浙江省2024屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題含解析

2024屆高三第一次聯(lián)考物理試題卷考生須知：1.本卷共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、座位號及準(zhǔn)考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字；3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效；4.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取10m/s25.考試結(jié)束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分.每小題列出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列四組物理量中均為標(biāo)量的是（）A.電勢電場強(qiáng)度 B.電流磁通量C.動量動能 D.功率加速度【答案】B【解析】【詳解】電勢、磁通量、動能、功率只有大小沒有方向，是標(biāo)量，電流雖然有方向，但疊加不符合平行四邊形定則，也是標(biāo)量；電場強(qiáng)度、動量、加速度既有大小又有方向，是矢量。故選B。2.下列說法正確的是（）A.法拉第對理論和實驗資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，得到法拉第電磁感應(yīng)定律B.法國物理學(xué)家?guī)靵霰容^準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量C.普朗克為了解釋黑體輻射的問題，提出了能量量子化概念D.愛因斯坦提出的相對論否定了經(jīng)典力學(xué)理論【答案】C【解析】【詳解】A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，而電磁感應(yīng)定律則是紐曼和韋伯先后提出的，故A錯誤；B．電荷量e的數(shù)值最早是由物理學(xué)家密立根測得的，故B錯誤；C．普朗克為了解釋黑體輻射的問題，提出了能量量子化概念，故C正確；D．愛因斯坦提出的相對論，但相對論并沒有否定經(jīng)典力學(xué)，而是在其基礎(chǔ)上發(fā)展起來的，只是說明了經(jīng)典力學(xué)的局限性，故D錯誤。故選C。3.2020年11月10日8時12分，中國自主研發(fā)的萬米載人潛水器“奮斗者”號，在馬里亞納海溝下沉至接近海底時，向水底發(fā)射出持續(xù)時間為的某脈沖聲波信號，最終在深度處成功坐底。在該深度，“奮斗者”號每平方厘米要承受的海水壓力，并停留進(jìn)行了一系列的深海探測科考活動。下列說法正確的是（）A.m、N、s是國際單位制中的基本單位B.在下沉過程中，潛水器的位移一定是C.“8時12分”指的是時間間隔D.采集海底礦物時，不能將潛水器視為質(zhì)點【答案】D【解析】【詳解】A．N不是國際單位制中的基本單位，N為導(dǎo)出單位，故A錯誤；B．由于潛水器下沉?xí)r不一定是豎直下沉，則位移不一定是，故B錯誤；C．“8時12分”對應(yīng)時間軸上的點，是時刻，故C錯誤；D．采集海底礦物時，需要注意潛水器的形狀和大小，不能視為質(zhì)點，故D正確。故選D。4.“長征七號”A運載火箭于2023年1月9日在中國文昌航天發(fā)射場點火升空，托舉“實踐二十三號”衛(wèi)星直沖云霄，隨后衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射取得圓滿成功。已知地球表面的重力加速度大小為g，地球的半徑為R，“實踐二十三號”衛(wèi)星距地面的高度為（h小于同步衛(wèi)星距地面的高度），入軌后繞地球做勻速圓周運動，則（）A.該衛(wèi)星的線速度大小大于7.9km/s B.該衛(wèi)星的動能大于同步衛(wèi)星的動能C.該衛(wèi)星的加速度大小等于g D.該衛(wèi)星的角速度大小大于同步衛(wèi)星的角速度【答案】D【解析】【詳解】A．地球第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時的最大運行速度，可知該衛(wèi)星的線速度小于7.9km/s，故A錯誤；BD．