3連接時(shí)，多用表就成了電流表C.S與4連接時(shí)，多用表就成了電壓表D.S與5連接時(shí)，多用表就成了電壓表評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，M、N兩點(diǎn)距離為2cm，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為5V，MN連線(xiàn)與場(chǎng)強(qiáng)方向成600角，則此電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為．11、用顯微鏡觀(guān)察物體時(shí)，物鏡對(duì)物體所成的像是一個(gè)放大的____像（填“虛”或“實(shí)”），道理就像____的鏡頭成像一樣，目鏡的作用則像一個(gè)____，再次對(duì)這個(gè)像成放大的____（填“虛”或“實(shí)”）像．12、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計(jì)．。鈭?A.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答)

如圖所示，桌面上放有一只10

匝線(xiàn)圈，線(xiàn)圈中心上方一定高度處有一豎立的條形磁體.

當(dāng)磁體豎直向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量將_________(

選填“變大”或“變小”)

在上述過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化0.1Wb

經(jīng)歷的時(shí)間為0.5s

則線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)________V

．

24鈭?B.(

本題供選修3鈭?1

的考生作答)

如圖所示，開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)與a

相連.

當(dāng)將開(kāi)關(guān)與b

相連后的瞬間，通過(guò)靈敏電流表的電流方向_________(

選填“向左”或“向右”)

電容器的電容_________(

選填“變大”“變小”或“不變”)

．

13、如圖所示，桌面上放有一個(gè)匝數(shù)為1010匝的線(xiàn)圈，線(xiàn)圈中心上方一定高度處有一豎立的條形磁體..當(dāng)磁體豎直向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量將________((選填“變大”或“變小”).).在上述過(guò)程中，若穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化0.1Wb0.1Wb經(jīng)歷的時(shí)間為0.5s0.5s則線(xiàn)圈中的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_______VV．14、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a

變化到狀態(tài)b

其過(guò)程如p鈭?V

圖中從a

到b

的直線(xiàn)所示。在此過(guò)程中__________

A.氣體溫度一直降低。

B.氣體內(nèi)能一直增加C.氣體一直對(duì)外做功。

D.氣體一直從外界吸熱E.氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功15、如圖所示，變壓器原線(xiàn)圈應(yīng)該與______相連，副線(xiàn)圈與______相連(

選填“負(fù)載”、“電源”).

如果原線(xiàn)圈兩端的電壓為220V

匝數(shù)為110

匝，副線(xiàn)圈的匝數(shù)為22

匝，則副線(xiàn)圈兩端的電壓是______V.

16、如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可用來(lái)探究影響平行板電容器的因素；其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地，電容器右極板與靜電計(jì)金屬球相連。使電容器帶電后與電源斷開(kāi)。

（1）將左極板上移；可觀(guān)察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角______。（選填變大；變小或不變）

（2）將極板間距離減小時(shí)；可觀(guān)察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角______。平行板電容器之間的電場(chǎng)強(qiáng)度______。（選填變大；變小或不變）

（3）兩板間插入一塊玻璃；可觀(guān)察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角______。（選填變大；變小或不變）

（4）由此可知平行板電容器的電容與兩板正對(duì)面積，兩板間介質(zhì)和______有關(guān)。17、如圖所示，有電流I流過(guò)長(zhǎng)方體金屬塊，金屬塊寬度為d，高為b，有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，金屬塊單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為n，電子的電量為e，則金屬塊上表面的電勢(shì)比下表面的電勢(shì)要______（填“高”或“低”），金屬塊上下表面間的電勢(shì)差是______．18、在研究勻變速度直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，小車(chē)拖著紙帶運(yùn)動(dòng)，每秒50次的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖所示，選出0、1、2、3、4共5個(gè)記數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)點(diǎn)間還有4個(gè)實(shí)驗(yàn)點(diǎn)未畫(huà)出，則小車(chē)在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出第3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度是______m/s，小車(chē)的加速度是______m/s2．已測(cè)得S1=1.01cm，S2=3.21cm，S3=5.39cm，S4=7.60cm

評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、只有沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共4分)25、某電流表的內(nèi)阻在0.1婁賂隆蘆0.2婁賂

之間，現(xiàn)要測(cè)量其內(nèi)阻，可選用的器材如下：A.待測(cè)電流表A1(

量程0.6A)

B.電壓表V1(

量程3V

內(nèi)阻約2k婁賂)

C.電壓表V2(

量程15V

內(nèi)阻約10k婁賂)

D.滑動(dòng)變阻器R1(

最大電阻10婁賂)

E.定值電阻R2(

阻值5婁賂)

F.電源E(

電動(dòng)勢(shì)4V)

G.電鍵S

及導(dǎo)線(xiàn)若干．(1)

電壓表應(yīng)選用________；(2)

畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖；(3)

如測(cè)得電壓表的讀數(shù)為U

電流表的讀數(shù)為I

則電流表A1

內(nèi)阻的表達(dá)式為：RA=

________。

26、在用重錘下落來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，某同學(xué)按照正確的操作選的紙帶如圖所示.

