（八省聯(lián)考）陜西省 2025年高考綜合改革適應(yīng)性演練 物理試卷（含答案逐題解析）

2025年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試適應(yīng)性演練物理注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上，并將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、座位號(hào)填寫在本試卷上。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。涂寫在本試卷上無效。3．作答非選擇題時(shí)，將答案書寫在答題卡上，書寫在本試卷上無效。4、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.2024年8月，我國(guó)運(yùn)動(dòng)員獲得第33屆奧運(yùn)會(huì)男子100m自由泳冠軍。比賽所用標(biāo)準(zhǔn)泳池的長(zhǎng)度為50m，下列與該運(yùn)動(dòng)員實(shí)際運(yùn)動(dòng)過程最接近的位移—時(shí)間（x?t）圖像是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)題意標(biāo)準(zhǔn)泳池的長(zhǎng)度為50m，我國(guó)運(yùn)動(dòng)員獲得第33屆奧運(yùn)會(huì)男子100m自由泳冠軍，可知運(yùn)動(dòng)員最后的位移為零，所以位移先增大后減小，離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)處位移為50m，只有C選項(xiàng)滿足。故選C。2.神舟十九號(hào)載人飛船與中國(guó)空間站在2024年10月順利實(shí)現(xiàn)第五次“太空會(huì)師”，飛船太空艙與空間站對(duì)接成為整體，對(duì)接后空間站整體仍在原軌道穩(wěn)定運(yùn)行，則對(duì)接后的空間站整體相對(duì)于對(duì)接前的空間站（）A.所受地球的萬有引力變大 B.在軌飛行速度變大C.在軌飛行周期變大 D.在軌飛行加速度變大【答案】A【解析】【詳解】A．對(duì)接后，空間站的質(zhì)量變大，軌道半徑不變，根據(jù)萬有引力表達(dá)式可知空間站所受地球的萬有引力變大，故A正確；BCD．根據(jù)萬有引力提供向心力可得，，軌道半徑不變，則在軌飛行速度不變，在軌飛行周期不變，在軌飛行加速度不變，故BCD錯(cuò)誤。故選A。3.靜電懸浮技術(shù)是利用靜電場(chǎng)對(duì)帶電物體的電場(chǎng)力來平衡重力，從而實(shí)現(xiàn)材料懸浮無容器處理的一種先進(jìn)技術(shù)，其原理示意圖如圖所示。若兩平行金屬極板間電勢(shì)差為U，間距為D。質(zhì)量為m的金屬微粒懸浮于其中，重力加速度大小為g，則金屬微粒所帶電荷的電性和電荷量q分別為（）A負(fù)電荷， B.負(fù)電荷，C.正電荷， D.正電荷，【答案】C【解析】【詳解】由圖可知，兩極板間場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上，微粒受電場(chǎng)力方向豎直向上，可知微粒帶正電，由平衡可知解得故選C。4.牙醫(yī)所用的口腔X射線機(jī)，需利用變壓器將電壓從220V升到96kV，輸出電流為1.0mA。若將此變壓器視為理想變壓器，則（）A.該變壓器的輸入功率為96kW B.該變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為C.該變壓器的輸入電流約為0.4mA D.該變壓器功能主要利用自感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)【答案】B【解析】【詳解】A．變壓器輸出功率等于輸入功率，則該變壓器輸入功率選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該變壓器原副線圈的匝數(shù)比選項(xiàng)B正確；C．變壓器輸入電流為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．該變壓器功能主要是利用互感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B5.某同學(xué)在漂浮于湖中的木筏上休息，看到湖面上的水波正平穩(wěn)地向著湖岸傳播。該同學(xué)估測(cè)出相鄰波峰與波谷之間水平距離為1.5m，當(dāng)某波峰經(jīng)過木筏時(shí)開始計(jì)數(shù)，此后經(jīng)20s恰好有12個(gè)波峰通過木筏，則該水波（）A.波長(zhǎng)約為1.5m B.周期約為3.3sC.頻率約為1.7Hz D.波速約為1.8m/s【答案】D【解析】【詳解】因相鄰波峰與波谷之間的水平距離為1.5m，可知波長(zhǎng)為20s內(nèi)有12個(gè)波峰通過木筏，可知解得T≈1.7s頻率波速故選D。