2024年廣東省大灣區(qū)高考物理一模試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年廣東省大灣區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.用來冷卻核電站反應(yīng)堆的廢水中，受核反應(yīng)+近的影響，會(huì)產(chǎn)生含有放射性的物質(zhì)僦

（猛），瓶（；H）的半衰期為12.43年。下列說法正確的是（）

A.Y是質(zhì)子

B.F是電子

c.改變核廢水的溫度，核廢水中笊6”）的半衰期不會(huì)改變

D.再經(jīng)過24.86年，現(xiàn)有某部分核廢水中的瓶（；H）將全部衰變

2.如圖是可以用來篩選谷粒的振動(dòng)魚鱗篩，篩面水平，由兩根等長(zhǎng)輕繩將其懸

掛在等高的兩點(diǎn)，已知篩面和谷物所受重力為G,靜止時(shí)兩輕繩延長(zhǎng)線的夾角

為60。。則每根輕繩的拉力大小為]）

A*B.?GC.GD.y[3G

/<s

3.普通的交流電壓表不能直接用來測(cè)量高壓輸電線路間的電壓，通常要通過電壓互感器來連接。圖3）為

電壓互感器示意圖，，活端所接線圖的匝數(shù)較少，工作時(shí)而端電壓為U0b，cd端所接線圈的匝數(shù)較多，工作

時(shí)cd端電壓為Ua，現(xiàn)利用這個(gè)電壓互感器通過普通的交流電壓表測(cè)量圖9）中輸電導(dǎo)線間的高電壓，下列

說法中正確的是（）

A.ab接MN、cd接電壓表，Uub<UcaB.ab接MN、cd接電壓表，Uulj>Uca

C.cd接MMa〃接電壓表，Uab>UcdD.cd接MN、ab接電壓表，Uab<Ucd

4.如圖所示，某同學(xué)練習(xí)踢健子，假設(shè)健子在空中運(yùn)動(dòng)過程中受到大小不變的空

氣阻力，下列和圖像可能正確反映健子被豎直向上踢出后，經(jīng)一段時(shí)間

又回到初始位置的是（）

0

5.我國“神舟十六號(hào)”載人飛船的發(fā)射過程簡(jiǎn)化如圖所示：先由“長(zhǎng)征”運(yùn)

載火箭將飛船送入近地點(diǎn)為A、遠(yuǎn)地點(diǎn)為4的橢圓軌道I,在遠(yuǎn)地點(diǎn)8將飛

船送入預(yù)定圓軌道II。下列說法正確的是（）

A.飛船在軌道I和【【運(yùn)行時(shí)均處于超重狀態(tài)

B.飛船在軌道I和1【運(yùn)行至B處對(duì)加速度相等

C.t船在軌道I和II運(yùn)行時(shí)機(jī)械能相等

D.飛船在軌道1經(jīng)過B處時(shí)的速度大于第一宇宙速度

6.如圖所示，塔式起重機(jī)將質(zhì)量m=5x103kg的重物沿豎直方向吊起的

過程中，在MN段重物以加速度Q=0.2m/s2勻加速上升，在P。段重物

以速度u=1.2771/s勻速上升，MN=PQ=2.5771,重力加速度g取

10?n/s2,不計(jì)空氣阻力和摩擦陽力。下列說法正確的有（）

A.從M到M起重機(jī)的輸出功率保持為10&W

B.從M到N,重物的機(jī)械能增加量為1.25x1057

C.從2到Q,起重機(jī)的輸出功率保持為60kW

D.從P到Q,起重機(jī)對(duì)重物做功為1.0x105/

7.如圖（Q）所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，下端拄有鉤碼，鉤碼下表面吸附一個(gè)小磁鐵。鉤碼在豎直方向做簡(jiǎn)

諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，某段時(shí)間內(nèi)，小磁鐵正下方的智能手機(jī)中的磁傳感器采集到磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖像如圖

（切所示，不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是（）

圖(a)

A.鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為％-A

B.鉤碼動(dòng)能變化的周期為生一匕

A.cd桿將向左運(yùn)動(dòng)

B.ab桿先做變加速，后做勻加速運(yùn)動(dòng)