其中O

是起始點(diǎn)，ABCDE

是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的5

個(gè)點(diǎn)，打點(diǎn)頻率為50H

z

，該同學(xué)用毫米刻度尺測(cè)量O

到ABCDE

各點(diǎn)的距離，并記錄在圖中(

單位：cm

)

(1)

這五個(gè)數(shù)據(jù)中不符合讀數(shù)要求的是______(

選填“A

”“B

”“C

”“D

”或“E

”)

點(diǎn)讀數(shù)．

(2)

該同學(xué)用重錘在OC

段的運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒，OC

距離用h

來(lái)表示，他用v

C=2gh

計(jì)算與C

點(diǎn)對(duì)應(yīng)的重錘的瞬時(shí)速度；得到動(dòng)能的增加量，這種做法______(

選填“對(duì)”或“不對(duì)”)

．

(3)

若O

點(diǎn)到某計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離用h

表示，重力加速度為g

，該點(diǎn)對(duì)應(yīng)重錘的瞬時(shí)速度為v

；則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的等式為_(kāi)_____．

(4)

若重錘質(zhì)量m

=2.00隆脕10鈭?1

kg

，重力加速度g

=9.8

m

/

s

2

由圖中給出的數(shù)據(jù)，可得出從O

點(diǎn)到打下D

點(diǎn)，重錘重力勢(shì)能的減少量為_(kāi)_____J

動(dòng)能的增加量為_(kāi)_____J(

均保留三位有效數(shù)字)

本實(shí)驗(yàn)得出的結(jié)論是______．評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共21分)27、某芳香烴rm{A}分子式為rm{C_{8}H_{10}}某烴類(lèi)衍生物rm{X}分子式為rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色；rm{J}分子內(nèi)有兩個(gè)互為對(duì)位的取代基。在一定條件下有如下的轉(zhuǎn)化關(guān)系rm{(}無(wú)機(jī)物略去rm{)}

rm{(1)}屬于芳香烴類(lèi)的rm{A}的同分異構(gòu)體中，其沸點(diǎn)的大小關(guān)系為_(kāi)_____________。rm{(}不包括rm{A}用結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)________________________________。中所含的含氧官能團(tuán)的名稱(chēng)為_(kāi)________________________________。rm{(2)J}與rm{(3)E}反應(yīng)的化學(xué)方程式是_________________；反應(yīng)類(lèi)型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機(jī)物rm{NaOH}以rm{K}為單體合成的高分子化合物的名稱(chēng)是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多種同分異構(gòu)體，寫(xiě)出一種符合下列性質(zhì)的rm{J}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式。rm{J}與rm{壟脵}溶液作用顯紫色；rm{FeCl_{3}}與新制rm{壟脷}懸濁液作用產(chǎn)生紅色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{壟脹}種。________________________________。

rm{2}28、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問(wèn)題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物堿性較強(qiáng)的是__________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}寫(xiě)出rm{壟脵}的單質(zhì)在rm{壟脼}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式：_______________________。rm{(4)}寫(xiě)出rm{壟脺}與rm{壟脻}最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物反應(yīng)的離子方程式：_____________________。29、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問(wèn)題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物中酸性較強(qiáng)的是________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}寫(xiě)出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物反應(yīng)的離子方程式_______________。評(píng)卷人得分六、綜合題(共3題，共21分)30、(1)

以下關(guān)于分子力的說(shuō)法；正確的是()

A.分子間的距離增大則分子間的斥力與引力均減小。

B.氣體分子之間總沒(méi)有分子力的作用。

C.液體難于壓縮表明液體中分子總是引力。

D.當(dāng)分子間表現(xiàn)為引力時(shí)；隨分子間距離增大分子間勢(shì)能增大。

E.當(dāng)分子間的引力與斥力大小相等時(shí)分子間勢(shì)能最小(2)

如圖所示，圓柱形汽缸開(kāi)口向上豎直放置在水平面上，汽缸足夠長(zhǎng)，內(nèi)截面積為S

大氣壓強(qiáng)為P0

一厚度不計(jì)，質(zhì)量為m

=p0s2g

的活塞封住一定量的理想氣體，溫度為T(mén)0

時(shí)缸內(nèi)氣體體積為V0

先在活塞上緩慢放上質(zhì)量為3

m

的砂子，然后將缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高到2T0

求穩(wěn)定后缸內(nèi)氣體的體積．31、【物理簍D簍D

選修3鈭?3

】(1)

