導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用-函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題(5題型分類)-2025年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)(解析版)_第1頁(yè)
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文檔簡(jiǎn)介

專題15導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用■函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題5題型分類

彩題總

題型1:利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)

題型5:導(dǎo)數(shù)與“隱零點(diǎn)”問(wèn)題

題型2:根據(jù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)求參數(shù)

專題15導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用一函數(shù)的

零點(diǎn)問(wèn)題5題型分類

題型4:零點(diǎn)與不等式的證明問(wèn)題

題型3:根據(jù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)求值

彩先潟寶庫(kù)

1、函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題的常見題型:判斷函數(shù)是否存在零點(diǎn)或者求零點(diǎn)的個(gè)數(shù);根據(jù)含參函數(shù)零點(diǎn)情況,求參數(shù)

的值或取值范圍.

求解步驟:

第一步:將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題,進(jìn)而轉(zhuǎn)化為函數(shù)的圖像與X軸(或直線^=左)在某區(qū)間上的交點(diǎn)

問(wèn)題;

第二步:利用導(dǎo)數(shù)研究該函數(shù)在此區(qū)間上的單調(diào)性、極值、端點(diǎn)值等性質(zhì),進(jìn)而畫出其圖像;

第三步:結(jié)合圖像判斷零點(diǎn)或根據(jù)零點(diǎn)分析參數(shù).

2、函數(shù)零點(diǎn)的求解與判斷方法:

(1)直接求零點(diǎn):令/G)=0,如果能求出解,則有幾個(gè)解就有幾個(gè)零點(diǎn).

(2)零點(diǎn)存在性定理:利用定理不僅要函數(shù)在區(qū)間m,6]上是連續(xù)不斷的曲線,且/(a)<0,還必

須結(jié)合函數(shù)的圖象與性質(zhì)(如單調(diào)性、奇偶性)才能確定函數(shù)有多少個(gè)零點(diǎn).

(3)利用圖象交點(diǎn)的個(gè)數(shù):將函數(shù)變形為兩個(gè)函數(shù)的差,畫兩個(gè)函數(shù)的圖象,看其交點(diǎn)的橫坐標(biāo)有幾個(gè)不

同的值,就有幾個(gè)不同的零點(diǎn).

3、求函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)時(shí),常用的方法有:一、直接根據(jù)零點(diǎn)存在定理判斷;二、將/(x)整理變形成

f(x)=g(x)-〃(x)的形式,通過(guò)g(x),Mx)兩函數(shù)圖象的交點(diǎn)確定函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù);三、結(jié)合導(dǎo)數(shù),求函

數(shù)的單調(diào)性,從而判斷函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù).

4、利用導(dǎo)數(shù)研究零點(diǎn)問(wèn)題:

(1)確定零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題:可利用數(shù)形結(jié)合的辦法判斷交點(diǎn)個(gè)數(shù),如果函數(shù)較為復(fù)雜,可用導(dǎo)數(shù)知識(shí)確定

極值點(diǎn)和單調(diào)區(qū)間從而確定其大致圖像;

(2)方程的有解問(wèn)題就是判斷是否存在零點(diǎn)的問(wèn)題,可參變分離,轉(zhuǎn)化為求函數(shù)的值域問(wèn)題處理.可以通過(guò)

構(gòu)造函數(shù)的方法,把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為研究構(gòu)造的函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題;

(3)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)零點(diǎn)或方程根,通常有三種思路:①利用最值或極值研究;②利用數(shù)形結(jié)合思想

研究;③構(gòu)造輔助函數(shù)研究.

彩儺題和籍

(-)

函數(shù)零點(diǎn)的求解與判斷方法

(1)直接求零點(diǎn):令外)=0,如果能求出解,則有幾個(gè)解就有幾個(gè)零點(diǎn).

(2)零點(diǎn)存在性定理:利用定理不僅要函數(shù)在區(qū)間口,句上是連續(xù)不斷的曲線,且八.)負(fù)6)<0,還必須結(jié)合函

數(shù)的圖象與性質(zhì)(如單調(diào)性、奇偶性)才能確定函數(shù)有多少個(gè)零點(diǎn).

(3)利用圖象交點(diǎn)的個(gè)數(shù):將函數(shù)變形為兩個(gè)函數(shù)的差,畫兩個(gè)函數(shù)的圖象,看其交點(diǎn)的橫坐標(biāo)有幾個(gè)不同

的值,就有幾個(gè)不同的零點(diǎn).

(4)結(jié)合導(dǎo)數(shù),求函數(shù)的單調(diào)性,從而判斷函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù).

注:導(dǎo)函數(shù)處理零點(diǎn)個(gè)數(shù)問(wèn)題,由于涉及多類問(wèn)題特征(包括單調(diào)性,特殊位置的函數(shù)值符號(hào),隱零點(diǎn)的

探索、參數(shù)的分類討論等),需要學(xué)生對(duì)多種基本方法,基本思想,基本既能進(jìn)行整合,注意思路是通過(guò)

極值的正負(fù)和函數(shù)的單調(diào)性判斷函數(shù)的走勢(shì),從而判斷零點(diǎn)個(gè)數(shù),較為復(fù)雜和綜合的函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)問(wèn)題,

分類討論是必不可少的步驟,在哪種情況下進(jìn)行分類討論,分類的標(biāo)準(zhǔn),及分類是否全面,都是需要思考

的地方

題型1:利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)

1-1.(2024高三下?江蘇常州?階段練習(xí))已知/(x)=sin"x,g(x)=lnx+mex("為正整數(shù),meR).

(1)當(dāng)〃=1時(shí),設(shè)函數(shù)〃卜)=/-1-2/(x),XG(0,7t),證明:〃(x)有且僅有1個(gè)零點(diǎn);

(2)當(dāng)〃=2時(shí),證明:/+g(x)<(讓+加林—I.

