2024屆河北省石家莊高考物理試題原創(chuàng)模擬卷（十一）

2024屆河北省石家莊高考物理試題原創(chuàng)模擬卷（十一）

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。

3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題；木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、2018年5月21日5點(diǎn)28分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長(zhǎng)征四號(hào)”丙運(yùn)載火箭，成功將“嫦娥四號(hào)”任務(wù)中繼星”鵲

橋”發(fā)射升空，它是世界首顆運(yùn)行于地月拉格朗日4點(diǎn)的中繼衛(wèi)星，是為2018年底實(shí)施的“嫦娥四號(hào)”月球背面軟著陸

探測(cè)任務(wù)提供地月間的中繼通信。地月拉格朗日4點(diǎn)即為衛(wèi)星相對(duì)于地球和月球基本保持靜止的一個(gè)空間點(diǎn)，衛(wèi)星永

遠(yuǎn)在月球背面，距月球中心的距離設(shè)為廣，距地球中心的距離約為7,，月地距離約為6八則地球質(zhì)量與月球質(zhì)量比

值最接近（）

A.80B.83C.85D.86

2、兩列完全相同的機(jī)械波于某時(shí)刻的疊加情況如圖所示，圖中的實(shí)線和虛線分別表示波峰和波谷，關(guān)于此時(shí)刻的說法

A.a,8連線中點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)

B.a,b連線中點(diǎn)速度為零

C.a,b,c,d四點(diǎn)速度均為零

D.再經(jīng)過半個(gè)周期c、d兩點(diǎn)振動(dòng)減弱

3、如圖所示，一根輕彈簧豎直直立在水平地面上，下端固定，在彈簧的正上方有一個(gè)物塊。物塊從高處自由下落到彈

簧上端0,將彈簧壓縮，當(dāng)彈簧被壓縮了xo時(shí)，物塊的速度變?yōu)榱?。從物塊與彈簧接觸開始，物塊的加速度的大小隨

下降的位移x變化的圖象可能是（）

4、如圖，兩梯形木塊M、P（均可看成質(zhì)點(diǎn)）疊放在水平地面上，M、P之間的接觸面傾斜。連接M與天花板之間的

細(xì)繩沿豎直方向。關(guān)于力的分析，下列說法正確（）

A.木塊M不可能受二個(gè)力作用

B.木塊M可能受三個(gè)力作用

C.木塊M一定受四個(gè)力作用

D.地面可能受到水平方向的摩擦力

5、以下儀器能測(cè)量基本物理量的是（

A.彈簧測(cè)力計(jì)B.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

C.電壓表D.量筒

6、“電子能量分析器”主要由處于真空中的電子偏轉(zhuǎn)器和探測(cè)板組成。偏轉(zhuǎn)器是由兩個(gè)相互絕緣、半徑分別為以和

心的同心金屬半球面4和8構(gòu)成，4、B為電勢(shì)值不等的等勢(shì)面電勢(shì)分別為0A和阿，其過球心的截面如圖所示。一

束電荷量為e、質(zhì)量為，〃的電子以不同的動(dòng)能從偏轉(zhuǎn)器左端M的正中間小孔垂直入射，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域，最后到達(dá)

偏轉(zhuǎn)器右端的探測(cè)板N,其中動(dòng)能為瓦。的電子沿等勢(shì)面。做勻速圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)N板的正中間。忽略電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)。

下列說法中正確的是

A.4球面電勢(shì)比8球面電勢(shì)高

B.電子在AB間偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做勻變速運(yùn)動(dòng)

峪。

C.等勢(shì)面。所在處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=

e（此+時(shí)）

D.等勢(shì)面C所在處電勢(shì)大小為嗎結(jié)

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示，空間存在豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，虛線a位是間距相等且平行的三條等勢(shì)線，小球A帶正電荷，小球B帶

等量的負(fù)電荷，兩小球同時(shí)以相同的速度從等勢(shì)線2上的2點(diǎn)水平拋出，在/時(shí)刻小球4到達(dá)c?等勢(shì)線，同時(shí)小球8到

達(dá)a等勢(shì)線，兩小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)兩小球之間的相互作用，兩小球的重力不可忽略，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上B.A球的質(zhì)量小于3球的質(zhì)量

C.在/時(shí)刻小球A的動(dòng)量等于小球8的動(dòng)量D.在時(shí)間/內(nèi)小球A的動(dòng)能的增量大于小球8的動(dòng)能的增量