如圖甲所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T

的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，用外力將邊長(zhǎng)L=0.5m

的正方形金屬線(xiàn)框(

各處都完全相同)

向右勻速拉出磁場(chǎng)，以bc

邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，在線(xiàn)框拉出進(jìn)場(chǎng)的過(guò)程中，ab

邊受到的安培力大小F

隨時(shí)間t

變化的關(guān)系如圖乙所示。則下列說(shuō)祛正確的是

A.線(xiàn)框做勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為1m/s

B.線(xiàn)框產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，大小?.5A

C.線(xiàn)框的總電阻為0.5婁賂

D.線(xiàn)據(jù)穿出進(jìn)場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為0.5J

(2)

如圖所示，兩塊木板的質(zhì)量分別為M1=500gM2=400g

靜止于光滑水平面上，小物塊m=100g

以初速度為v=10m/s

滑上M1

的表面，最后停在M2

上時(shí)速度為v2=1.5m/s

求：

(1)

最后M1

的速度v1

(2)m

剛離開(kāi)Ml

時(shí)的速度v鈥?

32、(1)

玻璃棒與絲綢摩擦過(guò)程中，若絲綢得到3

個(gè)電子，則絲綢帶電量為_(kāi)___C

玻璃棒帶電量為_(kāi)___C

(2)

如圖所示，可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針靜止不動(dòng)時(shí)，靠近螺線(xiàn)管的是小磁針的____極。若將小磁針?lè)诺铰菥€(xiàn)管內(nèi)部，小磁針指向與圖示位置時(shí)的指向相____(

填“同”或“反”)

(3)

放射源中有三種不同的粒子，其中一種不帶電，另兩種分別帶正負(fù)電荷，置于磁場(chǎng)中，相成如圖三條軌跡，則帶負(fù)電的粒子的軌跡是______。(4)

在隆露

練習(xí)使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器隆路

的實(shí)驗(yàn)中，已打出了一條較好的紙帶，從中確定五個(gè)記數(shù)點(diǎn)，(

每相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有5

個(gè)時(shí)間間隔)

記作A、BCDE

用直尺量出的數(shù)據(jù)如圖所示，則紙帶運(yùn)動(dòng)加速度的大小為a=

____m/s2

打紙帶上C

點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度大小vC=

____m/s

．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】受迫振動(dòng)中驅(qū)動(dòng)力的頻率決定受迫物體的振動(dòng)頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率與受迫物體的固有頻率相等時(shí)，振幅最大，由單擺周期公式可知C球的固有頻率為1Hz【解析】【答案】C2、A【分析】解：在0鈭?1s

內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E=n鈻?婁碌鈻?t=n鈻?BS鈻?t=nB0S.

根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向與圖示箭頭方向相同，為正值；在1鈭?3s

內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；在3鈭?5s

內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E隆盲=n鈻?婁碌鈻?t=n鈻?BS鈻?t=nB0S2=E2.

根據(jù)楞次定律；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向與圖示方向相反，為負(fù)值。故A正確，BC

D錯(cuò)誤。

故選：A

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?婁碌鈻?t=n鈻?BS鈻?t

求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；根據(jù)楞次定律判斷出各段時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向．

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鈻?婁碌鈻?t=n鈻?BS鈻?t

會(huì)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向．【解析】A

3、A【分析】【分析】本題考查了動(dòng)量定理應(yīng)用。力沖量等于力與時(shí)間的乘積；根據(jù)題意利用公式即可求得F

的沖量。本題考查沖量的定義，要注意沖量只與力及時(shí)間有關(guān)，和夾角無(wú)關(guān)?！窘獯稹坑蒊=Ft

可得：F

的沖量I=Ft

故選A?！窘馕觥緼

4、A【分析】解：AB、小球下滑的過(guò)程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，即Mv1=mv2，因槽的質(zhì)M大于球的質(zhì)量m，則球與槽分離后，小球的速度v2大于槽的速度v1；小球被彈簧反彈后球的速度與槽的速度變?yōu)橥?，則小球能追上槽；當(dāng)滑到槽的最高點(diǎn)時(shí)，兩者具有共同的速度，因?yàn)椴叟c球都有動(dòng)能，可知小球不能回到槽上高h(yuǎn)處，故A正確，B錯(cuò)誤；

C；在下滑過(guò)程中；因?yàn)椴鄣膭?dòng)能增加，則球?qū)Σ鄣膲毫?duì)槽做正功，槽對(duì)小球的支持力對(duì)小球做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；