1-------

【答案】(1)證明見解析;

⑵證明見解析.

【分析】(1)對(duì)〃(x)進(jìn)行二次求導(dǎo),根據(jù)二階導(dǎo)數(shù)的單調(diào)性,確定一階導(dǎo)數(shù)的正負(fù),從而判斷原函數(shù)的單

調(diào)性,結(jié)合零點(diǎn)存在定理,即可求證.

Qin9V

(2)根據(jù)題意,只需證洶三+lnx+l-xe,<0即可,結(jié)合sin2x<2x,(x>0)結(jié)合同構(gòu)函數(shù),即可容易證明.

2

【詳解】(1)當(dāng)〃=1時(shí),/i(x)=x2-l-2sinx(0<x<7t)

t己9(x)==2x-2cosx,貝I]夕'(無(wú))=2+2sinx>0

所以0(尤)=〃(x)在區(qū)間(0,7t)上單調(diào)遞增

而9(0)=-2<0,夕]|^=兀>0

所以存在毛,使得/仁)=0,即〃(%)=0

當(dāng)xe(O,Xo)時(shí),9(x)="(x)<0,單調(diào)遞減

當(dāng)xe(天,兀)時(shí),夕(x)=〃(x)>0,〃(x)單調(diào)遞增

2

又〃(0)=—1<0,/z(xo)</z(O)<O,//(K)=TI-1>0

所以〃(x)在(0,尤o)上沒(méi)有零點(diǎn),在伉㈤上有一個(gè)零點(diǎn),

綜上所述,函數(shù)力卜)在(0㈤內(nèi)只有一個(gè)零點(diǎn).

(2)當(dāng)〃=2時(shí),//(x)=2sinxcosx=sin2x,

要證于+g(x)<(x+")e“-L

cin9V

BPffi--±+lnx+l-xe%<0,

2

令〃(x)=sin2x-2x(x>0),貝iJH'(x)=2cos2x-2?0,

所以“(x)在(0,+8)單調(diào)遞減,H(x)<H(0)=0,即sin2x<2x,

Qin2x

要證------HInx+1-xex<0只需證x+Inx+1-xex<0,

2

令〃(x)=e*-x-l,則“(x)=eT,

二〃(x)在(-8,0)單調(diào)遞減,在(0,+co)單調(diào)遞增,

/.//(x)>//(0)=0,即e'2x+l,

x+laxx

e>x+lnx+1,BPxe>x+Inx+1-

所以x+hu+l-xer0成立,

原命題得證.

【點(diǎn)睛】本題考查利用導(dǎo)數(shù)證明函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù),以及利用導(dǎo)數(shù)證明不等式恒成立,解決第二問(wèn)的關(guān)鍵是

利用$/2工<2武工>0)進(jìn)行放縮,以及利用同構(gòu)xe"=小膜構(gòu)造函數(shù)進(jìn)行證明,屬綜合困難題.

1-2.(2024?江西九江?二模)已知函數(shù)/(x)=eX-a*(aeR),g(x)=x-l.

(1)若直線>=g(x)與曲線>=/(x)相切,求a的值;

⑵用表示〃?,〃中的最小值,討論函數(shù)〃(x)=min"(x),g(x)}的零點(diǎn)個(gè)數(shù).

2_i

【答案】e

4

(2)答案見解析

【分析】(1)根據(jù)已知切線方程求列方程求切點(diǎn)坐標(biāo),再代入求參即可;

(2)先分段討論最小值,再分情況根據(jù)單調(diào)性求函數(shù)值域判斷每種情況下零點(diǎn)個(gè)數(shù)即可.

【詳解】(1)設(shè)切點(diǎn)為(%,%),Vf\x)=e-2ax,二〃%)=6頻一2%

[e%0-2aXr.=1,

??()

?x02*

\e-axQ=x0-1,

消去〃整理,得(e%+l)(x。-2)=0,??.x0=2

(2)①當(dāng)、£(—e,l)時(shí),g(x)<0,/z(x)=min{/(x),g(x)}?g(x)<0,J在(-oo,l)上無(wú)零點(diǎn)

②當(dāng)x=l時(shí),g(l)=0,/⑴=e-〃.

若a?e,7(1)^0,此時(shí)〃(x)=g(l)=0,x=l是%(x)的一個(gè)零點(diǎn),

1------

若a>e,/(1)<0,此時(shí)〃(x)=/■⑴<0,x=l不是力(x)的零點(diǎn)

③當(dāng)xe(l,+oo)時(shí),g(x)>0,此時(shí)〃(尤)的零點(diǎn)即為/'(x)的零點(diǎn).

令/(X)=/_0%2=0,得a=二,令夕(幻==,則夕'(x)=^―,

XXX

當(dāng)l<x<2時(shí),0(x)<O;當(dāng)x〉2時(shí),9’(%)〉0,「?°(x)在(1,2)上單調(diào)遞減,在(2,+8)上單調(diào)遞增,且當(dāng)

Xf+8時(shí),夕⑴―+00

2

⑴若"0(2),即時(shí),/(X)在(1,+8)上無(wú)零點(diǎn),即“X)在(1,+8)上無(wú)零點(diǎn)

2

(ii)若"研2),即°=?時(shí),〃X)在(1,+8)上有一個(gè)零點(diǎn),即〃(x)在(1,+功上有一個(gè)零點(diǎn)

2

(iii)若磯2)<。<9⑴,即?<Q<e時(shí),/(x)在(1,+劃上有兩個(gè)零點(diǎn),即力(、)在(1,+到上有兩個(gè)零點(diǎn)

(iv)若a>夕⑴,即a)e時(shí),/(力在(L+8)上有一個(gè)零點(diǎn),即〃(%)在。,+8)上有一個(gè)零點(diǎn)

綜上所述,當(dāng)或a>e時(shí),〃(%)在R上有唯一零點(diǎn);

當(dāng)a=7或Q=e時(shí),人(“在R上有兩個(gè)零點(diǎn);

當(dāng)?<q〈e時(shí),〃(x)在R上有三個(gè)零點(diǎn)

1-3.(2024?山東?一模)已知/(x)=asinx—%+」一(%>-1),且。為/(%)的一個(gè)極值點(diǎn).

x+1

(1)求實(shí)數(shù)。的值;

⑵證明:①函數(shù)/(x)在區(qū)間(-1,+8)上存在唯一零點(diǎn);

11?1

②;-----<^sin—<1,其中〃wN*且〃>2.

