2024屆明日之星高考物理精英模擬卷 【福建版】

2024屆明日之星高考物理精英模擬卷【福建版】

一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有

一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.鉆60（累Co）發(fā)生0衰變后產(chǎn)生0粒子和新核X,其中新核X可以使病毒電離而失去感染

性。已知鉆60的半衰期為5.27年，則（）

A.新核X的中子比質(zhì)子多5個(gè)

B.鉆60的中子比新核X的中子少1個(gè)

C.鉆60在0衰變的過(guò)程中會(huì)吸收能量

D.8g的鉆60經(jīng)過(guò)15.81年發(fā)生衰變的質(zhì)量為7g

2.英交流電的電流i隨時(shí)間/變化的圖像如圖中實(shí)線所示，已知橫軸上方的圖線為正弦曲線的

一部分，則該交流電的電流有效值為（）

A.—AB.lAC.-AD.拽A

333

3.利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測(cè)量。如圖所示，霍爾元件左右放置兩塊正對(duì)的相同磁

鐵，三者的側(cè)面相互平行，霍爾元件中通有從前表面向后表面（垂直紙面向里）的載流子

（載流子為電子）。則當(dāng)霍爾元件從兩磁鐵中央向左運(yùn)動(dòng)時(shí)（）

A.上表面的電勢(shì)比下表面的高B.上表面的電勢(shì)比下表面的低

C.前表面的電勢(shì)比后表面的高D.前表面的電勢(shì)比后表面的低

4.如圖所示，某大型吊燈半徑為R,質(zhì)量為且分布均勻，通過(guò)四根相同長(zhǎng)度的細(xì)線懸掛

在天花板上半徑為，?的固定圓盤(pán)上，己知廠VR,重力加速度為加四根細(xì)線均勻?qū)ΨQ(chēng)分布，

且長(zhǎng)度可調(diào)節(jié)。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.每根細(xì)線對(duì)吊燈的拉力大小均為;Mg

B.將四根細(xì)線同時(shí)縮短相同長(zhǎng)度，細(xì)線的張力大小不變

C.將四根細(xì)線同時(shí)伸長(zhǎng)相同長(zhǎng)度，細(xì)線的張力減小

D.去掉一根細(xì)線，假設(shè)吊燈位置保持不變，余下三根細(xì)線上的張力大小相等

二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有雙

項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得4分，有選錯(cuò)的得0分。

5.如圖甲所示，一傾角6=37"足夠長(zhǎng)的斜面固定在水平地面上，以頂點(diǎn)為原點(diǎn)0,以沿斜

面向下為犬軸正方向，質(zhì)量加=1.0kg的滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃隨x變化的規(guī)律如圖乙

所示，取重力加速度g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8?，F(xiàn)將滑塊由。點(diǎn)靜止樗放,則下

列說(shuō)法正確的是（）

A.滑塊向下運(yùn)動(dòng)的最大距離為2m

B.滑塊加速階段和減速階段摩擦力做的功之比為1:3

C.滑塊與斜面間因摩擦產(chǎn)生的熱量為48J

D.滑塊加速和減速的時(shí)間相同

6.如圖所示，三個(gè)點(diǎn)電荷小仄。位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，。和b帶正電，。帶負(fù)電，

且4.=24=2%,A為外8連線的中點(diǎn)，。為三角形的中心，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)的零點(diǎn)，貝服）

A.。點(diǎn)電勢(shì)為零

B.0點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度

C.負(fù)電荷沿OA從O點(diǎn)移到A點(diǎn)電勢(shì)能減小

D.點(diǎn)電荷〃受到的電場(chǎng)力方向垂直"連線向上

7.如圖所示，疊放在一起的久b兩物塊從距地面一定高度處由靜止下落，經(jīng)碰撞后物塊〃靜

止在地面上。不考慮空氣阻力的影響，〃與地面僅碰撞一次，假定所有的碰撞均為彈性碰

撞，則（）

a

A.下落過(guò)程中物塊小〃間存在彈力作用

B.物塊。的質(zhì)量是。的3倍

C.物塊。能反彈的最大高度是其初始下落高度的5倍

D.物塊。反彈的速度是物塊〃落地速度的2倍

8.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，。為磁場(chǎng)區(qū)域的圓心，OA1OB,

磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦兩個(gè)完全相同的帶電粒子從A點(diǎn)垂直射入磁場(chǎng)區(qū)