8、下列說法正確的是_________（填正確答案標(biāo)號(hào)）

A.天空中看到的彩虹是光的干涉現(xiàn)象形成的

B.偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波

C.光從空氣射入水中時(shí)，光的頻率保持不變

D.光學(xué)儀器鏡頭上的增透膜利用光的衍射原理

E.在水中紅光比藍(lán)光傳播得更怏

9、在一電梯的地板上有一壓力傳感器，其上放一物塊，如圖甲所示，當(dāng)電梯運(yùn)行時(shí)，傳感器示數(shù)大小隨時(shí)間變化的關(guān)

系圖象如圖乙所示，根據(jù)圖象分析得出的結(jié)論中正確的是（）

甲乙

A.從時(shí)刻4到d物塊處于失重狀態(tài)

B.從時(shí)刻白到4物塊處于失重狀態(tài)

C.電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層

D.電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層

10、“HAT-P-1”是迄今為止發(fā)現(xiàn)的河外星系最大的行星，圍繞某恒星A做圓周運(yùn)動(dòng)，“HAT-P.1”距離地球的間距大約

為450光年。另觀測(cè)到該行星的半徑為R,已知在該行星表面的重力加速度為以由以上條件可求解的物理量是（）

A.恒星A的密度B.行星“HAT4M”的第一宇宙速度

C.行星“HAT?P?1"繞恒星A運(yùn)行的周期D.繞“HAT-P-1”運(yùn)行的衛(wèi)星的最小周期

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，讓小球從A點(diǎn)自由下落，下落過程中經(jīng)過A

點(diǎn)正下方的光電門B時(shí)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過光電門時(shí)間f,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間o

（1）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量_________o

A.小球的質(zhì)量m

B.AB之間的距離”

C.小球從A到B的下落時(shí)間以〃

D.小球的直徑d

（2）小球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度了=（用題中所給的物理量表示）,

（3）調(diào)整AB之間距離"，多次重復(fù)上述過程，作出!隨〃的變化圖象如圖所示，當(dāng)小球下落過程中機(jī)械能守恒時(shí),

r

該直線斜率Ao=。

（4）在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)數(shù)據(jù)實(shí)際繪出｛—以圖象的直線斜率為&（AVAQ,則實(shí)驗(yàn)過程中所受的平均阻力/與小球重力

機(jī)g的比值V=』XSXPO=LX%^X3=2^3=（用八A”表示）。

3344

12.（12分）某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖⑻所示的實(shí)驗(yàn)裝置,通過改變重物的質(zhì)量，可得滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F的

關(guān)系圖象.他們?cè)谲壍浪胶蛢A斜的兩種情況下分別做了實(shí)驗(yàn)，得到了兩條a-F圖線，如圖（b）所示.重力加速度g=10m/s,.

（1）圖（b）中對(duì)應(yīng)傾斜軌道的試驗(yàn)結(jié)果是圖線（選填“①”或"②”）；

（1）由圖（b）可知，滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量為kg；滑塊和軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.（結(jié)果

均保留兩位有效數(shù)字）

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在豎直向下的恒定勻強(qiáng)磁場(chǎng)5=2T中有一光滑絕緣的四分之一圓軌道，一質(zhì)量3kg的金屬

導(dǎo)體MN長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0.5m,垂直于軌道橫截面水平放置，在導(dǎo)體中通入電流/,使導(dǎo)體在安培力的作用下以恒定的速率

v=lm/s從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，g=10m/s2求：

（1）電流方向；

⑵當(dāng)金屬導(dǎo)體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為內(nèi)30'時(shí)，求電流的大?。?/p>

⑶當(dāng)金屬導(dǎo)體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為460時(shí)，求安培力的瞬時(shí)功率產(chǎn)。

14.（16分）如圖所示的直角坐標(biāo)系xO），，在其第二象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和沿），軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。

虛線04位于第一象限，與y軸正半軸的夾角〃=60。，在此角范圍內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；OA與），軸負(fù)半軸所

夾空間里存在與OA平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=10N/Co一比荷打1x1060kg的帶電粒子從第二象限內(nèi)M點(diǎn)以

速度片ZOxHPm/s沿x軸正方向射出，"點(diǎn)到x軸距離d=L0m,粒子在第二象限內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)；粒子進(jìn)入第一象限