2n+1Sk

【答案】⑴。=2

⑵證明見解析

【分析】(1)先求得/'(x)=acosx-l一1[y,由0為了⑴的一個(gè)極值點(diǎn),可得/(0)=0,進(jìn)而求解;

(2)①當(dāng)-l<x40時(shí),由/'(x)W0,可得〃x)單調(diào)遞減,由Vxe(-l,0],可得/(x)河(0)=1,此時(shí)函

數(shù)/(X)無(wú)零點(diǎn);當(dāng)0<》苦時(shí),設(shè)g(x)=acosx-l-島了,結(jié)合其導(dǎo)數(shù)分析單調(diào)性,結(jié)合g,⑼>0,

g'D<0和零點(diǎn)存在性定理,可知存在使得g'(x)=0,進(jìn)而得到尸(x)單調(diào)性,結(jié)合/'(0)=0

得到/(X)在(O,x。)上單調(diào)遞增;結(jié)合/(%)>0,廠目<0,存在”卜。,3,得到函數(shù)/(X)的單調(diào)性,

可得而“X)在園上無(wú)零點(diǎn);當(dāng)日用時(shí),由/'(x)<0,可得在單減,再結(jié)合零點(diǎn)存在

定理,可得函數(shù)/(x)在(右,上存在唯一零點(diǎn);當(dāng)xN兀時(shí),由/'(x)<0,此時(shí)函數(shù)無(wú)零點(diǎn),最后綜合即可

得證.

②由⑴中/(無(wú))在單增,所以Vxe/£|,有〃x)>/(O)=l,可得$加>。1+1-。]令

x=a(八2),利用放縮法可得sin我,再結(jié)合sinx<x,分別利用累加發(fā)可得盲sin^j-Q,

n11

Ysin—<1-^<1,即可求證.

占匕n

【詳解】(1)由/(x)=asinx-x+^—(x>-1),

x+1

則/(x)=acosx-l-----—-,

」」(x+l)2

因?yàn)椤榱耍╔)的一個(gè)極值點(diǎn),

所以/'⑼=°一2=0,所以。=2.

當(dāng)a=2時(shí),r(x)=2cosx_l_(二>,

當(dāng)T<x<0時(shí),因?yàn)楹瘮?shù)/'(無(wú))在(-1,0)上單調(diào)遞減,

所以/'(另<2-1-1=0,即/(x)在(-1,0)上單調(diào)遞減;

[2

當(dāng)0<Y時(shí),^W^cosx-l-^,則g,(x)=_2smx+還產(chǎn)

f-2+」

T<0

因?yàn)楹瘮?shù)g'(x)在(0胃上單調(diào)遞減,且g'(0)=2>0,s〔尹

由零點(diǎn)存在定理,存在,使得g'(x)=。,

且當(dāng)xe(O,尤0)時(shí),g'(x)>0,即/(無(wú))單調(diào)遞增,

又因?yàn)閞(o)=o,

所以受武。,/),>0,“X)在(o,x。)上單調(diào)遞增;.

綜上所述,/(x)在(-1,0)上單調(diào)遞減,在(0,%)上單調(diào)遞增,

1------

所以0為/(X)的一個(gè)極值點(diǎn),故。=2.

(2)①當(dāng)T<xWO時(shí),r(x)<2-l-l=0,所以單調(diào)遞減,

所以對(duì)Vxe(T,O],有此時(shí)函數(shù)/(尤)無(wú)零點(diǎn);

當(dāng)0<x<5時(shí),設(shè)g(x)=2cosr-l-(尤+]>,

2

貝!|g,⑺=-2sinx+日百T,

因?yàn)楹瘮?shù)g'(x)在向上單調(diào)遞減,且g'⑼=2>0,

由零點(diǎn)存在定理,存在使得g'(x)=O,

且當(dāng)無(wú)e(O,x°)時(shí),g,(x)>0,即/(無(wú))單調(diào)遞增,

當(dāng)時(shí),/(尤)<0,即/(X)單調(diào)遞減.

又因?yàn)?'(0)=0,

所以Vxe(O,x°),H(尤)〉0,“X)在(0,%)上單調(diào)遞增;

因?yàn)?伉)>0,<,

所以存在國(guó)e(xog),

當(dāng)xe(x°,xj時(shí),/%)>0,/(x)單調(diào)遞增,

當(dāng)可西春時(shí),八尤)<0,“X)單調(diào)遞減.

所以,當(dāng)xe(O,再)時(shí),〃x)單調(diào)遞增,/(x)>/(O)=l;

當(dāng)彳?匹:時(shí),/⑺單調(diào)遞減,,3>,[5)-2-萬(wàn)+女+]

此時(shí)“X)在(0,?上無(wú)零點(diǎn);

當(dāng)xeg,兀,<0

時(shí),/(x)=2cosx-l-^^^2,

所以/(x)在|■,兀J單減,

1------

又/(7l)=O-KH-------<o,

12/兀+1

由零點(diǎn)存在定理,函數(shù)/(X)在e,兀)上存在唯一零點(diǎn);

當(dāng)x2兀時(shí),/(x)=2sinx一x+」一<2—兀+1<0,此時(shí)函數(shù)無(wú)零點(diǎn);

綜上所述,在區(qū)間(T+8)上存在唯一零點(diǎn).