C.回路的感應(yīng)電流先增大，后不變

D.某段時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)所做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共17分。

11.某同學(xué)測(cè)量一半圓形透明玻璃磚的折射率，實(shí)驗(yàn)過程如下：

①用游標(biāo)卡尺測(cè)量玻璃磚的直徑d,確定其底面圓心位置并標(biāo)記在玻璃磚上；

②將玻璃豉放在位于水平桌面并畫有直角坐標(biāo)系。孫的白紙上，使其底面圓心和直徑分別與。點(diǎn)和x軸重

合，將一長(zhǎng)直擋板緊靠玻璃磚并垂直于x軸放置，如圖(①所示；

③用激光器發(fā)出激光從玻璃磚外壁始終指向0點(diǎn)水平射入，從丁軸開始向右緩慢移動(dòng)激光器，直至恰好沒

有激光從玻璃磚射出至擋板上y<。的區(qū)域時(shí)，在白紙上記錄激光束從玻璃磚外壁入射的位置P。

④取走玻璃磚，過。點(diǎn)作)，軸的垂線PQ,用刻度尺測(cè)量PQ的長(zhǎng)度心

??

(1)測(cè)得半圓形玻璃磚直徑d的讀數(shù)如圖(Q)所示，則d=cm：

(2)步驟③中，沒有激光射至擋板上y<0區(qū)域的原因是激光束在玻璃磚直徑所在界面處發(fā)生了；

(3)根據(jù)以上測(cè)量的物理量，寫出計(jì)算玻璃磚折射率的表達(dá)式為九=_____,若測(cè)得PQ線段的長(zhǎng)度L=

2.00cm,計(jì)算可得玻璃磚的折射率為n=。(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)

12.一實(shí)驗(yàn)興趣小組找到了一捆較長(zhǎng)的銀鋁合金線，其橫截面積標(biāo)記為2.5mm2,但是長(zhǎng)度標(biāo)記已經(jīng)模糊不

清，興掘小組想通時(shí)實(shí)驗(yàn)測(cè)定其具體長(zhǎng)度。

圖⑹

可供使用的器材有：

多用電表；

電流表4：量程1，M，內(nèi)阻為1000。；

電流表4：量程0.64,內(nèi)阻很?。?/p>

滑動(dòng)變阻器臨：最大阻值5。；

滑動(dòng)變陽器/?2：最大?陽信20。：

電阻箱：最大阻值9999.9。；

電源：電動(dòng)勢(shì)3%內(nèi)阻可不計(jì)；

開關(guān)、導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

（1）粗測(cè)銀銘合金線的阻值

興趣小組先用多用電表的歐姆擋粗測(cè)該捆銀銘合金線的電阻，當(dāng)選擇歐姆x10倍率的電阻擋位測(cè)量時(shí)，發(fā)

現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)很大，因此應(yīng)該換成歐姆倍率的電阻擋（選填“x1”或“X100”），選擇正確擋位后，

指針如圖（a）所示，讀數(shù)為2

（2）精確測(cè)量銀銘合金線的阻值

①同學(xué)采用的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖（b）圻示，根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器（選填"％”或“治”），實(shí)

驗(yàn)開始前，滑片應(yīng)該置于端（選填或"b”）；

②閉合開關(guān)后，調(diào)W滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)Ai電表接近滿偏時(shí)必電表偏轉(zhuǎn)不大，為解決這個(gè)問題，同學(xué)們決定

用&表與電阻箱（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）代替原來的為表，并且把電阻箱阻值調(diào)整為2000.00

③調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表乙讀數(shù)為0454時(shí)，電流表公讀數(shù)0.75m/l,根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計(jì)算出銀銘合

金線的電阻為。（保留兩位有效數(shù)字）；

（3）計(jì)算銀格合金線長(zhǎng)度興趣小組還查閱到銀格合金的電阻率為1.0x10-60?小，結(jié)合以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)、可得