D；在整個(gè)過(guò)程中；小球、槽以及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

由動(dòng)量守恒的條件可以判斷動(dòng)量是否守恒；由功的定義可確定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情況可知運(yùn)動(dòng)情況；由機(jī)械守恒及動(dòng)量守恒可知小球能否回到最高點(diǎn)。

本題考查了動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提；解答本題要明確動(dòng)量守恒的條件，以及在兩球相互作用中同時(shí)滿(mǎn)足機(jī)械能守恒，應(yīng)結(jié)合這兩點(diǎn)進(jìn)行分析判斷?！窘馕觥緼5、A|B|D【分析】【解析】試題分析：電源的U﹣I圖象與U軸的交點(diǎn)數(shù)值是電源的電動(dòng)勢(shì)；電源的U﹣I圖象與電阻R的U﹣I圖象交點(diǎn)電壓與電流是該電源與該電阻組成閉合電路時(shí)的電路電流與路端電壓，由圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)、電路電流與路端電壓，然后由P出=UI求出電源的輸出功率，有P=EI求解電源的總功率．【解析】

由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，電路電流I=2A時(shí)，路端電壓U=2V；則電源的輸出功率，即外電路功率為：P出=UI=2V×2A=4W，電路的總功率為：P=EI=3V×2A=6W；因選不可能的是，故選：ABD．【解析】【答案】ABD6、A【分析】

A、由題電勢(shì)差Uoa=Uob；根據(jù)動(dòng)能定理得。

o→a過(guò)程：mgh1+（-qUoa）=①

o→b過(guò)程：mg（h1+h2）++（-qUob）=②

又va=

解得vb=故A正確．

B、小環(huán)從o到b電場(chǎng)力做的功等于從o到a電場(chǎng)力做的功；大于零．故B錯(cuò)誤．

C；小環(huán)在oa之間運(yùn)動(dòng)過(guò)程；重力和電場(chǎng)力均做正功，速度一直增大．故C錯(cuò)誤．

D、小環(huán)在ab之間運(yùn)動(dòng)過(guò)程；重力做正功，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，無(wú)法判斷重力做功與電場(chǎng)力做功的大小，則無(wú)法確定速度的變化情況．故D錯(cuò)誤．

故選A．

【解析】【答案】由題可知，a點(diǎn)與b點(diǎn)電勢(shì)相等，則小環(huán)從O點(diǎn)移到a點(diǎn)與移到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功相等，根據(jù)動(dòng)能定理分別研究小環(huán)從O點(diǎn)移到a點(diǎn)與O點(diǎn)移到b點(diǎn)，求解小環(huán)通過(guò)b點(diǎn)的速率．根據(jù)動(dòng)能定理分析小環(huán)從o到b電場(chǎng)力做功不等于零．小環(huán)在oa之間運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力和電場(chǎng)力均做正功速度一直增大．根據(jù)動(dòng)能定理研究小環(huán)滑到ab的速度大小，分析小環(huán)在ab之間的速度如何變化．

7、A|C【分析】【解析】試題分析：根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比可知，當(dāng)只使Q向上滑動(dòng)時(shí)，副線(xiàn)圈的匝數(shù)變大，變壓器的輸出電壓變大，燈泡就要變亮，所以A正確．當(dāng)光照加強(qiáng)時(shí)，R的阻值會(huì)變小，在電壓不變的情況下，副線(xiàn)圈的電流就會(huì)變大，原線(xiàn)圈的電流也會(huì)變大，所以電流表讀數(shù)變大，所以C正確．B錯(cuò)誤C正確；線(xiàn)圈的電流變大，此時(shí)原線(xiàn)圈的電壓是不變的，根據(jù)P=UI可知原線(xiàn)圈的輸入功率變大，所以D錯(cuò)誤．故選AC．考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理．【解析】【答案】AC8、B|C【分析】【解析】試題分析：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，A錯(cuò)；同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，B對(duì)；兩條平行導(dǎo)線(xiàn)中電流同向時(shí)相互吸引，C對(duì)；兩條平行導(dǎo)線(xiàn)中電流反向時(shí)相互排斥，D錯(cuò)；考點(diǎn)：考查電流的磁效應(yīng)【解析】【答案】BC9、C【分析】解：A、S與2連接時(shí)，電阻R1、R2串聯(lián)后與表頭并聯(lián)；多用表就成了電流表，故A錯(cuò)誤；