根據(jù)萬有引力提供向心力可得解得，由于該衛(wèi)星軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，則該衛(wèi)星的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，該衛(wèi)星的角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，但由于不清楚該衛(wèi)星與同步衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系，所以無法確定該衛(wèi)星的動能與同步衛(wèi)星的動能關(guān)系，故B錯誤，D正確；C．對該衛(wèi)星，根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知該衛(wèi)星的加速度大小小于地面重力加速度g，故C錯誤。故選D。5.炎熱的夏季，有一種網(wǎng)紅水上娛樂項目“水上飛人”十分火爆，其原理是借助腳下的噴水裝置產(chǎn)生反沖動力，讓人騰空而起或平衡或翻滾或勻速或變速運動，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.人在翻滾時，水對裝置的反沖動力大于裝置對水的壓力B.人在減速上升的過程中，機(jī)械能一定減少C.人在減速上升過程中一定處于失重狀態(tài)D.人在懸空靜止的一段時間內(nèi)，反沖動力的沖量為零【答案】C【解析】【詳解】A．人在翻滾時，水對裝置的反沖動力與裝置對水的壓力是一對相互作用力，等大反向，故A錯誤；B．無法確定減速上升過程中動能的減少量和重力勢能增加量的大小，故不能判斷機(jī)械能如何變化，故B錯誤；C．人在減速上升的過程中，加速度向下，故一定處于失重狀態(tài)，故C正確；D．人在懸空靜止的一段時間內(nèi)，合外力的沖量為零，反沖動力的沖量不為零，和重力的沖量大小相等，方向相反，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，一個重為10N的小球O被夾在兩光滑斜面間，斜面AB和AC與水平面的夾角分別為60°和30°，下列說法正確的是（）A.斜面AB對小球的彈力是由小球的形變產(chǎn)生的B.斜面AB對小球的彈力為5NC.斜面AC對小球的彈力為10ND.保持斜面AB傾角不變，緩慢增大斜面AC傾角，斜面AB對小球的彈力不變【答案】B【解析】【詳解】A．斜面對小球的彈力是由斜面的形變產(chǎn)生的，A錯誤；BC．畫出受力分析圖如圖根據(jù)受力分析圖可得B正確，C錯誤；D．畫出力的動態(tài)變化圖，如圖FC按照箭頭方向變化，則FB在逐漸增大，D錯誤。故選B。7.如圖所示，兩個定值電阻阻值分別為R1和R2，直流電源的電動勢E0，內(nèi)阻不計，平行板電容器兩極板水平放置，板間距離為d，板長為d，極板間存在方向水平向里的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m的帶電小球以初速度v沿水平方向從電容器下板左側(cè)邊緣A點進(jìn)入電容器，做勻速圓周運動，恰從電容器上板右側(cè)邊緣離開電容器。此過程中，小球未與極板發(fā)生碰撞，重力加速度大小為g，忽略空氣阻力，則（）A.該小球帶負(fù)電B.小球所帶的電量為C.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為D.如果將上極板上移，電容器極板所帶的電量將增大【答案】C【解析】【詳解】A．小球在復(fù)合場區(qū)域做勻速圓周運動，說明電場力和重力平衡，電場力向上；分析電路可知，電容器下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，場強(qiáng)的方向向上，小球電場力的方向與場強(qiáng)的方向相同，所以小球帶正電，A錯誤；B．電容器極板電壓跟R2兩端電壓相同，大小為所以極板間電場強(qiáng)度大小為小球電場力與重力平衡，有得B錯誤；C．小球做圓周運動的軌跡如圖所示設(shè)粒子在電磁場中做圓周運動的半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系解得根據(jù)解得D．平行板電容器電容大小為當(dāng)d增大時，C會減??；而電容器兩端的電壓不變，而可得電容器上的電荷量會減小，D錯誤。故選C。8.在測定年代較近的湖泊沉積物形成年份時，常利用沉積物中半衰期較短的，其衰變方程為→Bi+X。以下說法正確的是（）A.衰變方程中的X是電子B.為了精確測量時間，應(yīng)該考慮溫度變化對衰變的影響C.的結(jié)合能大于Bi的結(jié)合能D.1000個原子核經(jīng)過一個半衰期后，還剩500個未衰變【答案】A【解析】【詳解】A.