出這捆銀格合金線實(shí)際長(zhǎng)度為_____m（保留三位有效數(shù)字）。

四、簡(jiǎn)答題：本大題共3小題，共37分。

13.現(xiàn)在很多小汽車配備了胎壓檢測(cè)傳感器，可以測(cè)出實(shí)時(shí)輪胎氣壓，一汽車在27℃(300K)時(shí)顯示輪胎氣

壓為210kPa(MPa=1000Pa),所在地突然經(jīng)歷了“一天入冬”的天氣變化，氣溫從27℃驟降到

一3兀(270《)，(已知一定質(zhì)量的理想氣體滿足牛=C)

(1)該汽車胎壓值低于190AP”會(huì)作出報(bào)警提示，忽略輪胎體積變化，清結(jié)合計(jì)算判斷降溫后胎壓檢測(cè)是否

會(huì)報(bào)警？

(2)降溫前(溫度為300K)由于裝載貨物，輪胎內(nèi)氣體體積變?yōu)樵瓉淼摹?氣體溫度不變，沒有漏氣)，求此時(shí)

O

輪胎內(nèi)氣體的壓強(qiáng)。

14.有些高能粒子會(huì)對(duì)物理儀器造成損害，?位同學(xué)認(rèn)為可利用電磁

場(chǎng)讓帶電粒子偏轉(zhuǎn)的特點(diǎn)設(shè)計(jì)裝置實(shí)現(xiàn)對(duì)粒子的屏蔽作用，如圖所示

為一半徑為R的圓柱形鉛盒的截面圖，其中心為粒子發(fā)射源，以中心

為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面坐標(biāo)系，使y軸負(fù)半軸與乙40B的角平分線

重合，發(fā)射源可在圖示N4。8=60。平面范圍內(nèi)從圓心。沿半徑方向

往外不斷發(fā)射出速度大小均為v,電荷量為小質(zhì)量為機(jī)的某種帶正

......................y=-2R

電粒子，粒子通過圓弧的縫隙到達(dá)鉛盒外面，同學(xué)打算在y=

到)，=-2R間的條形區(qū)域設(shè)置勻強(qiáng)電場(chǎng)或者勻強(qiáng)磁場(chǎng)以實(shí)現(xiàn)屏蔽效果,粒子重力不計(jì)，忽略粒子間的相互

作用。

(1)如果條形區(qū)域設(shè)置平行Fy軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)至少為多少，使得所有粒子不能越過條

形電場(chǎng)區(qū)域？并判斷勻強(qiáng)電場(chǎng)方向；

(2)如果條形區(qū)域設(shè)置垂直于截面句里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)至少為多少，使得所有粒子不

能越過條形磁場(chǎng)區(qū)域？此時(shí)粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為多少？

15.如圖所示，P點(diǎn)左側(cè)有一高力=5.0m的平臺(tái)與半徑R=2.0771的四分之?光滑圓弧底部相切，平臺(tái)表面

粗糙，長(zhǎng)度為1.0m.現(xiàn)讓一物塊4從圓弧左側(cè)與圓心等高處靜止釋放，下滑至平臺(tái)與另一置于平臺(tái)右側(cè)邊

緣的物塊8發(fā)生碰撞，碰后其中一個(gè)物塊落在地面上的M點(diǎn)，另外一個(gè)物塊落到N點(diǎn)，M點(diǎn)和N點(diǎn)與平

臺(tái)右側(cè)邊緣的水平距離為分別為1.0m和2.0m,已知4、6兩物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，物塊A與平臺(tái)的動(dòng)摩擦因數(shù)

為0.2,g=10TH/S2O求：

AR=2.0m

(3)物塊人和物塊B的質(zhì)量之比。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：AB.根據(jù)核反應(yīng)方程的書寫規(guī)則（質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒）方程式如下

|Li+JnHe+lH

故V粒子是中子，故A3錯(cuò)誤；

C.放射性元素的半衰期是由內(nèi)部因素決定，外接條件不能使它發(fā)生改變，故C正確;

t24.36

1243

D根據(jù)公式m=m0^=m0xj=4血0,剩下的是原來的;，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)核反應(yīng)書寫的規(guī)則判斷y粒子；