6.如圖，質(zhì)量均為m的兩個(gè)相同小球甲和乙用輕彈簧連接，并用輕繩固定，處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平，與豎直方向的夾角為，重力加速度大小為g。則（）A.的拉力大小為 B.的拉力大小為3mgC.若剪斷，該瞬間小球甲的加速度大小為 D.若剪斷，該瞬間小球乙的加速度大小為g【答案】C【解析】【詳解】AB．對(duì)甲乙整體受力分析可知，的拉力大小為的拉力大小為選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．若剪斷該瞬間，彈簧的彈力不變，則小球乙受的合外力仍為零，加速度為零；對(duì)甲分析可知，由牛頓第二定律可知加速度選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤故選C。7.人體血管狀況及血液流速可以反映身體健康狀態(tài)。血管中的血液通常含有大量的正負(fù)離子。如圖，血管內(nèi)徑為d，血流速度v方向水平向右?，F(xiàn)將方向與血管橫截面平行，且垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)施于某段血管，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為B，當(dāng)血液的流量（單位時(shí)間內(nèi)流過管道橫截面的液體體積）一定時(shí)（）A.血管上側(cè)電勢(shì)低，血管下側(cè)電勢(shì)高 B.若血管內(nèi)徑變小，則血液流速變小C.血管上下側(cè)電勢(shì)差與血液流速無關(guān) D.血管上下側(cè)電勢(shì)差變大，說明血管內(nèi)徑變小【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知正粒子向血管上側(cè)偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向血管下側(cè)偏轉(zhuǎn)，則血管上側(cè)電勢(shì)高，血管下側(cè)電勢(shì)低，故A錯(cuò)誤；B．血液的流量（單位時(shí)間內(nèi)流過管道橫截面的液體體積）一定為，若血管內(nèi)徑變小，則血管的橫截面積變小，根據(jù)可知?jiǎng)t血液流速變大，故B錯(cuò)誤；CD．穩(wěn)定時(shí)，粒子所受洛倫茲力等于所受的電場(chǎng)力，根據(jù)可得又聯(lián)立可得根據(jù)可知血管上下側(cè)電勢(shì)差變大，說明血管內(nèi)徑變小，血液的流速變化，則血管內(nèi)徑一定改變，則血管上下側(cè)電勢(shì)差改變，所以血管上下側(cè)電勢(shì)差與血液流速有關(guān)，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖，用絕熱材料制成的密閉容器被隔板K分成Ⅰ、Ⅱ兩部分，一定量的某理想氣體處于Ⅰ中，Ⅱ內(nèi)為真空。抽取隔板K，氣體進(jìn)入Ⅱ中，最終整個(gè)容器均勻地分布了這種氣體。則此過程，該氣體系統(tǒng)（）A.對(duì)外做功，體積膨脹 B.對(duì)外不做功，最終壓強(qiáng)減小C.內(nèi)能減少，最終溫度降低 D.無序度變大【答案】BD【解析】【詳解】絕熱容器內(nèi)的氣體與外界沒有熱交換，則氣體向真空擴(kuò)散，沒有對(duì)外界做功，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w的內(nèi)能不變，溫度不變，氣體體積變大，氣體無序度變大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知壓強(qiáng)減小。故選BD。9.氫原子能級(jí)圖如圖所示，若大量氫原子處于，2，3，4的能級(jí)狀態(tài)，已知普朗克常量，某銻銫化合物的逸出功為2.0eV，則（）A.這些氫原子躍遷過程中最多可發(fā)出3種頻率的光B.這些氫原子躍遷過程中產(chǎn)生光子的最小頻率為C.這些氫原子躍遷過程中有4種頻率的光照射該銻銫化合物可使其電子逸出D.一個(gè)動(dòng)能為12.5eV的電子碰撞一個(gè)基態(tài)氫原子不能使其躍遷到激發(fā)態(tài)【答案】BC【解析】【詳解】A．這些氫原子躍遷過程中最多可發(fā)出種頻率的光，故A錯(cuò)誤；B．氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光子的能量最小為這些氫原子躍遷過程中產(chǎn)生光子的最小頻率為故B正確；C．某銻銫化合物的逸出功為2.0eV，則這些氫原子躍遷過程中有4種頻率的光照射該銻銫化合物可使其電子逸出，分別是從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光子，從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光子，從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光子，從能級(jí)躍遷到能級(jí)發(fā)出的光子，故C正確；D．