后從直線04上的尸點(diǎn)（尸點(diǎn)圖中未畫出）離開磁場(chǎng)，且。片d。不計(jì)粒子重力。

⑴求第二象限中電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的比值爭(zhēng)；

⑵求第一象限內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小加

⑶粒子離開磁場(chǎng)后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)是否通過X軸？如果通過X軸，求其坐標(biāo)：如果不通過X軸，求粒子到X軸的最小距

離。

15,(12分)如圖⑸為一除塵裝置的截面圖，塑料平板M、N的長(zhǎng)度及它們間距離均為d。大量均勻分布的帶電塵埃

以相同的速度w進(jìn)人兩板間，速度方向與板平行，每顆塵埃的質(zhì)量均為，力帶電量均為一夕。當(dāng)兩板間同時(shí)存在垂直紙

面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和垂直板向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，塵埃恰好勻速穿過兩板;若撤去板間電場(chǎng)，并保持板間磁場(chǎng)不變，貼近

N板入射的塵埃將打在M板右邊緣，塵埃恰好全部被平板吸附，即除塵效率為100%；若撤去兩板間電場(chǎng)和磁場(chǎng)，建

立如圖(b)所示的平面直角坐標(biāo)系xOy軸垂直于板并緊靠板右端，x軸與兩板中軸線共線，要把塵埃全部收集到位于

P(2.5d,-")處的條狀容器中，需在y軸右側(cè)加一垂直于紙面向里的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。塵埃顆粒重力、顆粒間作用力

及對(duì)板間電場(chǎng)磁場(chǎng)的影響均不計(jì)，求：

(1)兩板間磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度&的大小

⑵若撤去板間磁場(chǎng)，保持板間勻強(qiáng)電場(chǎng)不變，除塵效率為多少

(3)j軸右側(cè)所加圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度為大小的取值范圍

V

N

/,(2.5d.-2d)

■

□

(a)<b)

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解題分析】

設(shè)“鵲橋”中繼星質(zhì)量為機(jī)，地球質(zhì)量為月球質(zhì)量為加2,對(duì)中繼星有

G”G=marx7r

(7r)2

對(duì)于月球來說，中繼星對(duì)它的引力遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于地球?qū)λ囊Υ笮?，故略去不?jì)

=x6r

(6疔

聯(lián)立解得

故選B。

2、B

【解題分析】

AB.。是兩個(gè)波谷相遇，位于波谷，振動(dòng)加強(qiáng)，但此時(shí)速度為0;6是兩個(gè)波峰相遇，位于波峰，振動(dòng)加強(qiáng)，但此時(shí)

速度為0;〃、b兩點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)，所以。、力連線中點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，此時(shí)是平衡位置，速度不為0;故A正確，B錯(cuò)誤;

C.。和d兩點(diǎn)是波峰和波谷相遇點(diǎn)，c、d兩點(diǎn)振動(dòng)始終減弱，振幅為0,即質(zhì)點(diǎn)靜止，速度為零，故db,c,d四

點(diǎn)速度均為零，故C正確;

D.再經(jīng)過半個(gè)周期c、d兩點(diǎn)仍是振動(dòng)減弱，故D正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選B。

3、D

【解題分析】

物塊接觸彈簧后，在開始階段，物塊的重力大于彈簧的彈力，合力向下，加速度向下，根據(jù)牛頓第二定律得:

mg-kx=ina

得到

k

a=g----x

m

。與x是線性關(guān)系，當(dāng)，增大時(shí)，a減小;

當(dāng)彈力等于重力時(shí)，物塊的合力為零，加速度斫0;

當(dāng)彈力大于重力后，物塊的合力向上，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律得

kx-mg=ina

得到

k

a=-x-g

ni

。與x是線性關(guān)系，當(dāng)x增大時(shí)，。增大;

若物塊接觸彈簧時(shí)無初速度，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)加速度大小等于g,方向豎直向上，

當(dāng)小球以一定的初速度壓縮彈簧后，物塊到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的壓縮增大，加速度增大，大于g;

A.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.該圖與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；