C根據(jù)半衰期的決定因素分析判斷；

D.根據(jù)衰變的公式計(jì)算剩余的質(zhì)量和數(shù)量。

考查核反應(yīng)方程的書寫規(guī)則，會(huì)根據(jù)公式計(jì)算剩余的質(zhì)量和數(shù)量，知道半衰期的決定因素。

2.【答案】B

【解析】解：整體受力分析，如圖所示：

根據(jù)受力平衡豎直方向可得：2Fcos300=G

代入數(shù)據(jù)可得：F=?G，故ACD錯(cuò)誤，8正確。

故選：Be

將篩面和谷物看成整體，根據(jù)受力平衡聯(lián)立方程求出拉力的大小。

本題是關(guān)于物體受力平衡，再做題時(shí)要注意兩繩上的力相同，利用整體分析可快速得出結(jié)論。

3.【答案】。

【解析】解：電壓互感器的作用是使大電壓變成小電壓，根據(jù)原、副線圈電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，應(yīng)使匝數(shù)

多的接入輸入端，即〃接而接電壓表，由變壓器匝數(shù)與電壓的關(guān)系可得

^at<Ucd

故ABC錯(cuò)誤，。正確。

故選：。。

根據(jù)電壓互感器的作用是使大電壓變成小電壓，結(jié)合原、副線圈電壓與匝數(shù)比的關(guān)系求解；

本題考查了變壓器相關(guān)知識(shí)，理解變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系是解決此類問題的關(guān)鍵。

4.【答案】D

【解析】解：48.根據(jù)動(dòng)能定理，空氣阻力做負(fù)功，健子被豎直向上踢出后，經(jīng)一段時(shí)間乂回到初始位置

時(shí)的速度大小一定小于初速度的大小，即回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)，速度不可能為-%,故AB錯(cuò)誤；

CD.由牛頓第二定律，上升階段的加速度大小為

%=9+而

下降階段的加速度大小

方向均為豎直向下，由九=^?！?可知，由于上升和下降的高度一樣，上升時(shí)加速度大于下降時(shí)加速度，則

上升時(shí)時(shí)間短，下降時(shí)時(shí)間長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：。。

根據(jù)動(dòng)能定理，分析犍了?回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)速度；

由牛頓第一定律，分析上升、下降階段的加速度大小，再根據(jù)比較時(shí)間。

本題考查學(xué)生對(duì)動(dòng)能定理、牛頓第二定律規(guī)律的掌握，具有?定綜合性，難度中等。

5.【答案】B

【解析】解：4飛船在軌道I和II軌道運(yùn)行時(shí)，萬有引力全部用來提供飛船運(yùn)動(dòng)的加速度，所以飛船處于

失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

及飛船在軌道I和II運(yùn)行，只受萬有引力作用，則G錚=ma

得G=G號(hào)

可知經(jīng)過同一點(diǎn)B距離相等，加速度相等，故8正確；

C.飛船從軌道I進(jìn)入軌道n的過程中，牽引力做正功，故機(jī)械能增加，所以飛船在軌道I機(jī)械能小于在軌

道】I的機(jī)械能，故C錯(cuò)誤；

。.第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)行的線速度，所以飛船在I】軌道上經(jīng)過8點(diǎn)速度小于第一宇宙速度：

飛船從軌道I進(jìn)入軌道II的過程中，牽引力做正功，飛船的速度增大，所以飛船在軌道I經(jīng)過8點(diǎn)的速度

小于在軌道n經(jīng)過B點(diǎn)的速度，因?yàn)轱w船在軌道I經(jīng)過B處時(shí)的速度小于第一宇宙速度，故。錯(cuò)誤；

故選:B。

根據(jù)超重與失重的特點(diǎn)以及飛船運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)判斷；根據(jù)萬有引力定律與牛頓第二定律判斷加速度的關(guān)系；

根據(jù)飛船變軌的原理判斷機(jī)械能變化；根據(jù)第?宇宙速度的特點(diǎn)，然后結(jié)合飛船變軌的特點(diǎn)判斷。

本題結(jié)合飛船放入變軌問題考查對(duì)牛頓第二定律、萬有引力提供向心力的掌握，解題關(guān)鍵是知道飛船在橢

圓軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)8點(diǎn)加速后才能進(jìn)入預(yù)定圓軌道。