/巴]=拒_1_____!___>0/\

②因?yàn)閇+]],由(1)中/(x)在[(),?上的單調(diào)性分析,

知玉>:,所以在[0,:J單增,

所以對(duì)Vxe]o,£|,有/(尤)>〃0)=1,

即2sinx—xH------>1,所以sinx>—|x+1---------

x+12Vx+1

人1/,7e.1?1111111

令%=-7(左22),貝Usin——>———H----->---->-z-------

左2l)k22(左2^2+1J上2+1k2+kII+i

n111

所以Zsinyy

k=2k2~小

設(shè)力(x)=sinx-x,xG0,—

貝ij//(x)=cosx-l<0,

所以函數(shù)〃(x)=sinx-x在上單調(diào)遞減,

則/23=51口]_]<0(0)=0,

BPsinx<x,xe\0,^-,

【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛:本題第(2)②,關(guān)鍵在于先證明sinx>;\+l-士],令x=’(左22),利用放縮法

可得sing>,-土,再結(jié)合累加法即可得證.

1-4.(2024?山東?一模)已知函數(shù)/(x)=asinx-ln(l+x).

⑴若對(duì)Vxe(-l,O]時(shí),/(x)>0,求正實(shí)數(shù)。的最大值;

(2)證明:£sinyy<ln2;

k=2k

⑶若函數(shù)g(x)=/(x)+e,+Jasinx的最小值為〃z,試判斷方程一皿1+k=0實(shí)數(shù)根的個(gè)數(shù),并說(shuō)明理

由.

【答案】(1)1

(2)證明見解析

⑶有唯一的實(shí)數(shù)解,理由見解析

【分析】(1)將不等式恒成立問(wèn)題轉(zhuǎn)化成求函數(shù)的最值,再利用導(dǎo)數(shù)與函數(shù)單調(diào)性間的關(guān)系,通過(guò)求出函

數(shù)的單調(diào)區(qū)間,進(jìn)而求出最值,從而求出結(jié)果;

(2)利用(1)中結(jié)果,得到sinx>ln(l+x),通過(guò)令x=-&依>1/eN),從而得到sin-^<ln,再

kkk

通過(guò)過(guò)累加即可得出結(jié)果;

(3)利用函數(shù)的單調(diào)性求出機(jī)的范圍,構(gòu)造函數(shù)〃(同=』+'-鏟山(1+村(2<加〈目,通過(guò)函數(shù)的單調(diào)性和

零點(diǎn)的存在性原理即可求出結(jié)果.

【詳解】(1)由題知/'(X)=acosv--------,令〃(x)=acosx---------,所以,'(x)=-asinx+^-y,

又因?yàn)閤e(-l,O]時(shí),sinx<0,〃為正實(shí)數(shù),故〃⑴>0在區(qū)間(-1⑼恒成立,

所以函數(shù)尸(無(wú))在區(qū)間(T0]上單調(diào)遞增,且/''(O)="l.

①當(dāng)0<a41時(shí),/'(x)V/'(O)VO在區(qū)間(T0]上恒成立,函數(shù)“X)在上單調(diào)遞減,

此時(shí))(x)N/(O)=O,符合題意.

②當(dāng)a>1時(shí),/,(0)=a-l>0,f^―-=acos-l^-fl<a-cz=O,

由零點(diǎn)存在定理,3xoeQ-l,O^0t,有/'(/)=0,

即函數(shù)〃x)在區(qū)間(-1,%)上單調(diào)遞減,在區(qū)間(%,0)上單調(diào)遞增,

所以當(dāng)xe(x°,0)時(shí),有了⑺<〃0)=0,此時(shí)不符合,

綜上所述,正實(shí)數(shù)a的最大值為L(zhǎng)

(2)由(1)知,當(dāng)4=1,X£(—1,O)時(shí),sinx>ln(l+x),

令x=T

(k>l,keN)時(shí),

-1J一甘1k-k▼1,2x2.1.3x3,1,一〃.幾

即sinTT<M~-=In—―――,所以sin—<\n-—,sin-y<In---,L,sin—<In-——~,

k1k-\(左一1)(左+1)221x332x4〃+

,.1.1.1?2x2?3x3?nxn

累力口得sm^7+sinm+…+sm萬(wàn)<ln——+ln—H--??+ln

L3K1X3LXH-(n-1+1)'

〃17wVI

即^sin—<In=In-----=In2+In------<ln2+lnl=ln2,

k=2k(13j(24J"1n+ljn+\w+1

n1

所以£sin萬(wàn)<ln2

k=2k

(3)因?yàn)間(x)=e,M_ln(x+l),所以因?yàn)椴法D-」^,令G(x)=-——三,貝l|G,(x)=e,”+1">0

X?1X+l(X十1j

在區(qū)間(-1,+?0上恒成立,

所以函數(shù)g'(x)在區(qū)間(T+⑹上單調(diào)遞增,又g'(o)=e-l>o,g'[g]=五-2<0,

J—,。)時(shí),有g(shù)'(xj=。,即*=七,

由零點(diǎn)存在定理,*1

\27"1十,

因此玉+l=ln±=-lnE+l),而函數(shù)g(x)在(-1,占)上遞減,在(占,+8)上遞增,

所以機(jī)Mga'nMgGjMeM+i-lnGi+Du—^+ln^YM^Y+Xi+l,

?XqIXI1.XiI1

又因?yàn)槲髁钣?l=fe[,l],則加=/+;,所以加=—==1="1"1)<0在區(qū)間(g,l)