域，粒子1以速度匕、沿AO方向射入，粒子2以速度也、沿與AO成0=15。角的方向射入,

最終兩粒子均從8點(diǎn)射出。不計(jì)兩粒子的重力及粒子間的相互作用，則（）

兩測(cè)力計(jì)的示數(shù)如圖；隨后撤去一個(gè)測(cè)力計(jì)，只對(duì)一個(gè)測(cè)力計(jì)施加拉力使結(jié)點(diǎn)回到。點(diǎn)。

請(qǐng)回答下列問(wèn)題:

（1）由圖可讀得水平拉力片的大小為N；

（2）根據(jù)已選取的標(biāo)度，在虛線方格紙上按力的圖示要求，畫(huà)出水平拉力片和豎直拉力

居，及其理論上的合力F；

（3）在本次實(shí)驗(yàn)中（選填“能”或“不能”）驗(yàn)證力的平行四邊形定則。

13.（10分）小星同學(xué)發(fā)現(xiàn)家里有一卷標(biāo)稱(chēng)100m的銅導(dǎo)線，他想在不拆散導(dǎo)線的情況下測(cè)定

該導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度，通過(guò)查找資料得知其電阻率0=1.78x10-8。』］。

（1）該同學(xué)剝?nèi)?dǎo)線一端的絕緣皮，用螺旋測(cè)微器測(cè)得導(dǎo)線的直徑4如圖1所示，則銅導(dǎo)

線的直徑為d=mm。

（2）該同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)導(dǎo)線的總電阻，可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材如下。

A.待測(cè)導(dǎo)線一卷飛（長(zhǎng)約100m）

B.標(biāo)準(zhǔn)電阻用（阻值為1C,允許通過(guò)的最大電流為2A）

C.標(biāo)準(zhǔn)電阻與（阻值為100Q,允許通過(guò)的最大電流為0.5A）

D.靈敏電流計(jì)G（量程為300RA）

E.電阻箱%（0-9999Q,允許通過(guò)的最大電流為（）.5A）

F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為20Q,允許通過(guò)的最大電流為2A）

G電源（電動(dòng)勢(shì)3.0V,內(nèi)阻約為0.2。）

H.開(kāi)關(guān)導(dǎo)線若干

①實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選圖2中的（填“甲”或“乙”）.

②開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)置于（填或）端。

③多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器和電阻箱，使電流計(jì)指針?lè)€(wěn)定時(shí)指向中央零刻線位置。

④電阻箱示數(shù)如圖3所示，電阻箱接入電路的阻值&二Q。

（3）導(dǎo)線的長(zhǎng)度計(jì)算公式為（用打，&,&，夕和d表示）。

14.（8分）如圖，將一質(zhì)量為m=lkg的小球從A點(diǎn)以初速度%=10m/s水平拋出，小球受

到水平向左、大小恒定的風(fēng)力作用，一段時(shí)間后到達(dá)8點(diǎn)時(shí)的速度大小為u=20m/s、方向

豎直向下，重方加速度g取lOm/sz,求：

（1）水平風(fēng)力尸的大?。?/p>

（2）小球從4運(yùn)動(dòng)到8過(guò)程中的最小動(dòng)能。

15.（1（）分）生活中運(yùn)送貨物時(shí)常會(huì)用到傳送帶，可以很大程度上節(jié)省人力。傳送帶以一定速

率沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，45段傾角，=37。，3c段水平，AB.AC段的長(zhǎng)度分別為

L=3.2m』'=0.2625m,示意圖如圖所示。將一個(gè)質(zhì)量為〃7=5kg的貨物輕放在A端，貨物

與，'專(zhuān)送帶A3、3c段間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.8,貨物經(jīng)過(guò)8處時(shí)不脫離傳送帶巨速率不

變，之后貨物運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，貨物可視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g

MZIOm/s2,不計(jì)空氣阻力，sin37°=0.6,cos37。=0.8。

（1）要使貨物以最短的時(shí)間運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，求傳送帶的速度至少為多大？最短的時(shí)間為多

少？

（2）若傳送帶速度為u=2m/s,求貨物被運(yùn)送到C點(diǎn)的過(guò)程中傳送帶與貨物之間因摩擦產(chǎn)

生的熱量。

16.（14分）如圖甲所示為兩正對(duì)水平平行放置的金屬板仍、上，板的長(zhǎng)度均為d,板間距離

為在兩板間加按圖乙所示周期性變化的電壓，周期為丁，施加的電壓為。。從兩板左側(cè)

中夬位置沿水平方向以相同速度連續(xù)射入帶正電的同種粒子，粒子在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