一個(gè)基態(tài)氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)所需的最小能量為一個(gè)動(dòng)能為12.5eV的電子（大于10.2eV）碰撞一個(gè)基態(tài)氫原子能使其躍遷到激發(fā)態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖，傾角為30°且足夠長(zhǎng)的光滑斜劈固定在水平面上，P、Q兩個(gè)物體通過輕繩跨過光滑定滑輪連接，Q的另一端與固定在水平面的輕彈簧連接，P和Q的質(zhì)量分別為4m和m。初始時(shí)，控制P使輕繩伸直且無拉力，滑輪左側(cè)輕繩與斜劈上表面平行，右側(cè)輕繩豎直，彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，彈簧勁度系數(shù)為k，重力加速度大小為g?，F(xiàn)無初速釋放P，則在物體P沿斜劈下滑過程中（）A.輕繩拉力大小一直增大 B.物體P的加速度大小一直增大C.物體P沿斜劈下滑的最大距離為 D.物體P的最大動(dòng)能為【答案】AD【解析】【詳解】B．設(shè)物體P向下運(yùn)動(dòng)過程中的位移為x，彈簧的形變量為Δx，開始時(shí)彈簧的彈力表現(xiàn)為支持力，從釋放P到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過程中，對(duì)P、Q整體根據(jù)牛頓第二定律可得隨著x增大Δx減小，則加速度逐漸減小，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，彈簧表現(xiàn)為拉伸狀態(tài)，彈簧彈力為拉力，隨著x增大Δx增大，根據(jù)牛頓第二定律可得隨著x增大Δx增大，當(dāng)mg>kΔx時(shí)，隨著x增大，加速度逐漸減小，當(dāng)kΔx>mg時(shí)，隨著x增大，加速度反向增大，所以物體P的加速度大小先減小后反向增大，故B錯(cuò)誤；A．以P為研究對(duì)象，設(shè)繩子拉力為T，根據(jù)牛頓第二定律可得彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前隨著Δx減小T增大；彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后可知隨著Δx增大，T逐漸增大，所以輕繩拉力大小一直增大，故A正確；C．沒有釋放物體P前，根據(jù)平衡條件可得物體P沿斜劈下滑的最大距離為xmax，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)P的加速度為零時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，此時(shí)根據(jù)平衡條件解得可知P動(dòng)能最大時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能與初始狀態(tài)相等，設(shè)P的動(dòng)能為Ek，根據(jù)可知Q的動(dòng)能為，根據(jù)動(dòng)能定理解得故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.圖（a）為研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)裝置，其中裝置A、B固定在鐵架臺(tái)上，裝置B裝有接收器并與計(jì)算機(jī)連接。裝有發(fā)射器的小球從裝置A某高處沿著軌道向下運(yùn)動(dòng)，離開軌道時(shí)，裝置B開始實(shí)時(shí)探測(cè)小球運(yùn)動(dòng)的位置變化。根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)由數(shù)表作圖軟件擬合出平拋運(yùn)動(dòng)曲線方程，如圖（b）所示。（1）安裝并調(diào)節(jié)裝置A時(shí)，必須保證軌道末端______。（填“水平”或“光滑”）（2）根據(jù)擬合曲線方程，可知坐標(biāo)原點(diǎn)______拋出點(diǎn)。（填“在”或“不在”）（3）根據(jù)擬合曲線方程，可計(jì)算出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為______m/s。（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取，計(jì)算結(jié)保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）水平（2）不在（3）1.7【解析】【小問1詳解】安裝并調(diào)節(jié)裝置A時(shí)，必須保證軌道末端水平，以保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)。