根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，衰變方程中的X質(zhì)量數(shù)為零，電荷數(shù)為-1，是電子，選項A正確；B.原子核的半衰期與溫度等外界條件無關(guān)，即溫度變化對衰變無影響，選項B錯誤；C.核反應(yīng)放出能量，生成物更加穩(wěn)定，則的結(jié)合能小于Bi的結(jié)合能，選項C錯誤；D.半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)原子核衰變不適應(yīng)，選項D錯誤。故選A。9.家庭中用的取暖器，正常工作時所用電壓是按照圖中正弦規(guī)律變化的交流電，取暖器正常工作時的電流是3A。下列表述正確的是（）A.該交流電的有效值是311VB.取暖器的阻值約為103.7ΩC.圖中所示電壓的瞬時值表達(dá)式為D.取曖器正常工作時的功率約為660W【答案】D【解析】【詳解】A．該交流電的有效值是故A錯誤；B．取暖器的阻值故B錯誤；C．電壓的瞬時值表達(dá)式為故C錯誤；D．取曖器正常工作時的功率故D正確。故選D。10.如圖所示，在邊長為L的立方體表面中心EF處固定電荷量均為+q的點電荷，表面中心G、H處固定電荷量均為-q的點電荷。下列說法正確的是（）A.立方體中心處的電場強(qiáng)度為0B.A、C兩點的電勢相等C.若移去H點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為D.若移去H點的電荷，將F點的電荷移到H點的過程中，電場力做正功【答案】B【解析】【詳解】A．F、H處的點電荷在立方體中心處的電場強(qiáng)度方向豎直向上，G、E處的點電荷在立方體中心處的電場強(qiáng)度方向水平向右，根據(jù)電場強(qiáng)度的疊加可知立方體中心處的電場強(qiáng)度不為0，故A錯誤；B．由于A點到兩個正電荷的距離與C點到兩個正電荷的距離相等，同時，A點到兩個負(fù)電荷的距離與C點到兩個負(fù)電荷的距離相等，故圖中A處電勢等于C處電勢，故B正確；C．若移去H點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為故C錯誤；D．若移去H點的電荷，將F點的電荷從F沿直線移到H的過程中，根據(jù)電場強(qiáng)度的疊加可知F點的電荷受到的電場力一直水平向右，速度方向與電場力方向一直垂直，故電場力不做功，故D錯誤。故選B。11.在勻質(zhì)輕繩上有兩個相距10m的波源S1、S2，兩波源上下振動產(chǎn)生兩列繩波，可將其看作簡諧波。兩波源的連線上有兩質(zhì)點A、B，A距S1波源3m，B距S2波源5m，如圖甲所示。t=0時波源S1開始向上振動，其振動方程為cm，而波源S2的振動圖像如圖乙所示。t=0.2s時質(zhì)點A開始振動，則下列說法不正確的是（）A.1s后S1、S2兩波源之間有7個振動加強(qiáng)點B.波源S1產(chǎn)生波的波長為3mC.波源S1產(chǎn)生的波的波速為15m/sD.0～s內(nèi)質(zhì)點B通過的路程為40cm【答案】A【解析】【詳解】BC．由振動方程可知A波源的振動周期為在一個周期內(nèi)振動從傳到了A點，所以波源產(chǎn)生的波長為波速故BC正確；A．由圖乙可知，振動的周期為由于在同種介質(zhì)中，所以激發(fā)的波的速度為所以由于兩個波源的振動步調(diào)相反，1s后兩波源之間的振動加強(qiáng)點到兩波源之間的距離差滿足其中，由于，解得則加強(qiáng)點為5個，故A錯誤；D．由于B點到波源、的距離相等，所以兩列機(jī)械波同時到達(dá)B點；并且兩個波源的振動步調(diào)相反，所以B點始終是振動減弱處，其振幅為則B點在一個周期內(nèi)經(jīng)過的路程為8cm；在內(nèi)B點的振動時間為則經(jīng)過的路程為故D正確。本題要求選擇錯誤的，故選A。12.某地區(qū)常年有風(fēng)，風(fēng)速基本保持在4m/s，該地區(qū)有一風(fēng)力發(fā)電機(jī)，其葉片轉(zhuǎn)動可形成半徑為10m的圓面，若保持風(fēng)垂直吹向葉片，空氣密度為1.3kg/m3，風(fēng)的動能轉(zhuǎn)化為電能的效率為20%.現(xiàn)用這臺風(fēng)力發(fā)電機(jī)給一水泵供電，使水泵從地下10m深處抽水，水泵能將水抽到地面并以2m/s的速度射出，出水口的橫截面積為0.1m2，水的密度為1×103kg/m3，水泵及電機(jī)組成的抽水系統(tǒng)效率為80%，則下列說法正確的是（）A.該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率約為12.8kWB.每秒鐘水流機(jī)械能增加400JC.