T。在下側(cè)金屬板的右側(cè)有一圓形磁場(chǎng)區(qū)域，其中存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2U筌T、方向垂直紙

面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫(huà)出），圖示直徑與水平方向的夾角為45°,已知1/=0時(shí)刻射入的粒

子恰從e點(diǎn)射出，不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用。

[/''、、：°I

">2

圖甲圖乙

（1）求粒子的比荷;

（2）求〃、e連線上有粒子經(jīng)過(guò)的區(qū)域和該區(qū)域的長(zhǎng)度；

（3）若所有進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子均能從磁場(chǎng)邊界上的同一點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求磁場(chǎng)中有粒子經(jīng)過(guò)區(qū)域

的面積。

答案以及解析

1.答案：D

解析：

器C。發(fā)生P衰變的核反應(yīng)方程式為哭C。一罷X+；e,則新核X的質(zhì)子

A錯(cuò)誤

數(shù)為28,中子數(shù)為60-28=32,故新核X的中子比質(zhì)子多4個(gè)

"Co的中子數(shù)為60-27=33,則鉆60的中子比新核X的中子多1個(gè)B錯(cuò)誤

P衰變是放出能量的反應(yīng)C錯(cuò)誤

鉆60的半衰期為5.27年，15.81年為3個(gè)半衰期，則8g的鉆60經(jīng)

過(guò)15.81年未發(fā)生衰變的質(zhì)量為％?=8gx(g)=lg,則已發(fā)生衰變

D正確

的質(zhì)量為，〃=8g-lg=7g

2.答案：D

解析：根據(jù)交流電有效值的定義可得/?X1S+(1A)2/?X2S=/2/?X3S,解得該交流電

的電流有效值為/=3叵A,D正確。

3

3.答案：B

解圻：當(dāng)霍爾元件向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，元件內(nèi)有垂直側(cè)面向右的磁場(chǎng)。又電流方向由后表面到前表

面，根據(jù)左手定則可知，電子向上運(yùn)動(dòng)，下表面電勢(shì)高，B正確。

4.答案：C

解析：設(shè)每根細(xì)線與豎直方向的夾角均為仇根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知四根細(xì)線的拉力大小相等，有

Teos”Mg,解得丁=」超_,A錯(cuò)誤；將四根細(xì)線同時(shí)縮短相同長(zhǎng)度，則細(xì)線與豎直方向

4cos。

的夾角夕增大，則細(xì)線的張力增大，B錯(cuò)誤；同理可知，C正確；去掉一根細(xì)線，根據(jù)對(duì)稱(chēng)

性可知，與其相對(duì)細(xì)線上的張力為零，另外兩根細(xì)線的張力大小相等，D錯(cuò)誤。

5.答案：BD

解析：滑塊重力沿斜面向下的分力G,二〃?gsin，=6.0N,斜面對(duì)滑塊的支持力

N=mgcos6=8.0N,由題圖乙可知滑塊所受摩擦力隨x的變化規(guī)律為/=〃N=3x(N),設(shè)滑

塊向下運(yùn)動(dòng)的最大距離為心，則根據(jù)動(dòng)能定理得G,%-五m=。，可得在數(shù)值關(guān)系上有

6x--4=0,解得％=4m,A錯(cuò)誤；滑塊速度最大時(shí)，滑塊所受重力沿斜面向下的分力

ni2

等于滑塊所受摩擦力，即G,=/,可得此時(shí)滑塊的位移為％=2m,則滑塊加速階段摩擦力

做的功為嗎」=-3尤；J=-6J,滑塊減速階段摩擦力做的功為％則

滑塊加速階段和減速階段摩擦力做的功之比為1:3,B正確；滑塊與斜面間因摩擦產(chǎn)生的熱量

為0=6J+18J=24J,C錯(cuò)誤；取沿斜面向下為正方向，可得滑塊所受合外力為

F=Gx-f,該合外力先減小后反向增大，且隨位移均勻變化，當(dāng)滑塊速度最大時(shí)恰為零，

又滑塊加速和減速階段的位移相等，則由對(duì)稱(chēng)性可知滑塊加速和減速的時(shí)間相同，D正確。

6.答案：ACD

解析：第一步：將題述模型拆解成兩對(duì)等量異種點(diǎn)電荷模型

將c拆分成兩個(gè)電荷量相等的負(fù)電荷，每個(gè)負(fù)電荷分別與外〃組成一對(duì)等量異種點(diǎn)電荷，由

題意可知，O點(diǎn)在兩對(duì)等量異種點(diǎn)電荷的垂直平分線上，故其電勢(shì)必然為零，A止確。

第二步：將題述模型拆解為等量點(diǎn)電荷模型和單個(gè)點(diǎn)電荷模型，單獨(dú)分析每個(gè)模型對(duì)所求量

的影響再進(jìn)行合成

由對(duì)稱(chēng)性和電場(chǎng)強(qiáng)度性質(zhì)可知，點(diǎn)電荷公〃在O點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)的合場(chǎng)強(qiáng)方向沿40方向向上，