6.【答案】C

【解析】解：4從M到N過程起重機(jī)的拉力為F,根據(jù)牛頓第二定律有

F-mg=ma

代人數(shù)據(jù)解得

F=5.1x104/V

由于M點(diǎn)和N點(diǎn)的速度未知，則從“點(diǎn)到N點(diǎn)的時(shí)間未知，方法確定起重機(jī)的輸出功率，故A錯(cuò)誤：

8.從“到N過程，重物增加的機(jī)械能等于拉力做的功，根據(jù)功能關(guān)系有

45

AE=FXMN=5.1xIOX2.57=1.275x10/,故B錯(cuò)誤；

C.宜物從尸到Q勻速運(yùn)動(dòng)，起重機(jī)對(duì)重物的拉力與重物的重力等大反向，根據(jù)功率公式有

P=mgv=5x103x2.5〃=6x1O4IV=60kW,故C正確：

D根據(jù)恒力功公式有

3

W-mgxPQ-5x10x10x2.5/一1.25x1()5人故。錯(cuò)誤"

故選：Co

A：根據(jù)牛頓第二定律求解重物從M到N過程中起重機(jī)的拉力，再根據(jù)功率公式求解起重機(jī)的輸出功率；

B：根據(jù)功能關(guān)系求解重物增加的機(jī)械能；

C：根據(jù)功率公式求解從尸到。起重機(jī)的輸出功率；

D：根據(jù)恒力功公式求解從尸到。起重機(jī)對(duì)重物做功。

本題考查功能關(guān)系，耍求學(xué)生能正確分析物體的運(yùn)動(dòng)過程和運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，熟練應(yīng)用對(duì)應(yīng)的規(guī)律解題。

7.【答案】A

【解析一】解：4磁鐵越靠近手機(jī)射，磁傳感器采集到磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，則手機(jī)顯示的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變

化的情況反映了鉤碼與手機(jī)之間距離的變化，所以鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期等于采集到磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變

化的周期，故為左一口，故A正確；

B.結(jié)合圖可知，以-以等于鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期，而在一次簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中，動(dòng)能變化的周期是簡(jiǎn)諧振動(dòng)周

期的一半，則動(dòng)能變化的周期等于時(shí)間培一亡2的一半，故8錯(cuò)誤；

C.在ti時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，說明磁鐵最靠近手機(jī)，此時(shí)鉤碼的重力勢(shì)能最小，故。錯(cuò)誤；

?Q時(shí)間為鉤碼做簡(jiǎn)諧振動(dòng)周期的一半，鉤碼的速度方向不同，動(dòng)量變化不為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知

合力的沖量一定不為零，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

由圖判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度變化的周期，然后判斷小磁鐵與手機(jī)之間距離變化的周期，由此判斷出鉤碼做簡(jiǎn)諧振

動(dòng)的周期；動(dòng)能是標(biāo)量，動(dòng)能變億的周期是簡(jiǎn)諧振動(dòng)周期的一半；結(jié)合鉤碼的位置判斷鉤碼的重力勢(shì)能；

根據(jù)動(dòng)量定理判斷沖量的大小。

該題考查簡(jiǎn)諧振動(dòng)，注意簡(jiǎn)諧振動(dòng)的過程中，振子動(dòng)能變化的周期是簡(jiǎn)諧振動(dòng)周期的一半是關(guān)鍵。

8.【答案】AD

【脩析】解：4根據(jù)題意可知，離子從針尖向涂層做加速運(yùn)動(dòng)，說明粒子受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相

同，則做離子帶正電荷，故A正確；

4.由圖可知，針尖與涂層方間的電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，針尖附近中場(chǎng)大，涂層附近電場(chǎng)小，故8錯(cuò)誤：

CD離子從針尖向涂層做加速運(yùn)動(dòng)，說明電場(chǎng)力做正功，離子向除層運(yùn)動(dòng)的過程中電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)

誤，。正確。

故選：AD.