風(fēng)力發(fā)電機(jī)一天的發(fā)電量可供該水泵正常工作約3hD.若風(fēng)速變?yōu)?m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】C【解析】【詳解】AD．單位時間內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的體積為單位時間內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的動能為依題意，此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率為若風(fēng)速變?yōu)?m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率變?yōu)樵瓉淼?倍；故AD錯誤；B．每秒鐘水流機(jī)械能增加約為其中解得故B錯誤；C．水泵正常工作每秒鐘耗電為風(fēng)力發(fā)電機(jī)一天的發(fā)電量為解得故C正確；故選C。13.某半徑為r的類地行星表面有一單色點光源P，其發(fā)出的各方向的光經(jīng)過厚度為、折射率為n=2的均勻行星大氣層（圖中陰影部分）射向太空。取包含P和行星中心O的某一截面如圖所示，設(shè)此截面內(nèi)一衛(wèi)星探測器在半徑為2r的軌道上繞行星做勻速圓周運動，忽略行星表面對光的反射，則（）A.大氣外表面發(fā)光區(qū)域在截面上形成的弧長為B.衛(wèi)星探測器運行時，任意時刻只能在軌道上某部分觀測到光，這部分軌道弧長為C.若該行星沒有大氣層，則衛(wèi)星探測器運行時，在軌道上能觀測到光軌道弧長與有大氣層時的光軌道弧長相同D.若探測器公轉(zhuǎn)方向和行星自轉(zhuǎn)的方向相同，探測器接收到光的頻率一定大于光源發(fā)出的頻率【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)全反射臨界角與折射率的關(guān)系有解得由幾何關(guān)系可知，點光源發(fā)出的光與圓弧在P點相切時恰好發(fā)生全反射，大氣外表面發(fā)光區(qū)域在截面上形成的弧長為故A錯誤；B．根據(jù)上述可知，衛(wèi)星探測器運行時，任意時刻只能在軌道上某部分觀測到光，這部分軌道弧長為故B錯誤；C．根據(jù)上述可知，點光源發(fā)出的光與圓弧在P點相切時恰好發(fā)生全反射，即若該行星沒有大氣層，則衛(wèi)星探測器運行時，在軌道上能觀測到光軌道弧長與有大氣層時的光軌道弧長相同，故C正確；D．若探測器公轉(zhuǎn)方向和行星自轉(zhuǎn)的方向相同，探測器接收到光的頻率不一定大于光源發(fā)出的頻率，根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)探測器與點光源P相對靠近時，探測器接收到光的頻率大于光源發(fā)出的頻率，當(dāng)探測器與點光源P相對遠(yuǎn)離時，探測器接收到光的頻率小于光源發(fā)出的頻率，故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅰ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.關(guān)于以下四幅圖片，說法正確的是（）A.甲圖是電子的干涉圖樣，如果電子是一個一個發(fā)射的，仍能得到干涉圖樣B.乙圖是粒子散射的實驗裝置，當(dāng)帶熒光屏的顯微鏡放在D位置時，熒光屏上觀察到大量閃光C.丙圖是花粉微粒在液體中運動位置的連線，說明花粉中的分子在做無規(guī)則熱運動D.丁圖是觀察自然光的偏振現(xiàn)象實驗，將偏振片以光線為軸旋轉(zhuǎn)任意角度，屏亮度不變【答案】AD【解析】【詳解】A．甲圖是電子的干涉圖樣，電子具有波粒二象性，即使是一個一個發(fā)射的，也會得到干涉圖樣，故A正確；B．乙圖是粒子散射的實驗裝置，當(dāng)帶熒光屏的顯微鏡放在D位置時，熒光屏上將觀察到極少量的閃光，因為金原子的原子核非常小，所以大部分粒子將穿過金箔沿原方向前進(jìn)，少部分發(fā)生偏轉(zhuǎn)，極少部分會被彈回，故B錯誤；C．丙圖是花粉微粒在液體中運動位置的連線，花粉微粒的無規(guī)則運動是大量液體分子對微粒的撞擊不平衡導(dǎo)致的，故C錯誤；D．丁圖是觀察自然光的偏振現(xiàn)象實驗，自然光包含了沿著各個方向的偏振光，所以將偏振片以光線為軸旋轉(zhuǎn)任意角度，穿過偏振片的光的偏振方向變了，但屏的亮度不變，故D正確。故選AD。15.幾種金屬的逸出功和氫原子的能級圖如圖所示，已知可見光的光子能量在1.62eV-3.11eV之間?，F(xiàn)有大量氫原子處于激發(fā)態(tài)，則（）表幾種金屬的截止頻率和逸出功金屬鎢鈣鈉鉀銣10.957.735.535.445.15

