2024-2025學(xué)年湖南省永州市寧遠(yuǎn)縣高三上冊第二次聯(lián)考檢測數(shù)學(xué)試題（含解析）

2024-2025學(xué)年湖南省永州市寧遠(yuǎn)縣高三上學(xué)期第二次聯(lián)考檢測數(shù)學(xué)試題注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名?準(zhǔn)考證號填寫在本式卷和答題卡上.2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)的答案標(biāo)號涂黑，如有改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案；回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后，將本式卷和答題卡一并交回.一?選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1．設(shè)集合，則集合中所含整數(shù)的個數(shù)為（

）A．2 B．3 C．4 D．52．已知，則的虛部為（

）A． B． C． D．3．“”是“”的（

）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件C．充分必要條件 D．既不充分也不必要條件4．已知，則（

）A． B． C． D．5．經(jīng)研究表明：光源發(fā)射出來的粒子在沒有被捕獲之前屬于光子，光子在離開光源后會與各種粒子撞擊，其動量可能會改變，導(dǎo)致其速度降低，最終可能改變身份成為其他范圍的粒子（如紅外線粒子），不再能被人類的感光設(shè)備捕獲.已知在某次光學(xué)實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)組相關(guān)人員用人類感光設(shè)備捕獲了從同一光源發(fā)射出來的兩個光子，，通過數(shù)學(xué)建模與數(shù)據(jù)分析得知，此時刻在平面直角坐標(biāo)系中它們的位移所對應(yīng)的向量分別為，設(shè)光子相對光子的位移為，則在上的投影向量的坐標(biāo)為（

）A． B． C． D．6．已知等差數(shù)列的前項(xiàng)和為，公差為，若也為等差數(shù)列，則的值為（

）A．2 B．3 C．4 D．87．已知函數(shù)關(guān)于點(diǎn)中心對稱，則曲線在點(diǎn)，處的切線斜率為（

）A． B． C． D．8．中，角，，所對的邊分別為，，，且，則的內(nèi)切圓半徑的最大值為（

）A． B． C． D．二?多選題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分.9．已知正數(shù)滿足，則（

）A． B．C． D．10．三棱臺中，，設(shè)AB的中點(diǎn)為的中點(diǎn)為與BF交于點(diǎn)與交于點(diǎn)，則（

）A．直線GH與直線異面B．C．線段AE上存在點(diǎn)，使得平面D．線段BE上存在點(diǎn)，使得平面11．設(shè)函數(shù)，記的最小值為，則（