根據(jù)離子沿電場(chǎng)線方向做加速運(yùn)動(dòng)判斷離子帶正電；根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷；離子從針尖向涂

層做加速運(yùn)動(dòng)，說明電場(chǎng)力做正功，然后結(jié)合電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化關(guān)系判斷。

考查針尖端與導(dǎo)電膜之間的電場(chǎng)的分布，并理解帶電粒子受到電場(chǎng)力的變化情況，掌握發(fā)光的原理，及理

解分辨率的高低的原因。

9.【答案】BCD

【解析】解：48.由圖可知所有游客為同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，則所有游客做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相同，游客做圓周運(yùn)動(dòng)

的半徑不同，由v=3r可知，線速度大小不同，游客的線速度方向也不同；由7="可知，所有游客做圓

0)

周運(yùn)動(dòng)的周期都相同，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.根據(jù)題意，設(shè)繩長(zhǎng)為懸繩與豎直方向的夾角為。，則有mgtan。=mo?Lsin。

解得cos。=-77

可知，懸繩與豎直方向的夾角與游客質(zhì)量無關(guān)，懸繩越長(zhǎng)，cosG越小，6越大，即懸繩越長(zhǎng)，懸繩與豎直

方向的夾角就越大，故CO正確。

故選：BCD。

座椅和人做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)座椅與乘客受力分析，由平衡條件和牛頓第二定律求得圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大

小；根據(jù)豎直方向得平衡方程和牛頓第三定律求得懸繩所受座椅的拉力大小，然后比較。

座椅做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，確定圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力是解題的關(guān)鍵，向心力都是有物體受到的某一個(gè)

力或幾個(gè)力的合力來提供，在對(duì)物體受力分析時(shí)一定不能分析出物體受向心力這么一個(gè)單獨(dú)的力。

10.【答案】BC

【解析】解：4根據(jù)題意可知，用一水平向右的恒力廠拉油桿，時(shí)桿向右運(yùn)動(dòng)，由右手定則可知，感應(yīng)

電流由b-Q,則c〃桿中電流由CTd,由左手定則可知，cd桿受向右的安培力，將向右運(yùn)動(dòng)，故人錯(cuò)

誤；

BC.設(shè)他桿運(yùn)動(dòng)的速度為巧，cd桿運(yùn)動(dòng)的速度為吸，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BL(Vi—v2)

根據(jù)閉合電路的歐姆定律，感應(yīng)電流為

BLOi-v2)

/=R

ab桿和cd桿的安培力大小相等為

B2L\V-V)

FA=B1L=---------區(qū)1----2-

對(duì)他桿由牛頓第二定律有

2

BL\v1-v2)

F-----------區(qū)------=叫

對(duì)cd桿由牛頓第二定律有

屋〃(以—I，?)

-----區(qū)---------=^2

初始速度均為零，則開始運(yùn)動(dòng)時(shí)有

Q1>0,2

相對(duì)速度%-方增大，感應(yīng)電流增大，安培力增大，則，心桿做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，cd桿做加速度增

大的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度相等時(shí)，兩者的相對(duì)速度恒定，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定，感應(yīng)電流一定，即安培力一

定，則加速度一定，即之后兩桿以恒定加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，綜上所述，必桿先做變加速，后做勻加

速運(yùn)動(dòng)，回路的感應(yīng)電流先增大，后不變，故8c正確；

。.由上述分析可知，兩桿一直做加速運(yùn)動(dòng)，由能量守恒定理可知，某段時(shí)間內(nèi)，尸所做的功等于回路產(chǎn)生

的焦耳熱和兩桿增加的動(dòng)能之和，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

A：根據(jù)右手定則判斷，力桿中感應(yīng)電流的方向，進(jìn)一步判斷“稈中感應(yīng)電流的方向，根據(jù)左手定則判斷

cd阡所受安培力方向，進(jìn)一步判斷〃桿運(yùn)動(dòng)方向；

BC：根據(jù)電磁感應(yīng)定律求解電動(dòng)務(wù)，根據(jù)安培力公式表示安培力，對(duì)岫桿和〃桿分別用牛頓第二定律求

解加速度，根據(jù)加速度大小變化關(guān)系判斷相對(duì)速度大小變化關(guān)系，進(jìn)一步判斷感應(yīng)電流大小變化和兩桿運(yùn)

動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；

D：根據(jù)8c選項(xiàng)分析可知兩桿的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，”所做的功?部分克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，另?部分轉(zhuǎn)