4.543.202.292.252.13A.氫原子的能級En指的是氫原子中電子的動能B.氫原子從n=4能級躍遷到n=3時會輻射出具有顯著熱效應(yīng)的電磁波C.處于n=3能級的氫原子在躍遷時輻射出的光子于可以使鉀金屬發(fā)生光電效應(yīng)，光電子的最大初動能可能為12.09eVD.氫原子從能級3躍遷到能級2和從能級4躍遷到能級2均輻射出可見光，用這兩種光在同一雙縫干涉裝置做實驗，前者的相鄰條紋間距更大【答案】BD【解析】【詳解】A．氫原子的能級指的是氫原各個狀態(tài)的能量值，包括氫原子的電勢能和動能，故A錯誤；B．氫原子從能級躍遷到時會輻射出光子的能量為屬于紅外線，即具有顯著熱效應(yīng)的電磁波，故B正確；C．根據(jù)題意可知，大量處于能級的氫原子在躍遷時，可以輻射3種光子，即從躍遷到、從躍遷到和從躍遷到，而從躍遷到躍遷輻射光子的能量最大，最大值為(-1.51eV)-(-13.6eV)=12.09eV，若使鉀金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則逸出光電子的最大初動能為可知光電子的最大初動能不可能為12.09eV，故C錯誤；D．從能級3躍遷到能級2輻射光子的能量為(-1.51eV)-(-3.4eV)=1.89eV；從能級4躍遷到能級2輻射光子的能量為(-0.85eV)-(-3.4eV)=2.55eV，則兩者都是可見光；因從能級3躍遷到能級2輻射光子的能量比從能級4躍遷到能級2均輻射出可見光的能量小，由公式可知，從能級3躍遷到能級2輻射出可見光的波長較大，則用這兩種光在同一雙縫干涉裝置做實驗，根據(jù)可知，前者的相鄰條紋間距更大，故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實驗題（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三題共14分）16.如圖所示為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置。（1）該實驗中需要把帶滑輪的長木板右端墊高來補(bǔ)償阻力的影響，在操作此步驟時需要______（單選）A.懸掛槽碼同時連接紙帶并使用打點計時器B.懸掛槽碼但不使用紙帶和打點計時器C.不懸掛槽碼但要連接紙帶并使用打點計時器D.不懸掛槽碼也不使用紙帶和打點計時器（2）在質(zhì)量不變的情況下探究加速度與合力關(guān)系時，應(yīng)該保持______的總質(zhì)量M不變，多次改變______的總質(zhì)量m并測量出每次對應(yīng)的加速度。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出______進(jìn)而得出實驗結(jié)論。以下答案組合中正確的是______（單選）A.小車和車內(nèi)砝碼、槽碼、a-mg圖像B.槽碼、小車和車內(nèi)砝碼、a-mg圖像C.小車和車內(nèi)砝碼、槽碼、a-M-1圖像D.槽碼、小車和車內(nèi)砝碼、a-M-1圖像【答案】①.C②.A【解析】【詳解】（1）[1]該實驗中需要把帶滑輪的長木板右端墊高來補(bǔ)償阻力的影響，使小車的重力沿斜面方向的分力正好補(bǔ)償小車和紙帶受到的阻力，實驗中不懸掛槽碼但要連接紙帶并使用打點計時器。故選C。（2）[2]當(dāng)小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼的質(zhì)量時，近似認(rèn)為細(xì)線對小車的拉力大小等于槽碼重力的大小

，在質(zhì)量不變的情況下探究加速度與合力關(guān)系時，應(yīng)該保持小車和車內(nèi)砝碼的總質(zhì)量M不變，多次改變槽碼的總質(zhì)量m并測量出每次對應(yīng)的加速度。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出a-mg圖像進(jìn)而得出實驗結(jié)論。故選A。17.