上恒成立,

即加二人;在區(qū)間(;/)上單調(diào)遞減,所以2<加<;+2=g,即冽5

2

5Qm

iS//(x)=e1+x-emln(l+x)2<m<—,則〃(工)=』+"—、,令"x)=eW

2l+X

0加

則,(X)=9+X+忘了〉0在區(qū)間(-1,+功上恒成立

3>0,

所以函數(shù)4(X)在區(qū)間(-1,+8)上單調(diào)遞增,又〃'(0)=e-e"<0,=

m

m

由零點(diǎn)存在定理,*2€(0,打一1)時(shí),〃'(尤2)=0,即寸丐=4^

?、1,1

因此冽=1+%2+加(1+%2),又加=----+ln------,

人]IX4]I1

設(shè)加(x)=x+lnr,則機(jī)'(x)=1+1>0在區(qū)間(0,+司上恒成立,

所以函數(shù)加(X)在(0,+力)上遞增,

于是1+x?=匚r且111(1+%2)=1+占,

而函數(shù)〃(x)在(-1,超)上遞減,在(尤2,內(nèi))上遞增,

1+l2mm

二H(無(wú))1mHa2)=e-eln(l+x2)=ee"'(1+&一(I+xJ)=O,

即函數(shù)〃(x)有唯一零點(diǎn)々,故方程eW-ln(l+x)=O有唯一的實(shí)數(shù)解.

【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛:零點(diǎn)代換:當(dāng)y=/(x)存在零點(diǎn),且滿足等式時(shí),對(duì)應(yīng)在此點(diǎn)處的等量運(yùn)算也成立,

1

即若有貝lj有M+l=ln=-ln(xj+1).

玉+1

1-5.(2024高三上?海南省直轄縣級(jí)單位?階段練習(xí))已知函數(shù)/(x)=f-alnx(aeR).

⑴判斷函數(shù)/(x)的單調(diào)性;

(2)設(shè)g(x)=/(尤)-/(尤)-21n/(x),證明:當(dāng)°=2時(shí),函數(shù)g(x)有三個(gè)零點(diǎn).

【答案】⑴答案見解析

⑵證明見解析

【分析】(1)先求得/'(x),對(duì)。進(jìn)行分類討論,由此求得了(x)的單調(diào)區(qū)間.

(2)先求得的范圍,利用換元法,結(jié)合導(dǎo)數(shù)以及零點(diǎn)存在性定理證得。=2時(shí),函數(shù)g(x)有三個(gè)零點(diǎn).

【詳解】(1)根據(jù)題意得,/(月=2》一q=空二^,xe(O,+s),

XX

當(dāng)a<0時(shí),f^[x}>0,〃x)在(0,+。)上單調(diào)遞增;

當(dāng)。>0時(shí),r(x)<0,得0<x<浮;

令川(x)>0,得x>警,

故“X)在0,上單調(diào)遞減,在,+8上單調(diào)遞增.

(2)當(dāng)a=2時(shí),/(x)=x2-21nx,

1------

則/,3=2(尤一丁尤+1),

所以當(dāng)xe(O,l)時(shí),r(x)<0,/(x)單調(diào)遞減;

當(dāng)xe(l,+⑹時(shí),/0(x)>0,〃無(wú))單調(diào)遞增,故/(X)的最小值為"1)=1,

又Xf0,/(x)-+8;Xf+8,/(x)f+oo,

故/(X)G[L+8).

g(x)-f2(x)-/(x)_2In/k)=H_21nx)——21nxj-21n-21nx),

設(shè)m=x2-21nx,me[1,+0°),

則〃(加)=加2_冽_2]n加,mG[l,+oo),

2mm2

貝(5)=2加一1-2='--

mm

1+V17

由2ni2一加一2=0,得冽=

-4~

因此,當(dāng)加e1,—時(shí),h^m)<0,〃(間單調(diào)遞減;

當(dāng)mw----,+oo時(shí),h^(m)>0,〃(加)單調(diào)遞增.

I4J

由于〃(1)=0,故〃</z(l)=0,又〃(2)=20-ln2)>0,

/i+Vn

,2,使得〃(加o)=O,

由零點(diǎn)存在定理,存在/£-4-

7

呼7,2和町=1.

所以力(")有兩個(gè)零點(diǎn)加0和町=1,即方程/■(%)=加有兩個(gè)根e

“X)的圖象如下,

1----------

Xiix2X

當(dāng)〃尤)=1時(shí),因?yàn)?(x)二=1,

故方程/(x)=l有一個(gè)根%=1;

1+V17

當(dāng)/(x)=%時(shí),其中%e

-4-

因?yàn)槎?

故由“X)圖角可知,/(x)=%有兩個(gè)不同的根X],W,且0<不<1<£.

綜上,當(dāng)a=2時(shí),函數(shù)g(x)有三個(gè)零點(diǎn).

【點(diǎn)睛】利用導(dǎo)數(shù)研究含參數(shù)的函數(shù)的單調(diào)區(qū)間的過(guò)程中,要對(duì)參數(shù)進(jìn)行分類討論,分類討論要做到不重

不漏.分類標(biāo)準(zhǔn)可通過(guò)判別式、開口方向、根的大小等等來(lái)制定.利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的零點(diǎn),往往要結(jié)合零點(diǎn)

存在性定理來(lái)進(jìn)行.

彩他題淞籍

根據(jù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)求參數(shù)

函數(shù)由零點(diǎn)求參數(shù)的取值范圍的常用方法與策略:

1、分類參數(shù)法:一般命題情境為給出區(qū)間,求滿足函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的參數(shù)范圍,通常解法為從/(X)中分離參

數(shù),然后利用求導(dǎo)的方法求出由參數(shù)構(gòu)造的新函數(shù)的最值,根據(jù)題設(shè)條件構(gòu)建關(guān)于參數(shù)的不等式,再通過(guò)

解不等式確定參數(shù)的取值范圍;

2、分類討論法:一般命題情境為沒(méi)有固定的區(qū)間,求滿足函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的參數(shù)范圍,通常解法為結(jié)合函數(shù)

的單調(diào)性,先確定參數(shù)分類標(biāo)準(zhǔn),在每個(gè)小范圍內(nèi)研究零點(diǎn)的個(gè)數(shù)是否符合題意,將滿足題意的參數(shù)的各

個(gè)小范圍并在一起,即可為所求參數(shù)的范圍.