化為兩桿的動(dòng)能。

本題考查電磁感應(yīng)中的功能關(guān)系，要求學(xué)生能熟練分析金屬桿的運(yùn)動(dòng)過程，熟練應(yīng)用電磁感應(yīng)定律、閉合

電路的歐姆定律、功能關(guān)系解題。

11.【答案】6.43全反射，1.61

【解析】解：(1)10分度游標(biāo)卡尺的精確度為o.lnun,玻璃磚的直徑為d=64mm+3x0.1mm=

64.37n7n=6.43cm；

(2)光束經(jīng)玻璃磚折射后照在擋板上y<0的區(qū)域內(nèi)，當(dāng)入射角逐漸增大，折射光線消失的時(shí)候，就是光束

在玻璃界面處發(fā)生了全反射；

(3)根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)，入射角的正弦sini=第=髀與

當(dāng)恰好發(fā)生全反射時(shí)，入射角等于臨界角，即i=C

根據(jù)臨界角公式n=?：=&=，

sine生L

dZ

代人數(shù)據(jù)可得九=1.61。

故答案為：(1)6.43；(2)全反射；(3)(：1.61。

⑴10分度游標(biāo)卡尺的精確度為O.17H771,測(cè)量值二主尺.上對(duì)應(yīng)示數(shù)(mm)+游標(biāo)尺.上對(duì)齊格數(shù)(不估讀)x精確

度；

(2)光從玻璃射入空氣，當(dāng)入射角大于臨界角時(shí)，光發(fā)生全反射，據(jù)此分析作答；

(3)根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求入射角的正弦，根據(jù)臨界角公式求折射率；代入數(shù)據(jù)求折射率。

本題主要考查了游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，考查利用光的全反射測(cè)定玻璃的折射率，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求解激光在玻璃

磚下表面剛好發(fā)生全反射的入射角是解題的關(guān)鍵。

12.【答案】x16/?2a串聯(lián)5.012.5

【脩析】解.：(1)用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)很大，說明待測(cè)電阻較小多；為了使歐姆表指針?biāo)?/p>

指示數(shù)變大，應(yīng)該換用更低的擋位測(cè)量，即換成歐姆xl倍率的電阻擋，選擇正確擋位后，由圖(a)所示，

讀數(shù)為60.

(2)①由圖(b)可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，從保證電路安全和方便調(diào)節(jié)的角度來看，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選

擇心；實(shí)驗(yàn)開始前，應(yīng)仍滑動(dòng)變阻器接入電路阻值最大，則滑片應(yīng)該置于〃端。

②由圖(b)可知，4電表并聯(lián)在待測(cè)電阻兩端，當(dāng)作電壓表使用，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)4電表接近滿偏

時(shí)心電表偏轉(zhuǎn)不大，說明為作為電壓表使用量程太小；

需要給電流表串聯(lián)?個(gè)2000。的電阻來擴(kuò)大量程，即電流表4與電阻箱串聯(lián)。

③根據(jù)歐姆定律，銀格合金線兩端的電壓為U=A(R+RA1)=0.75x10-3x(2000+1000)1/=2.25V

3

根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)，流過銀銘合金線的電流為/=12-11=0.45/1-0.75x10-A=0.44925/1

代人數(shù)據(jù)解得銀銘合金線的電阻&工5.0/2

(3)根據(jù)電阻定律有％=

代人數(shù)據(jù)解得Z=12.5m。

故答案為：(1)x1；6；(2)①%；①②串聯(lián);③5.0；(3)12.5。

(1)歐姆表測(cè)電阻時(shí)，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)很大，說明待測(cè)電阻較小，根據(jù)電阻測(cè)量值=歐姆表指針對(duì)應(yīng)示數(shù)x

倍率進(jìn)彳J?擋位調(diào)節(jié)及讀數(shù)；

(2)①滑動(dòng)變阻器采用限流式接法,從保證電路安全和方便調(diào)節(jié)的角度選擇滑動(dòng)變阻器并確定閉合開關(guān)前

滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片的位置；

②電流表串聯(lián)一個(gè)電阻可以改裝成電壓表，據(jù)此分析作答；

③根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路的特點(diǎn)求待測(cè)電阻；

(3)根據(jù)電阻定律求解作答。

本題考查了歐姆表的使用和讀數(shù)，考查了電壓表的改裝；理解實(shí)驗(yàn)原理、掌握歐姆定律和電阻定律是解題

的關(guān)鍵。

13.【答案】解：(1)根據(jù)題意，降溫前后氣體的體枳不變，設(shè)降溫前輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為Pi，溫度為7\,降