B、S與3連接時(shí)，表頭與R3串聯(lián)；多用表就成了電壓表，故B錯(cuò)誤；

C、S與4連接時(shí)，表頭與R4串聯(lián)；多用表就成了電壓表，故C正確；

D；S與5連接時(shí)；連接了電源，多用表就成了歐姆表，故D錯(cuò)誤；

故選：C．

電表改裝時(shí)；串聯(lián)分壓電阻成為電壓表，并聯(lián)分流電阻成為電流表，連入電源成為歐姆表．

本題考查了多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，可以利用如何把小量程的電流表改裝為電壓表和大量程的電流表去分析．【解析】【答案】C二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】由可知場(chǎng)強(qiáng)【解析】【答案】500v/m；11、實(shí)投影儀放大鏡虛【分析】【解答】顯微鏡的物鏡相當(dāng)于投影儀的鏡頭；成倒立；放大的實(shí)像，目鏡都相當(dāng)于一個(gè)放大鏡，成正立、放大的虛像．

故答案為：實(shí)；投影儀；放大鏡；虛．

【分析】顯微鏡包括物鏡和目鏡，物鏡相當(dāng)于幻燈機(jī)（或者投影儀），成倒立、放大的實(shí)像，目鏡相當(dāng)于放大鏡，成正立、放大的虛像．12、略

【分析】A.【分析】

由磁通量的定義可知線(xiàn)圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而即可求解。本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用；題目較為簡(jiǎn)單，熟記法拉第電磁感應(yīng)定律即可求解。

【解答】

在磁體豎直向下落時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，故磁通量變大；由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=N?鈱??t=10隆脕0.10.5V=2V

故填：變大；2

B.【分析】

當(dāng)開(kāi)關(guān)與a

相連時(shí)，電源給電容器充電，當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

相連時(shí)，電容器放電.

明確電容器的電容與電量和電壓無(wú)關(guān)，只與電容器本身的性質(zhì)有關(guān)。解決本題關(guān)鍵了解電容器的性質(zhì)以及電容器充；放電的特性；知道充電時(shí)與電源正極相連的極板帶正電，與電源負(fù)極相連的極板帶負(fù)電。

【解答】

開(kāi)關(guān)與a

相連時(shí)與電源相連，電容器帶電，上端帶正電；當(dāng)開(kāi)關(guān)與b

相連時(shí)；電容器放電，電流表中電流向左；電容器的大小由電壓和電量無(wú)關(guān)，故開(kāi)關(guān)變化時(shí)，電容不變。

故填：向左；不變?！窘馕觥緼.變大2

B.向左不變13、變大2【分析】【分析】由磁通量的定義可知線(xiàn)圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線(xiàn)圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而即可求解。本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，題目較為簡(jiǎn)單，熟記法拉第電磁感應(yīng)定律即可求解。【解答】在磁體豎直向下落時(shí)；穿過(guò)線(xiàn)圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，故磁通量變大；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=N?婁碌?t=10隆脕0.10.5V=2V

故答案為：變大；2

【解析】變大2

14、BCD【分析】【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程pVT=C

去判斷溫度，從而知道內(nèi)能的變化；根據(jù)氣體體積的變化分析做功情況；結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析。該題結(jié)合圖象考查氣態(tài)方程，能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系。要注意熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

中，WQ

取正負(fù)號(hào)的含義?！窘獯稹緼.由圖知?dú)怏w的pV

一直增大，由pVT=C

知?dú)怏w的溫度一直升高，故A錯(cuò)誤；B.一定量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度一直升高，氣體的內(nèi)能一直增加，故B正確；C.氣體的體積增大，則氣體一直對(duì)外做功，故C正確；D.氣體的內(nèi)能一直增加，并且氣體一直對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

可知?dú)怏w一直從外界吸熱，故D正確；E.氣體吸收的熱量用于對(duì)外功和增加內(nèi)能，故E錯(cuò)誤。故選BCD?！窘馕觥緽CD

15、略

【分析】解：變壓器原線(xiàn)圈應(yīng)該與電源相連；副線(xiàn)圈與負(fù)載相連；

根據(jù)U1U2=n1n2

得：

U2=n2n1U1=22110隆脕220=44V

故答案為：電源負(fù)載44V

原線(xiàn)圈應(yīng)該與電源相連，副線(xiàn)圈與負(fù)載相連，根據(jù)變壓器工作原理U1U2=n1n2

求解副線(xiàn)圈兩端的電壓。

本題考查了變壓器的變壓特點(diǎn)，屬于容易題.

關(guān)鍵熟悉理想變壓器的變壓比，變流比的公式.