）A． B．C． D．三?填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分.12．已知命題：“”為真命題，則的取值范圍是．13．已知為邊長為4的正六邊形ABCDEF內(nèi)部及其邊界上的一點(diǎn)，則的取值范圍是.14．三棱錐中，，平面平面，且.記的體積為，內(nèi)切球半徑為，則的最小值為.四?解答題：本題共5小題，共77分.解答應(yīng)寫出文字說明?證明過程或演算步驟.15．已知函數(shù).(1)求的單調(diào)遞減區(qū)間；(2)若在上的最小值為，求的取值范圍.16．記首項(xiàng)為1的數(shù)列的前項(xiàng)和為，且.(1)探究數(shù)列是否為單調(diào)數(shù)列；(2)求數(shù)列的前項(xiàng)和.17．如圖，四棱柱中，四邊形ABCD是菱形，四面體的體積與四面體的體積之差為的面積為.(1)求點(diǎn)到平面的距離；(2)若，求銳二面角的余弦值．18．已知函數(shù)在上有兩個極值點(diǎn)，且.(1)求的取值范圍；(2)當(dāng)時，證明.19．對于項(xiàng)數(shù)列，若滿足，則稱它為一個滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列．(1)對于一個滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列.證明：存在，滿足；(2)若“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列還滿足，則稱為“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列．①請分別寫出一個滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列和滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列（不必論證，符合要求即可）；②若存在“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列，求的最小值（最終結(jié)果用常數(shù)或含的式子表示）．1．C【分析】根據(jù)集合的交集，可得答案.【詳解】由題意可得，可得，故集合中所含整數(shù)有，共4個.故選：C.2．A【分析】求出，求出，求出的虛部.【詳解】由題意可得，故，其虛部為.故選：A.3．A【分析】根據(jù)指數(shù)函數(shù)的單調(diào)性以及冪函數(shù)的單調(diào)性，結(jié)合充分不必要條件，可得答案.【詳解】由，且函數(shù)為增函數(shù)，可得，令函數(shù)，易得單調(diào)遞增，故當(dāng)時，一定有，故充分性成立；但由只能推出，即必要性不成立；故“”是“”的充分不必要條件.故選：A.4．A【分析】根據(jù)誘導(dǎo)公式結(jié)合二倍角公式求解即可.【詳解】由題意可得，故.故選：A.5．C【分析】根據(jù)投影向量的計(jì)算公式即可求解.【詳解】由向量，可得，所以在上的投影向量為.故選：C.6．C【分析】根據(jù)等差數(shù)列通項(xiàng)公式的函數(shù)特點(diǎn)，結(jié)合等差數(shù)列的求和公式，可得答案.【詳解】易知，若也為等差數(shù)列，則為完全平方，則，解得.故選：C.7．D【分析】由題意結(jié)合函數(shù)圖象變換整理新函數(shù)，利用對稱性可得其奇偶性，根據(jù)導(dǎo)數(shù)與切線斜率的關(guān)系，可得答案.【詳解】因?yàn)殛P(guān)于點(diǎn)中心對稱，所以函數(shù)為奇函數(shù)，則，即，且為奇函數(shù)，所以，解得，故，且，故切線斜率為.故選：D.8．B【分析】先計(jì)算出，然后利用面積公式計(jì)算出，再利用余弦定理和基本不等式計(jì)算出，最后計(jì)算出的最大值.【詳解】設(shè)的內(nèi)切圓半徑為，由題意可得，由余弦定理可得，而，故，由余弦定理可得，則，當(dāng)且僅當(dāng)時等號成立，而，則，其中，故，令，故.故選：B9．AC【分析】對于選項(xiàng)A：利用基本不等式即可判斷；對于選項(xiàng)B：利用“1”的妙用，即可判斷；對于選項(xiàng)C：利用基本不等式即可判斷；對于選項(xiàng)D：利用配湊思想，根據(jù)基本不等式即可判斷；【詳解】對于選項(xiàng)A：因?yàn)?，則，當(dāng)且僅當(dāng)，即時取等號，故選項(xiàng)A正確；對于選項(xiàng)B：，當(dāng)且僅當(dāng)，即時取等號，故選項(xiàng)B錯誤；對于選項(xiàng)C：由選項(xiàng)A可知，所以，當(dāng)且僅當(dāng)，即時取等號，故選項(xiàng)C正確；對于選項(xiàng)D：因?yàn)?，?dāng)且僅當(dāng)，即時取等號，這與x，y均為正數(shù)矛盾，故，故選項(xiàng)D錯誤.故選：AC.10．AD【分析】A選項(xiàng)，根據(jù)線面關(guān)系，得到B，G，H三點(diǎn)不共線，直線GH與直線沒有交點(diǎn)，故兩直線異面；B選項(xiàng)，，但是的中點(diǎn)，不成立，故B錯；CD選項(xiàng)，取線段BF的中點(diǎn)，連接交BE于點(diǎn)，可證得平面，C錯誤，D正確.【詳解】如圖所示，對于A，因?yàn)槠矫嫫矫?，故與平面的交點(diǎn)為，且是唯一的.又因?yàn)锽，G，H三點(diǎn)不共線，所以GH不經(jīng)過點(diǎn)，又平面，所以直線GH與直線沒有交點(diǎn)，即直線GH與直線異面，故A正確；對于B，因?yàn)锳B的中點(diǎn)為的中點(diǎn)為，所以點(diǎn)是的重心，，若，則，事實(shí)上：，所以一定經(jīng)過的中點(diǎn)，故是的中點(diǎn)，不成立，故B錯誤；對于CD選項(xiàng)，如圖，取線段BF的中點(diǎn)，連接并延長，交BE于點(diǎn)，下證平面：由為的中點(diǎn)可知，又平面平面，所以平面，故D正確，C錯誤；故選：AD.11．BCD【分析】利用導(dǎo)數(shù)思想來研究單調(diào)性和最值，再構(gòu)造函數(shù)，通過求導(dǎo)來證明不等式，從而來比較大小.【詳解】由題意可得，當(dāng)時，單調(diào)遞減，當(dāng)時，單調(diào)遞增，所以的最小值為，即．