1--------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------1

|題型2:根據(jù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)求參數(shù)

2-1.(2024高二下?浙江臺(tái)州?期末)已知函數(shù)/(x)=alnx+?.

i(1)當(dāng)”=1時(shí),求曲線y=/(x)在點(diǎn)處的切線方程;

1(2)證明:當(dāng)時(shí),/(X)有且只有一個(gè)零點(diǎn);

!⑶若〃x)在區(qū)間(04),。,+⑹各恰有一個(gè)零點(diǎn),求。的取值范圍.

【答案】(1)丁=11+.1-;

I(2)證明見解析

!(3)——<a<0

!e

【分析】(1)根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義求解即可;

(2)分析/(x)=alnx+:在xe(O,l)和x=l,xe(1,+s)時(shí)的正負(fù)判斷即可;

(3)根據(jù)(2)可得心0,又八x)="e,+2Ax2,設(shè)g(》)=前,+2x-x?,根據(jù)g(l)=ae+1=0時(shí)為臨界

xe

I條件,分與-!<。<0兩種情況,分別求導(dǎo)分析g(x)=ae'+2x-x2的單調(diào)性,進(jìn)而得到

ee

ig(x)=ae,+2x-/的正負(fù)區(qū)間,進(jìn)而得到〃x)的單調(diào)區(qū)間,同時(shí)結(jié)合零點(diǎn)存在定理求解即可

【詳解】(1)由題意,〃x)=lnx+?,/'(尤)=:+三三,故/'(1)=1+:,又〃1)=0,故曲線y=f(x)|

|在點(diǎn)處的切線方程為了=(1+1門-1),即了=+

X—1Y-1

(2)由題意,因?yàn)楣十?dāng)x〉l時(shí),/(x)=QlnrH->0,當(dāng)時(shí),/(X)=Q1HXH—<0,當(dāng)|

IX=1時(shí),/⑴=0,故當(dāng)〃>0時(shí),/(%)有且只有一個(gè)零點(diǎn)X=1

(3)由(2)可得a<0,/(x)=alnr+^,故(⑴,+?="+?T?

\g(x)=aex+2x-x2,貝(j

[①若aW-1,則g(x)=ae,+2x-M4-eAi-(x-l)2+1,在xe(l,y)上為減函數(shù),故

1------

g(x)<-e11-(l-l)2+l=0,故/⑴在x£(l,+8)上為減函數(shù),/(力</。)=0不滿足題意;

②若」<a<0,gr(x)=tzex+2-2%

e

i)當(dāng)%£(l,+oo)時(shí),gr(x)<0,g(x)單調(diào)遞減,且g(l)=ae+l〉O,g(2)=ae2<0,故存在手£(1,2)使得

e

g(x)=O,故/(X)在(1,%)上單調(diào)遞增,在(%,+8)上單調(diào)遞減.又/(%)>/⑴=0,e4>e>p且

111_i

1\1一[一1-Qa1

二.lne:+,;=-1+」■_,設(shè)夕(%)=e》-x(x>0),易得“(x)=e、一1>0,故夕(1)

(>ee^eeVe「「

/_£\(_J_A

在(0,十8)單調(diào)遞增,故9(x)>W0)=e°-0>0,故ee->e-[故/e0<。.故/(%)在Le。上有一個(gè)零

V7V7

點(diǎn),綜上有了(X)在區(qū)間(1,+8)上有一個(gè)零點(diǎn)

ii)當(dāng)xe(0,l)時(shí),g'(x)=aex+2-2x,設(shè)〃(x)=g1x)=ae*+2-2x,則1(x)=ae*-2<0,故g'(x)為減

函數(shù),因?yàn)間'(0)=a+2>0,g,(l)=ae<0,故存在玉e(0,1)使得g'(x)=0成立,故g(x)=ae"+2x-x?在

(0,%)單調(diào)遞增,在(再,1)單調(diào)遞減.又g(0)=a<0,g(l)=?e+l>0,故存在々武?!?使得g(%)=。成立,

故在(0,動(dòng)上g(x)<0,〃x)單調(diào)遞減,在(孫1)上g⑺>0,〃x)單調(diào)遞增.又/⑴=0,故

£L1J.L

小)<小)=0,且e'y,/p]=aln£+y=l+=l=二^1>"二1>0,故

、)aaa

v7ee°eeeeee

「口卜0,故存在三€口,1]使得〃x)=0,綜上有〃X)在區(qū)間(0,1)上有一個(gè)零點(diǎn).

綜上所述,當(dāng)-!<。<0時(shí),“X)在區(qū)間(0,1),(1,+8)各恰有一個(gè)零點(diǎn)

e

【點(diǎn)睛】本題主要考查了導(dǎo)數(shù)的幾何意義,同時(shí)考查了利用導(dǎo)數(shù)分析函數(shù)的單調(diào)性與最值,同時(shí)結(jié)合零點(diǎn)

存在定理判斷函數(shù)零點(diǎn)的問(wèn)題,需要根據(jù)題意確定臨界條件分類討論,再分析導(dǎo)函數(shù)的單調(diào)性,進(jìn)而得到

導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)區(qū)間,從而得到原函數(shù)的單調(diào)性,并根據(jù)零點(diǎn)存在性定理分析,屬于難題

2-2.(2024高三?全國(guó)?專題練習(xí))已知函數(shù)角0=券+1113)-2(0>0),若函數(shù)/(x)在區(qū)間(0,+e)內(nèi)存

在零點(diǎn),求實(shí)數(shù)。的取值范圍.

【答案】a>l.