在“用單擺測定重力加速度”實驗中：（1）先用游標(biāo)卡尺測小球的直徑D，如圖1所示，則小球的直徑D=______mm（2）調(diào)節(jié)好裝置，用毫米刻度尺測得擺線長為l，拉開一個小角度（小于5%）釋放小球開始擺動，記小球某次經(jīng)過最低點為“1”并按下秒表開始計時，再次經(jīng)過最低點記為“2”，一直數(shù)到“n”時停止計時，秒表記錄時間為t，請寫出重力加速度的字母表達(dá)式g=______（用D，l，n，t表示）（3）為了提高實驗的準(zhǔn)確度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對應(yīng)的L和T的數(shù)值，以L為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)作出T2—L圖線，但同學(xué)們不小心每次都把小球直徑當(dāng)作半徑來計算擺長，由此得到的T2—L圖像是圖2中的______（選填①、②、③）【答案】①.19.00②.③.①【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為（2）[2]令單擺周期為T，根據(jù)計時過程有擺長為根據(jù)單擺周期公式有解得（3）[3]由于把小球直徑當(dāng)作半徑來計算擺長，則實際擺長為，則有解得可知圖像的縱坐標(biāo)截距為負(fù)值，則由此得到的T2—L圖像是圖2中的①。18.熱敏電阻的阻值會隨溫度的變化而變化。實驗小組用伏安法測量某熱敏電阻的阻值，并研究其阻值與溫度的關(guān)系，實驗室可提供的器材有：熱敏電阻Rt（阻值在幾百到幾千歐的范圍內(nèi)）；電壓表V（量程為15V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（量程為10mA，內(nèi)阻約1Ω）：滑動變阻器R（最大阻值20Ω）；蓄電池（電動勢為E=12V，內(nèi)阻不計）：開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）為了減小熱敏電阻測量誤差，圖1中電壓表右側(cè)導(dǎo)線接______（選填“a”或“b”）；正確連接電路后，調(diào)節(jié)恒溫箱中的溫度1，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P，使電流表和電壓表示數(shù)在合適數(shù)值，記錄對應(yīng)的電流表和電壓表的示數(shù)，并算出熱敏電阻的阻值Rt。多次改變溫度t，算出對應(yīng)的阻值Rt；（2）在坐標(biāo)紙上作出Rt與溫度t關(guān)系圖像如圖2所示。由圖可知，當(dāng)電壓表的示數(shù)為9.0V，電流表的示數(shù)為3.0mA時，熱敏電阻所在處的溫度約為______°C；（3）實驗小組用該熱敏電阻設(shè)計了如圖3所示的保溫箱溫度控制電路，Rt為熱敏電阻，R2為電阻箱，控制系統(tǒng)可視為R=300Ω的電阻，電源的電動勢E0=10V（內(nèi)阻不計）。當(dāng)通過控制系統(tǒng)的電流小于2mA時，加熱系統(tǒng)將開啟為保溫箱加熱；當(dāng)通過控制系統(tǒng)的電流達(dá)到2mA時，加熱系統(tǒng)將關(guān)閉。若要使得保溫箱內(nèi)溫度低于48°C，加熱系統(tǒng)就開啟，應(yīng)將R2調(diào)為______Ω；【答案】①b②.48③.1700【解析】【詳解】（1）[1]因為有故電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，圖1中電壓表右側(cè)導(dǎo)線接b；（2）[2]當(dāng)電壓表示數(shù)為9.0V，電流表的示數(shù)為3.0mA時，熱敏電阻的阻值為根據(jù)圖2可知熱敏電阻所處的溫度約為48℃；（3）[3]取控制系統(tǒng)電流為由圖2知，當(dāng)溫度為48℃時熱敏電阻的阻值為，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有代入數(shù)據(jù)得所以若要使得保溫箱內(nèi)溫度低于48°C，加熱系統(tǒng)就開啟，應(yīng)將R2調(diào)為1700Ω。19.關(guān)于下列實驗，說法正確的是（）A.“用油膜法測油酸分子大小”的實驗中，由于油酸酒精溶液長時間放置，會導(dǎo)致測量結(jié)果偏小B.“測量玻璃的折射率”實驗中，入射光路上大頭針、與出射光路上的、分布在一條直線上C.“探究平拋運動的特點”實驗中，應(yīng)用光滑的曲線將描在紙上的所有點連起來，得到軌跡D.“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實驗中，必須要確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向和電流方向的關(guān)系【答案】AD【解析】【詳解】A．如果油酸酒精溶液長時間放置在空氣中，酒精揮發(fā)，導(dǎo)致油酸酒精溶液中的油酸體積分?jǐn)?shù)增大，1滴油酸酒精溶液形成的面積偏大，則分子直徑的測量結(jié)果偏小，故A正確；B．