溫后輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為P2,溫度為72,則有轉(zhuǎn)=每

其中Pi=210/CPQ,7\=300K,T2=270K

解得P2=189kPa<190kPa

可知，胎壓檢測(cè)會(huì)報(bào)警。

(2)根據(jù)題意，設(shè)裝貨之前氣體體積為匕，裝貨之后氣體的壓強(qiáng)為P3,氣體體積為《匕，由于溫度不變，由

O

玻意耳定律有Pl%=P31%

解得P3=240kPa

答：(1)會(huì)報(bào)警；

(2)此時(shí)輪胎內(nèi)氣體的壓強(qiáng)是24()kPao

【解析】(1)氣體做等容變化，根據(jù)查理定律求出氣體的壓強(qiáng)；

(2)氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律求出氣體的壓強(qiáng)。

該題考查氣態(tài)方程的應(yīng)用，明確氣體狀態(tài)不換前后的狀態(tài)參最是關(guān)鍵。

14.【答案】解：(1)根據(jù)題意可知，由于粒子發(fā)射源發(fā)出的粒子速度大小相等，若沿y軸負(fù)方向射出的粒

子不能穿過條形電場(chǎng)區(qū)域，其它粒子一定不能穿過，對(duì)沿)，軸負(fù)方向射出的粒子，其到達(dá)下邊界速度恰好

為零時(shí)，對(duì)應(yīng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，由動(dòng)能定理得：

1

—EqR=0—ymv92

解得：E=嗑,方向沿y軸正方向。

(2)如果條形區(qū)域設(shè)置垂直于截面句里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，粒

子進(jìn)入磁場(chǎng)后逆時(shí)針做圓周運(yùn)動(dòng)，只要沿0A方向進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子不能越過條形磁場(chǎng)區(qū)域，其它粒子一定

不能越過，沿OA方向射入的粒子恰好不能越過下邊界時(shí)的軌跡如下圖所示，此時(shí)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為最

解得：r

根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：

V2

qvB=m~

聯(lián)立解得：8=繆

粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為：丁二平=鬻

可見磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，則粒子運(yùn)動(dòng)周期最大，沿0A方向射入的粒子的圓弧軌跡所對(duì)圓心角最大，粒子在

磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，由幾何關(guān)系可得，其軌跡圓心角為240。，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為:

240°2nr8nR

t=360°'~=~9v~

答：（1）電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)至少為需，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向沿），軸正方向；

（2）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)至少為翳，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為誓。

【蟀析】（1）沿），軸負(fù)方向射出的粒子不能穿過條形電場(chǎng)區(qū)域，其它粒子一定不能穿過，對(duì)沿），軸負(fù)方向射

出的粒子由動(dòng)能定理求解；

（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，只要沿方向進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子不能越過條形磁場(chǎng)區(qū)域，其它粒子一定

不能越過，由幾何關(guān)系求求得粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度。由幾何關(guān)系求

得軌跡圓心角的最大值，結(jié)合粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間最大值。

本題是非?；A(chǔ)的電場(chǎng)和磁場(chǎng)中帶電粒子運(yùn)動(dòng)問題，典型的磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)中的曲線或直線運(yùn)

動(dòng)。帶電粒子在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)畫軌跡圖確定軌跡半徑和圓心角是某本功，電場(chǎng)中的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)處理的方

法是運(yùn)動(dòng)的分解與合成。

15.【答案】解：（1）物塊A由靜止釋放到與物塊B碰撞前過程中，由動(dòng)能定理得：

2

"R-^mAgL=\mAv-0

解得：v=6m/s

（2）碰撞后，4、B兩物塊都做平拋運(yùn)動(dòng)。在豎直方向上，由九=可得兩物塊做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

2h2x5.0

水平方向上有