并明確變壓器的工作原理．【解析】電源；負(fù)載；44

16、變大變小不變變小兩極板間距【分析】解：（1）根據(jù)電容的決定式C=知，上移左極板，正對(duì)面積S減小，則電容減小，根據(jù)U=知；電荷量不變，則電勢(shì)差增大，指針偏角變大；

（2）根據(jù)電容的決定式C=知，將極板間距離減小時(shí)，電容增大，根據(jù)U=知；電荷量不變，則電勢(shì)差減小，指針偏角變?。?/p>

再由公式E=及C=與U=導(dǎo)出電場(chǎng)強(qiáng)度綜合表達(dá)式E=則有電場(chǎng)強(qiáng)度與極板間距無(wú)關(guān)，故平行板電容器之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變；

（3）根據(jù)電容的決定式C=知，兩板間插入一塊玻璃，電容增大，根據(jù)U=知；電荷量不變，則電勢(shì)差減小，指針偏角變??；

（4）由上分析；可知，平行板電容器的電容與兩板正對(duì)面積，兩板間介質(zhì)和兩極板間距有關(guān)。

故答案為：（1）變大；（2）變小；不變；（3）變小；（4）兩極板間距。

抓住電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的決定式C=判斷電容的變化，結(jié)合U=判斷電勢(shì)差的變化，從而得出指針偏角的變化，最后依據(jù)公式E=結(jié)合以上公式，推導(dǎo)出電場(chǎng)強(qiáng)度綜合表達(dá)式，從而判定求解。

解決本題的關(guān)鍵知道靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，處理電容器動(dòng)態(tài)分析時(shí)，關(guān)鍵抓住不變量，與電源斷開(kāi)，電荷量保持不變，結(jié)合電容的決定式和定義式進(jìn)行分析。【解析】變大變小不變變小兩極板間距17、略

【分析】解：根據(jù)左手定則知；電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，即金屬塊上表面的電勢(shì)比下表面電勢(shì)低．

根據(jù)I=nevS=nevdh，解得v=

根據(jù)evB=e得；

金屬塊上下表面的電勢(shì)差U=vBh=．

故答案為：低，．

根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向；從而確定金屬塊上下表面電勢(shì)的高低；根據(jù)電子所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，結(jié)合電流的微觀(guān)表達(dá)式求出金屬塊上下表面的電勢(shì)差．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡．【解析】低；18、0.652.19【分析】解：每相鄰兩點(diǎn)間還有4個(gè)試驗(yàn)點(diǎn)（圖中未畫(huà)）；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔：T=0.1s；

根據(jù)物體在某一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該段時(shí)間內(nèi)的中間時(shí)刻的速度有：

v3==

根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可得：

===2.19m/s2．

故答案為：0.65；2.19．

作勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體在某一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于該段時(shí)間內(nèi)的中間時(shí)刻的速度，由此可求某點(diǎn)的瞬時(shí)速度；作勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體在連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移差等于恒量即△x=aT2；由此可求物體運(yùn)動(dòng)的加速度大?。?/p>

要提高應(yīng)用勻變速直線(xiàn)的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用．【解析】0.652.19三、判斷題(共6題，共12分)19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線(xiàn)垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線(xiàn)是人為假想的曲線(xiàn)，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線(xiàn)疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線(xiàn)密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低．22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．23、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線(xiàn)的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線(xiàn)的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線(xiàn)可以形象直觀(guān)表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線(xiàn)疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線(xiàn)方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線(xiàn)的方向反映電勢(shì)的高低．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線(xiàn)比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共4分)25、V1【分析】

????????【分析】

(1)

由于待測(cè)電流表的內(nèi)阻比較小；所以應(yīng)該將電流表與定值電阻串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量，根據(jù)公式U=IR

計(jì)算出串聯(lián)后的最大電壓，然后根據(jù)該電壓選擇電壓表；

(2)

將電流表與定值電阻串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量時(shí)；電阻值仍然不算大，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)該采用限流式接法；

(3)

根據(jù)部分電路的歐姆定律即可計(jì)算出電流表A1

內(nèi)阻的表達(dá)式．

【解答】(1)

由于待測(cè)電流表的內(nèi)阻比較?。凰詰?yīng)該將電流表與定值電阻串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量，根據(jù)公式U=I(Rx+R2)隆脰0.6隆脕(0.1+5)隆脰3V

串聯(lián)后的最大電壓與電壓表V1

的量程差不多，與電壓表V2

的量程相差較大，所以應(yīng)選擇電壓表V1

(2)

將電流表與定值電阻R2

串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量時(shí)，電阻值仍然不算大，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)該采用限流式接法；所以實(shí)驗(yàn)的原理圖如圖：

(3)

電壓表的示數(shù)是定值電阻R2

與電流表的電壓的和，即：U=I(RA+R2)

所以RA=UI?R2

故答案為：V1

如圖所示；RA=UI?R2??