【分析】方法一:直接求導(dǎo),分情況討論函數(shù)單調(diào)性及最值情況,進(jìn)而可得零點(diǎn)情況,進(jìn)而可得參數(shù)取值

1------

范圍;

方法二:構(gòu)造函數(shù)法并分離參數(shù)求得參數(shù)范圍.

【詳解】解:方法一:由/(x)=3+x-/"(ax)-2(a>0)可得八——a),

eex

設(shè)y=----a,x>0,a>0,貝!]y=--(:一,令y=0nx=1,

xx"

.?)在工€(0,1)單調(diào)遞減,在xe(l,+oo)單調(diào)遞增,

故九"="1)=1-a.

①當(dāng)0<a<l時(shí),令/(x)=Onx=l,當(dāng)xe(O,l)時(shí),單調(diào)遞減,當(dāng)xe(l,+s)時(shí),單調(diào)遞增,

/Wmin=f(!)=?f-l->0,此時(shí)/(X)在區(qū)間(0,+00)內(nèi)無(wú)零點(diǎn);

②當(dāng)a=l時(shí),/(l)=a-l-lna=0,此時(shí)/(x)在區(qū)間(0,+網(wǎng)內(nèi)有零點(diǎn);

③當(dāng)<7>1時(shí),令/〈X)=,_](----<7)=0,解得x=X]或1或4,旦0<再<1<%,

ex

此時(shí)/(X)在xe(o,xj單減,尤單增,xe(l,X2)單減,工日與+⑹單增,

當(dāng)x=X]或X?時(shí),/(x)極小值=0,此時(shí)/(X)在區(qū)間(0,+co)內(nèi)有兩個(gè)零點(diǎn);

綜合①②③知〃x)在區(qū)間(0,+功內(nèi)有零點(diǎn)n/l.

方法二:由題意可得

eT+i+加㈤=歷3)一x+2,即ex+M"{ax]-[-x+l+Zn(ar)]-1=0,

因?yàn)閑*Nx+1當(dāng)無(wú)=0時(shí)等號(hào)成立,

所以-x+1+歷(ar)=0,即女=—,

易知g(x)在(0,1)單減,在(1,+8)上單增,所以g(x)2g⑴=1,

又x趨近于。和正無(wú)窮時(shí),g(x)趨近于正無(wú)窮,

所以。21.

【點(diǎn)睛】導(dǎo)函數(shù)中常用的兩種常用的轉(zhuǎn)化方法:一是利用導(dǎo)數(shù)研究含參函數(shù)的單調(diào)性,?;癁椴坏仁胶愠?/p>

立問(wèn)題.注意分類討論與數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用;二是函數(shù)的零點(diǎn)、不等式證明常轉(zhuǎn)化為函數(shù)的單調(diào)性、極(最)

值問(wèn)題處理.

1------

2-3.(2024?四川成都?一模)已知函數(shù)/(x)=[ge*+a]ex-(a+l)x.

(1)討論〃x)的單調(diào)性;

⑵若/(無(wú))有兩個(gè)零點(diǎn),求。的取值范圍.

【答案】(1)見解析;

【分析】(1)對(duì)函數(shù)〃x)求導(dǎo),再對(duì)。進(jìn)行分類討論,根據(jù)/''(x)>0和/'(x)<0,即可得函數(shù)的單

調(diào)性;(2)根據(jù)(1)的單調(diào)區(qū)間,對(duì)。進(jìn)行分類討論,結(jié)合單調(diào)性和函數(shù)值的變化特點(diǎn),即可得到。的取

值范圍.

【詳解】(1)由/(x)=[e、+a卜-(a+l)x

Ir

/^)=(e-l)(e+fl+l),

①當(dāng)〃2-1時(shí),e"+a+l>0,

由/'(x)〉0,得X£(0,+GO),

由/'(x)<0,得XE(—co,0).

"(%)的單增區(qū)間為(0,+。),單減區(qū)間為(-%0).

②當(dāng)4<一1時(shí),令/'(%)=0,%=0或%=111(-。一1).

當(dāng)ln(—Q—1)=0,即a=—2時(shí),/'(x)=(e*-1)>0

J/(%)在(―叫+⑹單增,

當(dāng)ln(-Q_l)>0,即Q<—2時(shí),

由/'(X)>。得,x£(—8,0)U(ln(—a—l),+8),

由得,%£(0,ln(-q-1)).

???/(x)單增區(qū)間為(-8,0),(in(-q-1),+8),

/⑺單減區(qū)間為(0,皿-〃-1)).

1------

當(dāng)ln(-a-l)<0,即一2<0<—1時(shí),

由/'(x)>0得,xe(-oo,ln(-a-l))U(0,+oo),

由/'(X)<0得,x£(ln(—a—l),O).

/(x)的單增區(qū)間為(一-In(-0-1)),(0,+8),

“X)的單減區(qū)間為(皿-"1),0).

1

(2)由/⑼…子

1

(i)當(dāng)時(shí),只需/(0)<0,即-時(shí),滿足題意;

(ii)當(dāng)a=—2時(shí),在(-%+8)上單增,不滿足題意;

當(dāng)。<-2時(shí),〃x)的極大值〃0)<0,不可能有兩個(gè)零點(diǎn);

當(dāng)時(shí),的極小值/⑼<0,xf+oo,/(x)->+co,只有/(in(-a-l))=0才能滿足題意,即j

----=0有解.

22

Q+3

令〃(Q)=—,aG(-2,-1),則“(a)=一2(q+l)〉0,

〃⑷在(-2,-1)單增.

V//(-2)=||

二〃(。)>0,方程無(wú)解.