“測量玻璃的折射率”實驗中，入射光與出射光相互平行，但不在同一條直線上，故B錯誤；C．“探究平拋運動的特點”實驗中，應(yīng)用光滑的曲線將描在紙上的點連起來，偏差較大的點可以舍去，故C錯誤；D．“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實驗中，需要根據(jù)電流表指針偏轉(zhuǎn)方向用于確定電流方向，故D正確。故選AD。20.如圖所示，導(dǎo)熱氣缸（不計缸壁厚度）與活塞之間無摩擦且不漏氣，通過不可伸長的繩索豎直懸掛。氣缸質(zhì)量m=4kg，底面積為S=0.04m2，氣缸內(nèi)密封一定質(zhì)量的理想氣體。從狀態(tài)A開始，氣體緩慢升溫至狀態(tài)B，活塞與底面間的距離從LA=30cm，增大到LB=40cm，此時溫度為400K。在狀態(tài)B將活塞鎖定，氣體溫度下降到350K至狀態(tài)C。已知，大氣壓強(qiáng)p0=1.01×105Pa，A到C過程氣體內(nèi)能增加量為500J。試求理想氣體：（1）在狀態(tài)A的溫度TA；（2）在狀態(tài)C的壓強(qiáng)；（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，吸收的熱量Q?！敬鸢浮浚?）300K；（2）；（3）900J【解析】【詳解】（1）氣體從狀態(tài)A緩慢升溫至狀態(tài)B，氣體發(fā)生等壓變化，則有其中，解得（2）氣體從狀態(tài)B緩慢降溫至狀態(tài)C，氣體發(fā)生等容變化，則有又解得聯(lián)立解得（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定理可得又聯(lián)立解得從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，吸收的熱量為21.如圖所示為一游戲裝置的豎直截面圖，A、B、D、E、H、I處于同一水平面上，在A端的彈簧裝置能將滑塊（可視為質(zhì)點）水平彈出，并從B點順利進(jìn)入曲線軌道BC、半徑為R的螺旋圓軌道CD、曲線軌道CE。在E點連接了傾角為的斜面EF和水平平臺FG，平臺FG高度為且平臺長度為?？吭谄脚_右側(cè)的小車上表面與平臺FG齊平，小車的長度為，在B、F處均設(shè)置了轉(zhuǎn)向防脫離軌道裝置。已知滑塊的質(zhì)量，小車的質(zhì)量，，，，，，滑塊與斜面EF、平臺FG間的動摩擦因數(shù)均為，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數(shù)為，其余部分均光滑，各處平滑連接，不計空氣阻力，取，。求：（1）若滑塊在C處對軌道的壓力為時，此時滑塊的向心加速度大?。唬?）若彈簧的彈性勢能為，螺旋圓軌道能承受的最大壓力為，且螺旋圓軌道半徑R可以通過改變C的位置而改變（保持最高點D的高度不變），要使滑塊第一次進(jìn)入螺旋圓軌道時能順利通過，求螺旋圓軌道半徑R需滿足的條件；（3）螺旋圓軌道半徑時，若要求滑塊最終停在小車上，車獲得的動能和彈簧的彈性勢能之間應(yīng)滿足的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）（）【解析】【詳解】（1）滑塊在C處，根據(jù)牛頓第二定律可得解得此時滑塊的向心加速度大小為（2）臨界1：滑塊恰好過最高點D點，有重力提供向心力得根據(jù)能量守恒可得解得臨界2：對最低點C點的壓力為，根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)能量守恒可得解得則軌道半徑需要滿足（3）設(shè)滑塊到G點的速度為，滑塊從A到G的過程，根據(jù)能量守恒可得小車與滑塊共速，根據(jù)動量守恒可得可得聯(lián)立可得要保證滑塊不滑出小車右端，如滑塊恰好滑到小車右端，則有可得則有綜上所述可得（）22.如圖所示，兩根一樣的“L”形金屬導(dǎo)軌平行放置，其間距d=0.75m，導(dǎo)軌豎直部分粗糙，水平部分光滑且足夠長。整個裝置處于方向豎直向上、大小B=1T的勻強(qiáng)磁場中。有兩根導(dǎo)體棒ab和cd，它們的質(zhì)量都為m=0.1kg，阻值都為R=lΩ，ab棒與豎直導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)=0.5。ab棒在豎直導(dǎo)軌平面左側(cè)并垂直導(dǎo)軌固定，cd棒垂直導(dǎo)軌放置在水平導(dǎo)軌上?，F(xiàn)用一大小F=3N的水平恒力由靜止開始向右拉動cd棒，同時釋放ab棒。t=