【解析】V

11RA=UI?R2

26、（1）B

（2）不對(duì)

（3）

（4）0.3800.376在誤差允許范圍內(nèi)重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能的增加量【分析】

【分析】

毫米刻度尺測(cè)量長(zhǎng)度；要求估讀即讀到最小刻度的下一位，實(shí)驗(yàn)中若紙帶勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度，從而求出動(dòng)能；

常用于力學(xué)實(shí)驗(yàn)中的刻度尺、游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的使用在考試中出現(xiàn)的頻率較高，對(duì)于掌握的程度，不能僅僅停留在會(huì)讀數(shù)，而需理解其原理.

紙帶問(wèn)題的處理時(shí)力學(xué)實(shí)驗(yàn)中常見(jiàn)的問(wèn)題，若紙帶勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度。

【解答】

(1)

刻度尺讀數(shù)是應(yīng)在最小刻度1mm

的基礎(chǔ)上向下一位估讀；即應(yīng)當(dāng)保留到小數(shù)點(diǎn)后的兩位12.40cm

所以B

點(diǎn)讀數(shù)不符合要求；

(2)

在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，由于存在阻力物體實(shí)際下落的加速度小于重力加速度，所以不應(yīng)當(dāng)用重力加速度g

來(lái)表示某位置的速度，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上C

點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大??；即vC=xBD2T=(OD鈭?OB)f2

故不對(duì)。

(3)

可得出從O

到某點(diǎn)，重錘重力勢(shì)能的減少量為：mgh

，動(dòng)能的增加為：12mv2鈭?0

根據(jù)機(jī)械能守恒減少的重力勢(shì)能應(yīng)等于增加的動(dòng)能，即：mgh=12mv2

整理得：gh=12v2

(4)從OO到打下DD點(diǎn)，重錘重力勢(shì)能的減少量鈻?EtriangleEPP=mgh=0.380J=mgh=0.380J，

利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論

vD=xCEtCE

EkD=12mvD2=0.376J

動(dòng)能的增加量鈻?EtriangleEkk=0.376J=0.376J，在誤差允許范圍內(nèi)重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能的增加量。

故答案為：(1)B

(2)

不對(duì)(3)gh=v22

(4)0.3800.376

在誤差允許范圍內(nèi)重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能的增加量

【解析】(1)B(1)B(2)(2)不對(duì)(3)gh=v22(3)gh=dfrac{{v}^{2}}{2}(4)(4)0.3800.3800.3760.376在誤差允許范圍內(nèi)重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能的增加量五、推斷題(共3題，共21分)27、（1）

（2）（酚）羥基、羧基

（3）酯化反應(yīng)（或取代反應(yīng)）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷和合成，題目較為綜合，有一定的難度，做題時(shí)注意把利用好題給信息，采用正逆推相結(jié)合的方法推斷，注意同分異構(gòu)體的判斷方法?！窘獯稹磕撤枷銦Nrm{A}分子式為rm{C}分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{{,!}_{10}}和，屬于苯的同系物，rm{A}與氯氣在光照條件下發(fā)生一氯取代生成兩種不同物質(zhì)rm{B}和rm{C}則rm{A}為則rm{A}為rm{B}最終產(chǎn)物rm{C}能與rm{A}，rm{B}最終產(chǎn)物rm{H}能與rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，則rm{H}為rm{NaHCO}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{{,!}_{3}}為溶液反應(yīng)，說(shuō)明rm{H}具有羧基，則rm{B}為發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{H}為rm{B}進(jìn)一步氧化生成，rm{B}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{D}為為rm{B}為rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成，rm{D}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{F}為為rm{D}分子式為rm{F}，rm{F}進(jìn)一步氧化生成rm{H}為rm{F}rm{H}，則rm{C}為rm{C}，rm{C}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{E}為rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式為rm{C}則rm{X}為酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}為醇，則rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羥基，rm{O}分子式為rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液顯紫色，說(shuō)明結(jié)構(gòu)中含有酚羥基，水解生成rm{K}和rm{E}則rm{X}為酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}為醇，則rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羥基，rm{J}分子式為rm{C}rm{K}分子內(nèi)有兩個(gè)互為對(duì)位的取代基，則rm{E}為rm{X}rm{K}為rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{J}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對(duì)三種結(jié)構(gòu)，三種沸點(diǎn)的大小關(guān)系為：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}為rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}與rm{O}反應(yīng)的化學(xué)方程式是rm{O}或取代反應(yīng)rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子內(nèi)有兩個(gè)互為對(duì)位的取代基，則rm{J}為rm{J}或取代反應(yīng)rm{J}

，故K為，rm{X}為的混合物在rm{X}乙醇溶液中加熱可以生成同一種有機(jī)能，則rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：為rm{(1)}為單體合成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是rm{A}