在A點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，點(diǎn)電荷c到O點(diǎn)的距離小于到A點(diǎn)的距離，且點(diǎn)電荷c在。點(diǎn)和A點(diǎn)

的場(chǎng)強(qiáng)方向均沿A0向上，由點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)強(qiáng)度表達(dá)式七=攵2及場(chǎng)強(qiáng)合成知識(shí)可知，。點(diǎn)

r-

的場(chǎng)強(qiáng)大于A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，B錯(cuò)誤；由于A與點(diǎn)電荷c?所在位置的連線上場(chǎng)強(qiáng)方向均為由A指

向c,故將負(fù)電荷沿0A由。點(diǎn)移到A點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做E功，電勢(shì)能減小，C正確；設(shè)點(diǎn)電荷

。對(duì)點(diǎn)電荷〃的庫(kù)侖力大小為F,由于6均帶正電荷，故其方向?yàn)橛伞Ｖ赶騔?,由庫(kù)侖力表

達(dá)式尸二女華可知，點(diǎn)電荷。對(duì)〃的庫(kù)侖力大小為2/，方向由〃指向c,由幾何關(guān)系可知點(diǎn)

r

電荷b受到的電場(chǎng)力方向垂直連線向上，D正確。

7.答案：BD

解析：由于不受空氣阻力作用，故兩物塊均在空中做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩物塊之間不存在相互

作用的彈力，A錯(cuò)誤；設(shè)兩物塊落地瞬間的速度大小為％,物塊〃落地后與地面發(fā)生彈性碰

撞，以初速度％反彈且與物塊。發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后瞬間物塊。的速度為口，以豎直向上

為正方向，則由動(dòng)量守恒定律可得由機(jī)械能守恒定律可得

4+!加心：=，見(jiàn)了2,兩式聯(lián)立可解得〃?〃=3叫d=2%,BD正確；以整個(gè)過(guò)程為研究對(duì)

222

象、設(shè)初始下落高度為山。反彈的高度為〃'，則有的+%)g〃=ag"，解得〃'=4/z,C錯(cuò)

誤。

8.答案：AC

解析：作出粒子1、2的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲、乙所示，由幾何關(guān)系可知

八=R,G=,a=30,可得￡='，，由洛倫茲力提供向心力有4出=加上，解得

”=g,A正確；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期丁=絲，粒子1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

v,3qB

r,=—T,粒子2的運(yùn)動(dòng)時(shí)間r,=也T,得?=：,B錯(cuò)誤；由對(duì)稱(chēng)性可知，從5點(diǎn)射出

磁場(chǎng)時(shí)兩粒子速度方向的夾角為15°,C正確；僅增大兩粒子的速度，周期丁不變，兩粒子

的軌跡半徑增大，由幾何關(guān)系可知，兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角減小，兩粒子在

磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均減小，D錯(cuò)誤。

圖甲圖乙

9.答案：6；4

解析：由題述可知波傳播的速度八3(/o-4)m/s，又M、Q相對(duì)平衡位置的位移始終相

2

等，則x“o=〃〃〃=l,2,3,?),由題圖可知4=8m,當(dāng)"取1時(shí)，解得％g=6m/s,則波源

振動(dòng)1s后波傳播的距離為6m,即波源位于x=4m處。

PP<

10.答案：

c2ncr~

hEP

解析：由E=〃i/、c=可知光子的動(dòng)量〃=不二—。由題意可知，工為單位時(shí)間內(nèi)光源輻射

AcE

的總光子數(shù)目，，時(shí)間內(nèi)，打在平板上的光子數(shù)目為q―?P?t，根據(jù)動(dòng)量定理有

4兀廣E

尸仁嗜4（2色），可得尸=盧。

4兀廠EIcJ271c廣

11.答案：小于;等于

解析：由題圖可知，氣體在狀態(tài)B的壓強(qiáng)和體積均大于在狀態(tài)。的，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

牛=。可知，氣體在狀態(tài)8的溫度大于在狀態(tài)。的溫度，又氣體在狀態(tài)A的溫度等于在狀

態(tài)B的溫度，氣體在狀態(tài)C的溫度等于在狀態(tài)D的，一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只與溫度有