故選D。

4、B

【解題分析】

ABC、對(duì)A受力分析，若細(xì)線伸直且拉力等于重力時(shí)，AB間只接觸無彈力，即A只受重力、拉力作用，此時(shí)A只受

兩個(gè)力，且AB之間無摩擦，若A細(xì)線未伸直即拉力為零，此時(shí)A受重力、支持力、摩擦力作用，故AC錯(cuò)誤，B正

確。

C、對(duì)整體進(jìn)行分析，整體受重力、支等力或重力、支持力、拉力作用，而水平方向沒有外力，故水平地面對(duì)B物體

沒有摩擦力，故D錯(cuò)誤；

5、B

【解題分析】

A.彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量的是力，不是基本物理量，故A錯(cuò)誤；

B.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量的是時(shí)間，是基本物理量，故B正確；

C.電壓表測(cè)量的是電壓，不是基本物理量，故C錯(cuò)誤；

D.量簡(jiǎn)測(cè)量的是體積，不是基本物理量，故D錯(cuò)誤。

故選B。

6、C

【解題分析】

A.電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力提供向心力，受力的方向與電場(chǎng)的方向相反，所以8板的電勢(shì)較高；故A錯(cuò)誤；

B.電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到的電場(chǎng)力始終始終圓心，是變力，所以電子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng).故B錯(cuò)

誤；

C.電子在等勢(shì)面C所在處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力提供向心力：

v2

eE=m——

R

又:

R#Rn12

R=,，

1L

聯(lián)立以上三式，解得：

E—4幾

式RA+RR)

故c正確；

D.該電場(chǎng)是放射狀電場(chǎng)，內(nèi)側(cè)的電場(chǎng)線密，電場(chǎng)強(qiáng)度大，所以有：

UBC>U8

即有：

(Pli-(PC>(PC-(PA

所以可得：

y號(hào)

故D錯(cuò)誤；

故選C。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ABC

【解題分析】

A.在豎直方向上兩小球做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，三條等勢(shì)線間距相等，設(shè)間距為“，則兩小球在豎直方向

上位移大小相等，又同時(shí)到達(dá)兩等勢(shì)線，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，根據(jù)d可得兩小球在豎直方向的加速度大小相同，小

球8加速度方向豎直向上，重力方向豎直向下，則電場(chǎng)力方向一定向上，小球8帶負(fù)電荷，所以勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度

方向豎直向下，故A錯(cuò)誤，符合題意；

B.在豎直方向上，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)小球3有

q￡一"

對(duì)小球4有

qE+”=mAa

兩式聯(lián)立得

"0>啊

故B錯(cuò)誤，符合題意;

C.豎直方向上根據(jù)速度公式U=在I時(shí)刻兩小球豎直方向的速度大小相等，水平方向速度相同，合速度的大小相

等，A球的質(zhì)量大于8球的質(zhì)量，則4球的動(dòng)量大于8球的動(dòng)量，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D.兩小球在豎直方向的加速度大小相同，加八>，%，則小球A所受的合力大于小球3所受的合力，小球A從力等勢(shì)

線到達(dá)c等勢(shì)線和小球8從8等勢(shì)線到達(dá)。等勢(shì)線兩個(gè)過程中豎直方向的位移相等，則合力對(duì)小球A做的功大于合力

對(duì)小球B做的功，根據(jù)動(dòng)能定理，在時(shí)間，內(nèi)小球A動(dòng)能的增量大于小球8動(dòng)能的增量，故D正確，不符合題意。

故選ABCo

8、BCE

【解題分析】

A.雨過天晴時(shí)，常在天空出現(xiàn)彩虹，這是太陽(yáng)光通過懸浮在空氣中細(xì)小的水珠折射而成的，白光經(jīng)水珠折射以后，

分成各種彩色光，這種現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B.偏振是橫波特有的現(xiàn)象，所以偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波，故B正確；

C.根據(jù)波傳播的特點(diǎn)可知，光從空氣射入水中時(shí)，光的頻率保持不變。故C正確；

D.光學(xué)鏡頭上的增透膜是膜的前后表面反射光出現(xiàn)疊加，利用光的干涉現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤；

E.水對(duì)紅色光的折射率小小于對(duì)藍(lán)色光的折射率，由□=￡可知紅色光在水中的速度大于藍(lán)色光的速度，故E正確;

n

故選BCE。

9、BC

【解題分析】

由尸一，圖象可以看出，0?八

F=mg

物塊可能處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，〃?力

F>mg

電梯具有向上的加速度，物塊處于超重狀態(tài)，可能加速向上或減速向下運(yùn)動(dòng)，?白

F=ing

物塊可能靜止或勻速運(yùn)動(dòng)，4?里

F<mg

電梯具有向下的加速度，物塊處于失重狀態(tài)，可能加速向下或減速向上運(yùn)動(dòng)，綜上分析可知，故BC正確。

故選BC.

