2025年高考二輪復習物理選擇題專項練42

選擇題專項練(四)一、單項選擇題:本題共7小題,每小題4分,共28分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.(2024廣東汕頭一模)半導體摻雜對于半導體工業(yè)有著舉足輕重的作用,其中一種技術是將摻雜源物質與硅晶體在高溫(800到1250攝氏度)狀態(tài)下接觸,摻雜源物質的分子由于熱運動滲透進硅晶體的表面,溫度越高摻雜效果越顯著,下列說法正確的是()A.這種滲透過程是自發(fā)可逆的B.硅晶體具有光學上的各向同性C.這種滲透過程是分子的擴散現(xiàn)象D.溫度越高摻雜效果越好是因為溫度升高時,所有分子的熱運動速率都增加答案C解析摻雜源物質的分子由于熱運動滲透進硅晶體的表面,所以這種滲透過程是分子的擴散現(xiàn)象,該過程為自發(fā)過程,其逆過程不能自發(fā)進行,故A錯誤,C正確;由于硅晶體的晶格結構,硅晶體具有光學上的各向異性,故B錯誤;溫度越高摻雜效果越好是因為溫度升高時,分子的平均速率增大,并不是所有分子的熱運動速率都增加,故D錯誤。2.某古法榨油中的一道工序是撞榨,即用重物撞擊楔子壓縮油餅。如圖所示,質量為50kg的重物用一輕繩與固定點O連接,O與重物重心間的距離為4m,某次將重物移至輕繩與豎直方向成37°角處,由靜止釋放,重物運動到最低點時與楔子發(fā)生碰撞,若碰撞后楔子移動的距離可忽略,重物反彈,上升的最大高度為0.05m,重物與楔子作用時間約為0.05s,重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,整個過程輕繩始終處于伸直狀態(tài),則碰撞過程中重物對楔子的作用力約為()A.4000N B.5000NC.6000N D.7000N答案B解析根據(jù)機械能守恒定律有mgL(1cos37°)=12mv12,碰撞后重物上升過程,有mgh=12mv22,根據(jù)動量定理有Ft=mv2(mv1),聯(lián)立解得F=50003.(2024山東泰安一模)如圖所示,A、B是圍繞地球運轉的兩顆衛(wèi)星,其中A衛(wèi)星的軌道半徑為RA,B衛(wèi)星的軌道半徑為RB,經過相同的時間,A衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為SA,B衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為SB,已知SB∶SA=1∶2,則RB∶RA的值為()A.1∶2 B.1∶3C.1∶4 D.1∶8答案C解析設衛(wèi)星的周期為T,t時間內衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為S=tTπR2,根據(jù)題意有SB∶SA=tTBπRB2∶tTAπRA2=RB2TB∶RA2TA=1∶4.(2024山東聊城一模)如圖所示,正方體框架ABCDA1B1C1D1的底面A1B1C1D1處于水平地面上。從頂點A沿不同方向水平拋出小球(可視為質點),不計空氣阻力。關于小球的運動,下列說法正確的是()A.落點在棱BB1上的小球,落在B1點時平拋的初速度最大B.落點在面A1B1C1D1內的小球,落在C1點的運動時間最長C.落點在三角形B1C1D1內的小球,平拋初速度的最小值與最大值之比是1∶2D.落點在線B1D1上的小球,落地時重力的瞬時功率均不相同答案C解析設正方體棱長為l,落點在棱BB1上的小球,落在B1點時豎直位移最大,根據(jù)t=2lg可知,運動時間最長,根據(jù)v=st可知平拋的初速度最小,選項A錯誤;根據(jù)t=2lg可知落點在面A1B1C1D1內的小球豎直位移相等,則運動時間相等,選項B錯誤;落點在三角形B1C1D1內的小球運動時間相等,最大的水平位移為2l,最小水平位移為22l,最小水平位移與最大水平位移之比為1∶2,則平拋初速度的最小值與最大值之比是1∶2,選項C正確;落點在線B1D1上的小球,豎直速度均為vy=2gl,落地時重力的瞬時功率PG5.放射性元素衰變時,通常會放出α、β、γ三種射線,這三種射線穿透本領的示意圖如圖所示,下列說法正確的是()A.射線x可能為γ射線B.射線x可以用來消除工業(yè)生產中的有害靜電C.射線y的速度約為光速的1D.射線z的本質為高速電子流答案B解析α射線的穿透本領最弱,γ射線的穿透本領最強,則射線x應為α射線,射線z應為γ射線,射線y應為β射線,A項錯誤;α射線的電離本領最強,可以用來消除有害靜電,B項正確;β射線的本質為高速電子流,其速度可達光速的99%,即接近光速,C項錯誤;γ射線的本質是高能光子,D項錯誤。6.(2024湖南張家界二模)如圖所示,ABCD是邊長為l的正三棱錐,虛線圓為三角形ABD的內切圓,M、N、P分別為BD、AB和AD邊與圓的切點,O為圓心,正三棱錐的頂點A、B和D分別固定有電荷量為+Q、+Q和Q的點電荷,則()A.同一帶正電的點電荷分別置于M、P兩點的電勢能不相等B.將質子由C移動到M,電勢能減少C.