【小問2詳解】根據(jù)曲線方程可知拋物線的頂點(diǎn)橫坐標(biāo)為可知坐標(biāo)原點(diǎn)不在拋出點(diǎn)。【小問3詳解】設(shè)在坐標(biāo)原點(diǎn)位置小球的水平速度為v0豎直速度vy0，則根據(jù)解得對(duì)比可得解得v0≈1.7m/s12.在使用各種測(cè)量?jī)x表進(jìn)行電學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于測(cè)量?jī)x表的接入，電路狀態(tài)發(fā)生變化，往往難以得到待測(cè)物理量的精確測(cè)量值。某同學(xué)在電阻測(cè)量實(shí)驗(yàn)中為提高測(cè)量結(jié)果的精確度，嘗試使用以下電路測(cè)量未知電阻的阻值：（1）該實(shí)驗(yàn)中用到四轉(zhuǎn)盤電阻箱，圖（a）中電阻箱的讀數(shù)為______Ω．（2）請(qǐng)按圖（b）電路圖完成圖（c）的實(shí)物電路連線。（3）如圖（b）所示，為待測(cè)電阻，為檢流計(jì)（小量程電流表）的保護(hù)電阻，實(shí)驗(yàn)中直流穩(wěn)壓電源的輸出電壓始終保持不變。第一次測(cè)量時(shí)，按圖（b）中電路圖連接，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為，則通過電阻箱的電流______（填“大于”“等于”或“小于”）通過待測(cè)電阻的電流；第二次測(cè)量時(shí)，將圖（b）中電阻箱R與待測(cè)電阻位置互換，閉合開關(guān)，再次調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為；則待測(cè)電阻______．（結(jié)果用表示）【答案】（1）107.4（2）（3）①.等于②.【解析】【小問1詳解】圖（a）中電阻箱的讀數(shù)為100×1Ω+10×0Ω+1×7Ω+0.1×4Ω=107.4Ω【小問2詳解】電路連線如圖【小問3詳解】[1]第一次測(cè)量時(shí)，按圖（b）中電路圖連接，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為，則通過電阻箱的電流等于通過待測(cè)電阻的電流；[2]檢流計(jì)示數(shù)為零，說明電流計(jì)和R0左右兩端的電勢(shì)相等，可等效為一點(diǎn)，由閉合電路的歐姆定律，第一次第二次待測(cè)電阻13.如圖，半徑為R的球面凹面鏡內(nèi)注有透明液體，將其靜置在水平桌面上，液體中心厚度CD為10mm。一束單色激光自中心軸上距液面15mm的A處以入射角射向液面B處，其折射光經(jīng)凹面鏡反射后沿原路返回，液體折射率為。求：（1）光線在B點(diǎn)進(jìn)入液體的折射角；（2）凹面鏡半徑R?！敬鸢浮浚?）（2）55mm【解析】【小問1詳解】根據(jù)光的折射定律可知，光線在B點(diǎn)進(jìn)入液體的折射角滿足可知光線在B點(diǎn)進(jìn)入液體的折射角為；【小問2詳解】因折射光經(jīng)凹面鏡反射后沿原路返回，可知折射光線垂直于凹面鏡。如圖所示，折射光線的反向延長(zhǎng)線過凹面鏡的圓心O，如圖所示，由幾何關(guān)系得由題干可知，，BC的距離為OC的距離為由幾何關(guān)系得凹面鏡半徑14.圖（a）是某小河的航拍照片，河道彎曲形成的主要原因之一可解釋為：河道彎曲處的內(nèi)側(cè)與外側(cè)河堤均受到流水重力產(chǎn)生的壓強(qiáng)，外側(cè)河堤還受到流水沖擊產(chǎn)生的壓強(qiáng)。小河某彎道處可視為半徑為R的圓弧的一部分，如圖（b）所示，假設(shè)河床水平，河水密度為，河道在整個(gè)彎道處寬度d和水深h均保持不變，水的流動(dòng)速度v大小恒定，，忽略流水內(nèi)部的相互作用力。取彎道某處一垂直于流速的觀測(cè)截面，求在一極短時(shí)間內(nèi)：（均為已知量）（1）通過觀測(cè)截面的流水質(zhì)量；（2）流水速度改變量的大?。唬?）外側(cè)河堤受到的流水沖擊產(chǎn)生的壓強(qiáng)p?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】由題可知，極短時(shí)間水流的距離由于橫截面積為根據(jù)可得水的質(zhì)量【小問2詳解】由于極短，可以把水的運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化為圓周勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，其加速度為又因?yàn)槁?lián)立解得小問3詳解】根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立上述結(jié)論，解得水流與河堤作用的面積故外側(cè)河堤受到的流水沖擊產(chǎn)生的壓強(qiáng)15.如圖，cd邊界與x軸