10、BD

【解題分析】

AC.本題中不知道行星“HAT?P?1"繞恒星A運(yùn)動(dòng)的任何量，故不可計(jì)算恒星A的密度和繞A運(yùn)動(dòng)的周期，AC錯(cuò)誤；

BD.根據(jù)在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，重力提供向心力得

mg=m—=m

R

解得

v=yfgRtT=2乃C

則行星“HAT.p.r?的第一宇宙速度就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，所以行星“HAT.p.l”的笫

一宇宙速度就是師，行星“HAT-P-1”附近運(yùn)行的衛(wèi)星的最小周期就是在該星球表面附近繞該星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的

周期，所以最小周期是2/FJ5,故BD正確。

故選BD.

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

2gk°-k

11、BD；

d2；

【解題分析】

該題利用自由落體運(yùn)動(dòng)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒，因此需要測(cè)量物體自由下落的高度hAH,以及物體通過B點(diǎn)的速度大小，

在測(cè)量速度時(shí)我們利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，因此明白了實(shí)驗(yàn)原理即可知道需要測(cè)量的數(shù)據(jù)；

由題意可知，本實(shí)驗(yàn)采用光電門利用平均速度法求解落地時(shí)的速度；則根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，當(dāng)減小的機(jī)械能應(yīng)

等于增大的動(dòng)能；由原理即可明確注意事項(xiàng)及數(shù)據(jù)的處理等內(nèi)容。

【題目詳解】

（D根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測(cè)量質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知,

需要測(cè)量的是A點(diǎn)到光電門B的距離H,故B正確；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度，不需要測(cè)量下

落時(shí)間，故C錯(cuò)誤；利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時(shí)速度時(shí)，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測(cè)量小

球的直徑，故D正確。故選BD。

（2）已知經(jīng)過光電門時(shí)的時(shí)間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時(shí)的速度；

（3）若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒；則有：mgH=-mv2；

即：2gH=(-)

H,那么該直線斜率ko二年

解得:

(4)乙圖線-V=kH,因存在阻力，貝lj有：mgH-fH=-mv2；

r2

所以重物和紙帶下落過程中所受平均阻力與重物所受重力的比值為-fLmhT-—k；

【題目點(diǎn)撥】

考查求瞬時(shí)速度的方法，理解機(jī)械能守恒的條件，掌握分析的思維，同時(shí)本題為創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn)，要注意通過分析題意明

確實(shí)驗(yàn)的基本原理才能正確求解。

12、①；1.2；2.1

【解題分析】

知道滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)；

對(duì)滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

【題目詳解】

(1)由圖象可知，當(dāng)F=2時(shí)，a#2.也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時(shí)小車就有加速度，該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中平衡摩擦力過大,

即傾角過大，平衡摩擦力時(shí)木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；

(1)根據(jù)F=ma得。=￡,所以滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的

m

總質(zhì)量的倒數(shù)，圖形b得加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=1.2

由圖形b得，在水平軌道上F=1時(shí)，加速度a=2,根據(jù)牛頓第二定律得F*mg=2,解得p=2.1.

【題目點(diǎn)撥】

通過作出兩個(gè)量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系；運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、⑴M指向N；(2)/=10V3A;(3)P=15>/3W

【解題分析】

(1)從A到。的過程中對(duì)導(dǎo)體棒受力分析，安培力方向水中水平向左，根據(jù)左手定則可判斷電流方向從“指向N

(2)因?yàn)榻饘賹?dǎo)體MN做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由

mgsin6=Fhcos0

F..=B1L

則

得

/=10V3A

⑶根據(jù)功率的計(jì)算公式可得

P=F,?vcos60=m^vsin60

得

P=\5&N

14、（1）2.0x103m/s;（2）2乂10-3「⑶不會(huì)通過，0.2m

【解題分析】

⑴由題意可知，粒子在第二象限內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)力的平衡有

夕咻二西）

解得

且=2.0xl0，m/s

B。

⑵粒子在第二象限的磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由題意可知圓周運(yùn)動(dòng)半徑

R=d=\.0m

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

v2

qvti=m——

R

解得磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

3=2x10"

⑶粒子離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向與直線OA垂直，粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng)，粒