對于A：，即，故A錯誤；對于B：設(shè)函數(shù)，設(shè)函數(shù)時，則單調(diào)遞增，故單調(diào)遞增，故，故B正確；對于C：易知，又因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞增，故，故，故C正確；對于D：，只需證明即可，而，由易得，故，同理可得，故，故D正確，故選：BCD．12．（]【分析】先討論成立，然后討論時，利用二次函數(shù)的圖像求解即可.【詳解】因?yàn)槊}“”為真命題，當(dāng)時，成立，當(dāng)時，則，解得，故的取值范圍是，故13．[-8，24]【分析】利用向量數(shù)量積的幾何意義，等于動向量在方向上的投影長度與的模之積，這里的投影長度是有正負(fù)的，規(guī)定投影長度與方向相同的為正數(shù)，與方向相反的為負(fù)數(shù)，然后找到端點(diǎn)位置去計(jì)算取值范圍.【詳解】由題意可得的模為4，根據(jù)正六邊形的特征及投影的定義可以得到在方向上的投影長度的取值范圍是，由數(shù)量積定義可知等于的模與在方向上的投影長度的乘積，所以的取值范圍是，故答案為.14．##【分析】根據(jù)等體積法可得，即可構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求解單調(diào)性，即可求解最值.【詳解】設(shè)三棱錐的高為，依題意，可取中點(diǎn)，連接，，則,由于，則,則，由于平面平面，且交線為,平面，故平面，故,則的面積為,的面積，由可得和的面積為，于是三棱錐的表面積為，由等體積可知，所以，故=.設(shè)函數(shù)，且，則，當(dāng)單調(diào)遞減，，單調(diào)遞增，所以，所以時，取得最小值，故．關(guān)鍵點(diǎn)點(diǎn)睛：利用等體積法得到，構(gòu)造函數(shù)，求導(dǎo).15．(1)(2)【分析】（1）利用兩角和的正弦公式化簡，結(jié)合正弦函數(shù)的單調(diào)性即可求得答案，（2）由已知確定范圍，結(jié)合正弦函數(shù)的最小值可得，即可求得答案.【詳解】（1）由題意可得，令，則，因?yàn)榈膯握{(diào)遞減區(qū)間是，且由，得，所以的單調(diào)遞減區(qū)間是；（2）當(dāng)，則，因?yàn)樵趨^(qū)間上的最小值為，即在上的最小值為，又因?yàn)?，所以即，故的取值范圍?16．(1)數(shù)列不是單調(diào)數(shù)列.(2)【分析】（1）當(dāng)時，利用，求出數(shù)列的遞推關(guān)系式即可得解；（2）利用錯位相減法求和.【詳解】（1）由題意得，當(dāng)時，，兩式作差得，所以，則數(shù)列為常數(shù)數(shù)列，無單調(diào)性，故數(shù)列不是單調(diào)數(shù)列.（2）由（1）可得，所以，故．所以，①，②①-②得所以17．(1)(2)【分析】（1）連接AC交BD于點(diǎn)，設(shè)四棱柱的體積為，求出四面體的體積，四面體的體積，證明四面體的體積是四面體的體積的兩倍，求出點(diǎn)到平面的距離；（2）連接，證明四邊形ABCD是菱形，證明平面，證明平面ABCD，以點(diǎn)為原點(diǎn)，OA為軸，OB為軸，為軸，建立空間直角坐標(biāo)系，根據(jù)向量求出銳二面角的余弦值.【詳解】（1）如圖，連接AC交BD于點(diǎn)，設(shè)四棱柱的體積為（其中為菱形ABCD的面積，為四棱柱的高），所以四面體的體積為，同理四面體的體積為，又因?yàn)樗倪呅蜛BCD是菱形，所以，所以點(diǎn)到平面的距離為點(diǎn)到平面距離的一半，所以四面體的體積是四面體的體積的兩倍，即，設(shè)點(diǎn)到平面的距離為，則，解得；（2）如圖，連接，由得，又四邊形ABCD是菱形，所以，又平面，所以平面，又平面，所以，又，所以，又平面ABCD，所以平面ABCD，以點(diǎn)為原點(diǎn)，OA為軸，OB為軸，為軸，建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系，由（1）知，且的面積為，所以棱柱的高，而三棱錐的體積為，故，故，所以，易得平面的一個法向量為，設(shè)平面的一個法向量為，又，所以，即，取，故，故銳二面角的余弦值為.18．(1)(2)證明見解析【分析】（1）求出，分、討論可得答案；（2）根據(jù)，得，令，得，欲證，即證，令函數(shù)，函數(shù)，只需證明即可.【詳解】（1）易得定義域?yàn)?，①?dāng)時，單調(diào)遞增，不可能有兩零點(diǎn)，不合題意.②當(dāng)時，令函數(shù)，易得，故時，單調(diào)遞減，時，單調(diào)遞增，當(dāng)時，有，不可能有兩零點(diǎn)；當(dāng)時，有，由零點(diǎn)存在性定理可得在區(qū)間必有一個零點(diǎn)．，令函數(shù)，則，即單調(diào)遞增，故，即，故在上有零點(diǎn)，綜上；（2）依題意有，即，故得，因此，令.則，同理，故，欲證，即證，令函數(shù)，函數(shù)，只需證明即可，又，故是增函數(shù)，故，又，令函數(shù)，則，故單調(diào)遞增，故，因此，故單調(diào)遞增，故，故得證.關(guān)鍵點(diǎn)點(diǎn)睛：第二問解題的關(guān)鍵點(diǎn)是令函數(shù)，函數(shù)，只需證明即可.19．(1)證明見解析(2)①，；②【分析】（1）假設(shè)或，根據(jù)新定義可得，即可證明；（2）①根據(jù)新定義直接寫出結(jié)果即可；②設(shè)，其中，，根據(jù)新定義可得；由、和不等式的性質(zhì)可得，分類討論為奇、偶數(shù)即可.【詳解】（1）因?yàn)闉闈M足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列，假設(shè)，則，不滿足題意，同理若，則，也不滿足題意，所以中必有一些數(shù)小于，也必有一些數(shù)大于，不妨設(shè)（其中），故存在，滿足．（2）①一個滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列為：；一個滿足“絕對值關(guān)聯(lián)”的階數(shù)列為：；②設(shè)，且．不妨設(shè)，其中，并記，不妨設(shè)（否則用代替即可），于是得，因?yàn)?，即，所以，一方面有，另一方?所以，即，當(dāng)且僅當(dāng)，即時等號成立.（i）當(dāng)為偶數(shù)時，設(shè)