，屬于芳香烴類(lèi)的rm{A}的一種同分異構(gòu)體為二甲苯，有鄰間對(duì)三種結(jié)構(gòu)，三種沸點(diǎn)的大小關(guān)系為：

rm{A}為故答案為：的同分異構(gòu)體符合：；與rm{(2)J}為rm{(2)J}，所含的含氧官能團(tuán)的名稱(chēng)為：羧基、羥基，與新制故答案為：羧基、羥基；rm{(3)E}與rm{H}反應(yīng)的化學(xué)方程式是rm{(3)E}苯環(huán)上的一鹵代物有rm{H}種，說(shuō)明苯環(huán)結(jié)構(gòu)中只含有兩種性質(zhì)不同的氫原子，符合條件的有：，反應(yīng)類(lèi)型是：酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}

rm{(}rm{)}故答案為：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羥基、羧基rm{(3)}酯化反應(yīng)rm{(}或取代反應(yīng)rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}28、rm{(1)}

rm{(2)Al}rm{NaOH}

rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見(jiàn)題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是元素rm{(1)}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為氫氧化鈉和氫氧化鋁，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱，rm{Al}的金屬性比rm{Na}強(qiáng)，所以堿性較強(qiáng)的為rm{Al}故答案為：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的單質(zhì)在rm{NaOH}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{(3)}rm{(3)}rm{壟脵}的單質(zhì)在rm{壟脼}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{壟脵}rm{壟脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}寫(xiě)出；與故答案為：最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物反應(yīng)的離子方程式為：rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}rm{(4)}rm{壟脺}故答案為：rm{壟脻}rm{Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

29、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見(jiàn)題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}據(jù)此分析：rm{(1)壟脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)壟脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案為：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脻}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{O}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{S}故答案為：rm{S}故答案為：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，非金屬性逐漸正確，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性逐漸正確，rm{(3)S}的非金屬性比rm{(3)S}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為和故答案為：rm{Cl}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為rm{S}的非金屬性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}六、綜合題(共3題，共21分)30、（1）ADE（2）解：設(shè)初態(tài)氣體壓強(qiáng)為P1，放砂后壓強(qiáng)為P2，體積V2，升溫后體積為V3

等溫過(guò)程：由

得：V2=0.5V0

等壓過(guò)程：由

得：V3=V0

【分析】(1)

【分析】當(dāng)分子間距離等于平衡距離時(shí)，分子力為零，分子勢(shì)能最??；當(dāng)分子間距離小于平衡距離時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力。分子間的勢(shì)能及分子力雖然屬于微觀(guān)世界的關(guān)系，但是可運(yùn)用我們所學(xué)過(guò)的力學(xué)中功能關(guān)系進(jìn)行分析?！窘獯稹糠肿又g的相互作用都隨分子間距離的增大而減小分子引力的變化慢，當(dāng)r=r

00時(shí)分子引力等于分子斥力，所以，r

00是分子的平衡距離，r

大于平衡距離，分子力表現(xiàn)為引力，當(dāng)r

小于r

00時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力：分析間距離為r

00時(shí)分子勢(shì)能最??；

A.分子之間的相互作用都隨分子間距離的增大而減??；故A正確；

B.氣體分子之間有分子力的作用；只是比較小，故B錯(cuò)誤；

C.液體難于壓縮表明液體中分子倍壓縮時(shí)總是斥力；故C錯(cuò)誤；

D.當(dāng)分子間表現(xiàn)為引力時(shí)；增大距離需要克服引力做功，分子勢(shì)能增大，即隨分子間距離增大分子間勢(shì)能增大，故D正確；

E.當(dāng)分子間表現(xiàn)為引力時(shí)；增大距離需要克服引力做功，分子勢(shì)能增大；當(dāng)分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)，減小距離需要克服斥力做功，分子勢(shì)能增大，所以當(dāng)分子間的引力與斥力大小相等時(shí)分子間勢(shì)能最小，故E正確。

故選ADE。(2)

封閉氣體經(jīng)歷了兩個(gè)過(guò)程，先等溫壓縮，后等壓膨脹，分別對(duì)兩個(gè)過(guò)程應(yīng)用玻意耳定律和蓋.

呂薩克定律即可。理想氣體狀態(tài)變化時(shí)，要分清是什么過(guò)程，明確初末狀態(tài)的狀態(tài)參量，恰當(dāng)選擇實(shí)驗(yàn)定律?！窘馕觥?1)ADE

(2)

解：設(shè)初態(tài)氣體壓強(qiáng)為P1

放砂后壓強(qiáng)為P2

體積V2

升溫后體積為V3

P1=P0+mgS=1.5P0

P2=P0+4mgS=3P0

等溫過(guò)程：由P1V0=P2V2

得：V2=0.5V0

等壓過(guò)程