綜上所述,aw

LJ

【點(diǎn)睛】已知函數(shù)有零點(diǎn)求參數(shù)取值范圍常用的方法和思路:

⑴直接法:直接根據(jù)題設(shè)條件對(duì)參數(shù)進(jìn)行分類討論,構(gòu)建關(guān)于參數(shù)的不等式,再通過(guò)解不等式確定參數(shù)范I

圍;

(2)分離參數(shù)法:先將參數(shù)分離,轉(zhuǎn)化成求函數(shù)值域問(wèn)題加以解決;

⑶數(shù)形結(jié)合法:先對(duì)解析式變形,在同一平面直角坐標(biāo)系中,畫出函數(shù)的圖像,然后數(shù)形結(jié)合求解.

2-4.(2024高三上?廣東?階段練習(xí))已知函數(shù)/(》)=原-!)/+°。+4.

22

(1)討論“X)的單調(diào)性;

1------

(2)若/(x)有兩個(gè)零點(diǎn),求。的取值范圍.

【答案】(1)答案見解析;(2)(0,+“).

【分析】(1)求函數(shù)的導(dǎo)數(shù),討論和"0,分別解導(dǎo)數(shù)不等式即可得到函數(shù)的單調(diào)性.

(2)由(1)的單調(diào)性,可求得函數(shù)的極值,由極值的正負(fù)和函數(shù)的單調(diào)性可得函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù),從而得

到。的取值范圍.

【詳解】(1)/'(x)=[+£|(e,+2a).

當(dāng)“20時(shí),令/得xe1-oo,-,,

令/,(x)〉0,得xe[-;,+oo]

故/(X)在,巴-£|單調(diào)遞減,在[],+6單調(diào)遞增.

當(dāng)a<0時(shí),令/''(x)=0,得X[=一;,x2=ln(-2a).

①當(dāng)In(-2a)=-2即°=_近時(shí),f'(x)>0,〃x)在R上單調(diào)遞增.

22e

②當(dāng)ln(-2a)<-:即一逅<a<0時(shí),〃x)在1111(-2”),-]上單調(diào)遞減,

22eI2)

在(-oo,ln(-2a)),上單調(diào)遞增.

③當(dāng)>-:即.〈一亞時(shí),/(尤)在上單調(diào)遞減,

22eI2/

在(In(-2a),+8)上單調(diào)遞增.

(2)當(dāng)。>0時(shí),由(1)可知/(x)只有一個(gè)極小值點(diǎn)x=-g.

且/㈢=4<°,/Q]=a>0,

從而〃尤)-+對(duì)因此/(x)有兩個(gè)零點(diǎn).

當(dāng)。=0時(shí),=此時(shí)/(x)只有一個(gè)零點(diǎn),不符合題意.

當(dāng)°=一近時(shí),/(x)在R上單調(diào)遞增,不可能有兩個(gè)零點(diǎn).

2e

當(dāng)_/<a<0時(shí),/(x)在(in(-2a),-上單調(diào)遞減,

在(-oo,ln(-2a)),f-p+coj上單調(diào)遞增,

/[in(-2a)]=ln(-2a)-;*(-2。)+“1口(一2〃)+;

2

=-2aln(_2q)一;In(-2a)+1

+a

-in2i1

其中qln(—2〃)+-<0,ln(-2")—<0,-2aIn(-2^)--<0,

22_2_

則/[in(-2a)]<0,即函數(shù)的極大值小于0,

則/(x)在尺上不可能有兩個(gè)零點(diǎn);

當(dāng)”一亞時(shí),"X)在,ln(-2a)]上單調(diào)遞減,

在1(ln(-2a),+oo)上單調(diào)遞增,

=-'<0,即函數(shù)的極大值小于0,

則/(x)在我上不可能有兩個(gè)零點(diǎn);

綜上,若〃x)有兩個(gè)零點(diǎn),。的取值范圍是(0,+").

【點(diǎn)睛】本題考查利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)問(wèn)題,考查分析問(wèn)題的能力

和計(jì)算能力,屬于中檔題.

2-5.(2024?浙江?二模)設(shè)函數(shù)/'(x)=x-sin-^.

⑴證明:當(dāng)xe[0,1]時(shí),/(x)<0;

⑵記g(x)=/(x)-aln|x|,若g(x)有且僅有2個(gè)零點(diǎn),求。的值.

【答案】⑴證明見解析

(2)-1,0,1

【分析】(1)求出了'(X),利用其單調(diào)性和特殊值可得改。€(0,1)使得廣(%)=0,再由/⑴=0,/(0)=0可

得答案;

(2)由0=0時(shí),求出g(x)的零點(diǎn),①當(dāng)0>0時(shí),利用g(x)范圍可得在(0,+巧有1個(gè)零點(diǎn):分;

。<0討論,利用g'(x)的單調(diào)性和函數(shù)值可得答案.

【詳解】(1)當(dāng)04x41時(shí),有/'(x)=l-?cos?,/'(無(wú))單調(diào)遞增,

又/''(0)=1-:<0/(1)=1>0,貝I]可知玉。€(0,1),使得/'(%)=0,

2

所以/(X)在(0,%)單調(diào)遞減,在(%,1]單調(diào)遞增,

又/。)=0,/(0)=0,則可知f(x)40;

(2)依題意,函數(shù)g(x)的定義域是(F,0)U(0,+8),

當(dāng)4=0時(shí),g(x)=/(x)=0,即%=5m葭,而"0,

TTYTTJC

x=l時(shí),x=sin—,%=-1時(shí),x=sin—,有兩個(gè)零點(diǎn)1,一1,符合題意;

22

①當(dāng)a〉0時(shí),若x<0,有g(shù)(—l)=O,且不<-1,有g(shù)(x)<0,

又一l<x<0,由(1)可知/(尤)>0,又-aln|x|>0,則g(x)>0

所以g(x)在(-8,0)有1個(gè)零點(diǎn):

若x>0,有g(shù)⑴=O,g'(x)=1-,cos£",g<,=1-a,若a=l,

i

W^(x)-x-lnx-sin—>l-sin—>0,

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