將電子由P移動到N,電場力做正功D.M、P兩點的電場強度相同答案C解析根據(jù)對稱性可知,M點和P點的電勢相等,則同一帶正電的點電荷分別置于M、P兩點的電勢能相等,故A錯誤;根據(jù)等量異種點電荷等勢面關系圖可知,若僅考慮B處和D處點電荷時,C點和M點的電勢相等,質子由C移動到M,靠近A處的正點電荷,電場力做負功,電勢能增加,故B錯誤;在A處點電荷產生的電場中,N點和P點的電勢相等,在B處點電荷產生的電場中,N點的電勢大于P點的電勢,在D處點電荷產生的電場中,N點的電勢大于P點的電勢,所以N點的電勢高于P點的電勢,電子在N點的電勢能小于在P點的電勢能,則電子由P到N,電勢能減小,電場力做正功,故C正確;根據(jù)對稱性可知,M點和P點的電場強度大小相等,方向不同,故D錯誤。7.(2024廣東深圳一模)如圖所示,整個空間存在一水平向右的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場,光滑絕緣斜面固定在水平面上。一帶正電滑塊從斜面頂端由靜止下滑,下滑過程中始終沒有離開斜面,下滑過程中滑塊的位移s、受到的洛倫茲力F洛、加速度a與機械能E機等物理量的大小隨時間變化的圖像可能正確的是()答案B解析滑塊下滑過程中始終沒有離開斜面,滑塊沿斜面受到的重力分力和電場力分力均保持不變,滑塊做勻加速直線運動,則at圖像為一條與橫軸平行的直線;根據(jù)st圖像的斜率表示速度,可知st圖像的斜率逐漸增大,故A、C錯誤;由于滑塊由靜止做勻加速直線運動,則有F洛=qvB=qBat∝t,可知F洛t圖像為過原點的傾斜直線,故B正確;除重力做功外,還有電場力做功,則滑塊的機械能不守恒,故D錯誤。二、多項選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分。每小題有多個選項符合題目要求,全部選對得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。8.(2024廣東三模)音叉可以用來產生簡諧聲波,如圖所示,在水平桌面上將兩個音叉A和B間隔一定距離正對放置,下列說法正確的是()A.若只敲擊音叉A,音叉B也可能會發(fā)出聲音B.若音叉A的頻率大于音叉B的頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波速較大C.若音叉A的頻率大于音叉B的頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波長較短D.若同時敲擊音叉A和B,音叉A和B發(fā)出的聲波相遇時,一定會發(fā)生干涉現(xiàn)象答案AC解析若音叉A和B完全相同,音叉A發(fā)出的聲波頻率等于音叉B的固有頻率,則音叉B會發(fā)生共振從而發(fā)聲,故A正確;兩音叉發(fā)出的聲波速度相同,根據(jù)v=fλ可知,若音叉A發(fā)出的聲波頻率大于音叉B發(fā)出的聲波頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波長較短,故B錯誤,C正確;只有兩音叉發(fā)出的聲波頻率相等時,才會發(fā)生干涉現(xiàn)象,故D錯誤。9.(2024河北模擬預測)間距為L、長度均為2s的光滑平行金屬導軌固定在水平面內,靜止的金屬棒垂直放置在導軌的左端,且始終與導軌接觸良好。t=0時刻,電流大小為I的恒定電流從一根導軌流入,經過金屬棒,再從另一根導軌流回,如圖所示。當金屬棒運動到導軌的中點時,電流大小突然變?yōu)?I,導軌電流在兩導軌間產生的磁場近似可視為勻強磁場,磁感應強度B與電流I成正比。已知金屬棒的質量為m。則()A.金屬棒在左、右兩段導軌上運動時所受安培力的大小之比為1∶2B.金屬棒在左、右兩段導軌上運動的加速度大小之比為1∶4C.金屬棒運動到導軌中點與末端的動能之比為1∶4D.金屬棒運動到導軌中點與末端的速度大小之比為1∶5答案BD解析由題意可知磁感應強度B與電流I成正比,金屬棒在左、右兩段導軌上運動時電流之比為I∶2I=1∶2,則磁感應強度之比為B∶2B=1∶2,金屬棒在左、右兩段導軌上運動時所受安培力的大小之比為F左∶F右=BIL∶(2B·2IL)=1∶4,金屬棒在左、右兩段導軌上運動的加速度大小之比為a左∶a右=F左m∶F右m=1∶4,故A錯誤,B正確;設金屬棒運動到導軌中點的速度為v1,金屬棒運動到導軌末端的速度為v2,根據(jù)動能定理可得F左s=12mv120,F左s+F右s=12mv220,聯(lián)立可得金屬棒運動到導軌中點與末端的動能之比為12mv12∶12mv22=F左s10.(2024廣東佛山二模)無線充電工作原理如圖所示,其中送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1∶n2=5∶1,兩個線圈中所接電阻的阻值均為R。當ab間接上220V的正弦交變電流后,受電線圈中產生交變電流再通過轉換電路轉換成直流電實現(xiàn)給快速充電,這時轉換電路ef兩端的電壓為5V,受電線圈中的電流為2A。把裝置線圈視為理想變壓器,則()A.若ab間接入5V直流電壓,則轉換電路ef兩端的電壓為5VB.受電線圈中的頻率與送電線圈中的頻率相同C.快速充電時,流過送電線圈的電流大小為0.2AD.快速充電時,線圈cd兩端的輸出電壓為42.5V答案BD解析若充電器線圈中通以