關(guān)，則氣體在狀態(tài)。的內(nèi)能小于在狀態(tài)B的；氣體從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過(guò)程體積減小，外界

對(duì)氣體做正功，氣體與外界無(wú)熱交換，則氣體溫度升高，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可

知外界對(duì)氣體做的功等于氣體內(nèi)能的增加量。

12.答案：（1）4.00

（2）如圖所示

（3）不能

解析：（1）由于最小刻度為0.1N,應(yīng)估讀到0.01N水平放置的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)是4.00N。

（3）由合力的圖示知產(chǎn)〉5N,超出彈簧測(cè)力計(jì)的量程，無(wú)法用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量，則本次實(shí)

驗(yàn)無(wú)法驗(yàn)證力的平行四邊形定則。

13.答案：（1）1.785

（2）①乙；②4；@140

（3）?！?4刀

」4叫

解析：（1）由螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知導(dǎo)線的直徑

d=1.5mm+0.01x28.5mm=1.785mm。

（2）①根據(jù)惠斯通電橋的原理，由于與和尺的阻值均較小，故應(yīng)采取乙電路；②實(shí)驗(yàn)開(kāi)始

前，應(yīng)保證與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分的電壓最小，即滑片應(yīng)位于A處；④由電阻箱讀數(shù)規(guī)則可

知，&=140Q。

（3）待測(cè)電阻的阻值為由電阻定律得R、=螺，則。

與4叫

14.答案：（1）5N

（2）40J

解析：（1）設(shè)小球由A運(yùn)動(dòng)到8所用的時(shí)間為"小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，有

設(shè)小球在水平方向的加速度大小為a,則有%二”

由牛頓第二定律可得水平風(fēng)力大小為尸=加。

解得F=5N

（2）當(dāng)重力點(diǎn)水平風(fēng)力的合力與小球速度方向垂直時(shí)，小球的動(dòng)能最小，如圖所示。

設(shè)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到動(dòng)能最小處所用時(shí)間為廣，動(dòng)能最小時(shí)速度大小為M,合力與重力之間

FV.

的夾角為仇則有tan8=——=」■

mg匕

水平方向有

豎直方向有匕.ng/'

小球的最小動(dòng)能為Ekmin+

聯(lián)立解得線min=4。J

15.答案:（1）4.125s

(2)154J

解析：（1）要使貨物以最短時(shí)間到達(dá)。點(diǎn)，貨物在傳送帶上要一直加速，貨物在A8段，由

牛項(xiàng)第二定律有用ngcos9-mgsin9=ma],

解得=0.4m/s2,

若貨物在A3段一直加速，有L=

解得％=4s,

貨物在3點(diǎn)的速度％=a/|=i.6m/s,

若貨物在傳送帶BC段上一直加速，由牛頓第二定律得以/〃g=〃刈2，

根據(jù)2%〃=值一4，

解得％=2.6m/s,

t2=~——=0.125s,

a2

故要使貨物以最短的時(shí)間運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，傳送帶的速度至少為％=2.6m/s,

最短的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為f=4+G=4.125s。

（2）若傳送帶速度為u=2m/s,則傳送帶和貨物運(yùn)動(dòng)的UT圖像如圖所示，由圖可知在A3

段貨物和傳送帶間的相對(duì)位移為人土=2手x4m=4.8m,

h;/（m*s-1）

￡；〃；+￡1）限

因摩擦產(chǎn)生的熱量Q]=〃〃7gcos。，Ai：=153.6J,

在BC段，貨物和傳送帶相對(duì)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間《=巳姐s=0.05s，

8

貨物和傳送帶間的相對(duì)位移為Ax,=-x0.4x0.05s=0.01m,

一2

因摩擦產(chǎn)生的熱量Q2=/.ang^x2=0.4J,

整個(gè)過(guò)程貨物與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的總熱量。=2+Q?=154J。

3d2

16.答案：（1）

LIT2

(2)見(jiàn)解析

⑶聚71+1

d2

62

解圻：(i)，=0時(shí)刻射入兩板間的粒子

在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，有%

TT

在豎直方向，0~5時(shí)間內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，不?丁時(shí)間內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)

由牛頓第二定律有mx。,/

m2

TT

由直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有+。----

42⑴22

解得幺=3c/

m

(2)，=0時(shí)刻射入的粒子離析電場(chǎng)時(shí)，豎直方向的分速度為匕.=。。,=多=%

則該粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為45