備考2025高考物理“二級(jí)結(jié)論”精析與培優(yōu)爭(zhēng)分練講義-02 牛頓運(yùn)動(dòng)定律（教師版）

2.牛頓運(yùn)動(dòng)定律——備考2025高考物理“二級(jí)結(jié)論”精析與培優(yōu)爭(zhēng)分練一、幾種常見(jiàn)模型的加速度問(wèn)題（僅受重力、彈力和滑動(dòng)摩擦力）(1)沿粗糙水平面滑行的物體：a＝μg(2)沿光滑斜面下滑（上滑）的物體：a＝gsinα(3)沿粗糙斜面下滑的物體：a＝g(sinα－μcosα)(4)沿粗糙斜面上滑的物體：a＝g(sinα+μcosα)例題1.如圖所示，某同學(xué)用智能手機(jī)的頻閃功能拍攝一滑塊在足夠長(zhǎng)斜面上的運(yùn)動(dòng)情況，頻閃時(shí)間間隔為T(mén)=0.1s，滑塊從斜面底端開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，用頻閃照相記錄下滑塊依次經(jīng)過(guò)斜面上的1、2、3、4、5點(diǎn)，且知3點(diǎn)為滑塊運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)。測(cè)得各段的實(shí)際距離x34=0.0125m、x42=0.0250m、x25=0.0125m、x51=0.1000m，已知滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受的摩擦阻力大小不變，斜面傾角，重力加速度g取10m/s2。以下說(shuō)法正確的是（）A．滑塊經(jīng)過(guò)2點(diǎn)時(shí)的速度大小是0.60m/sB．滑塊向上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小是3.0m/s2C．滑塊向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小是1.0m/s2D．滑塊所受摩擦阻力與重力大小之比是1：4【答案】D【解析】A．由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于其相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，故滑塊經(jīng)過(guò)2點(diǎn)時(shí)的速度大小是故A錯(cuò)誤；B．由逐差法可知，滑塊向上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小是故B錯(cuò)誤；C．由逐差法可知，滑塊向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小是故C錯(cuò)誤；D．設(shè)斜面的傾角為，物塊向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律物塊向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律其中聯(lián)立解得，滑塊所受摩擦阻力與重力大小之比是故D正確。故選D。練1.一小球從光滑斜面上某處滑下，到達(dá)斜面底端與固定彈性擋板相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后等速率返回。取碰撞結(jié)束時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，擋板處為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向上為正方向，下列有關(guān)小球速度的圖像可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】A【解析】AB．取碰撞結(jié)束時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，由題意知小球在上滑的過(guò)程中，小球的運(yùn)動(dòng)為勻變速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知速度與位移的關(guān)系式為二次函數(shù)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．取碰撞結(jié)束時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，小球在上滑的過(guò)程中，設(shè)小球的速度為正，加速度為負(fù)值，小球的速度隨時(shí)間均勻減小，小球下滑的過(guò)程加速度不變，小球沿負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選A。二、在光滑斜面上下滑時(shí)間最短和等時(shí)圓問(wèn)題例題2.如圖所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，由斜面上方A點(diǎn)伸出三根光滑輕桿至斜面上BCD三點(diǎn)，其中輕桿AC與斜面垂直，，把可看成質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m的圓環(huán)依次沿三根輕桿從A點(diǎn)由靜止滑下，滑到斜面過(guò)程中的平均速度分別為、、，下列說(shuō)法正確的是（）A． B． C． D．【答案】B【解析】因AB垂直于斜面底邊，以AB為直徑做圓，則必過(guò)C點(diǎn)，如圖圓環(huán)在桿AC上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得聯(lián)立解得即從A點(diǎn)出發(fā)，到達(dá)圓周各點(diǎn)所用的時(shí)間相等，與桿的長(zhǎng)短、傾角無(wú)關(guān)，可得由平均速度又因?yàn)榭傻脠A環(huán)從A到C的平均速度圓環(huán)從A到D的過(guò)程有則平均速度則可得綜上可得故選B。練2.豎直墻壁上有A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)，離墻壁為d的E點(diǎn)有四個(gè)光滑的斜面分別連接到A、B、C、D且斜面與水平面的夾角為30°、37°、53°、60°。同時(shí)在E點(diǎn)靜止釋放四個(gè)物體，則下列說(shuō)法正確的是（）A．物體最先到達(dá)A B．物體同時(shí)到達(dá)A、BC．物體同時(shí)到達(dá)B、C D．物體同時(shí)到達(dá)C、D【答案】C【解析】沿四個(gè)斜面加速度分別為沿四個(gè)斜面下滑的時(shí)間分別為故AD、BC同時(shí)到達(dá)。故選C。三、動(dòng)力分配原理一起加速運(yùn)動(dòng)的物體系，若力是作用于m1上，則m1和m2的相互作用力為N＝eq\f(m2F,m1＋m2)，與有無(wú)摩擦無(wú)關(guān)，平面、斜面、豎直方向都一樣。例題3.如圖所示，5塊質(zhì)量相同的木塊并排放在水平地面上，它們與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同，當(dāng)用力推第1塊木塊使它們共同加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（

）A．由左向右，兩塊木塊之間的相互作用力依次變小B．由左向右，兩塊木塊之間的相互作用力依次變大C．第2塊木塊與第3塊木塊之間的彈力大小為D．第3塊木塊與第4塊木塊之間的彈力大小為【答案】A【解析】設(shè)1、2木塊之間的作用力為，每塊木塊的質(zhì)量為，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則以所有木塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律以右邊的4塊木塊為研究對(duì)象解得設(shè)2、3木塊之間的作用力為，以右邊的3塊木塊為研究對(duì)象解得同理可得，設(shè)3、4木塊之間的作用力為，4、5木塊之間的作用力為，故選A。練3.杭州復(fù)興號(hào)亞運(yùn)會(huì)動(dòng)車組由8節(jié)車廂組成，為4動(dòng)4拖的分散型車組，其中第1、3、5、7節(jié)車廂帶動(dòng)力，其余4節(jié)車廂不帶動(dòng)力。若每節(jié)車廂的質(zhì)量均相同，在平直軌道上運(yùn)行時(shí)，每節(jié)動(dòng)力車廂的牽引力均相同，每節(jié)車廂受到的阻力均相同。已知?jiǎng)榆嚱M在平直軌道上勻加速運(yùn)行時(shí)，7、8節(jié)車廂之間的作用力為，則6、7節(jié)車廂之間的作用力和5、6節(jié)車廂之間的作用力F56分別為（）A．， B．，C．， D．，【答案】A【解析】設(shè)第1、3、5、7節(jié)車廂的牽引力為，每節(jié)車廂受到的阻力為，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)第8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)第7、8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有解得對(duì)第6、7、8節(jié)車廂，根據(jù)牛頓第二定律有解得故選A。四、臨界加速度問(wèn)題下面幾種物理模型，在臨界情況下，a＝gtanα.例題4.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個(gè)木塊P、Q疊放在光滑的水平地面上，P、Q接觸面的傾角為θ。現(xiàn)在Q上加一水平推力F，使P、Q保持相對(duì)靜止一起向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的有（）

A．木塊Q對(duì)地面的壓力可能小于2mgB．當(dāng)F增大時(shí)，P、Q間的摩擦力一定增大C．若加速度a=gtanθ，則P受到摩擦力為零D．若加速度a<gtanθ，則P受到摩擦力方向沿斜面向下【答案】C【解析】A．以木塊P、Q整體為研究對(duì)象，在豎直方向上受力平衡，則有由牛頓第三定律可知，木塊Q對(duì)地面的壓力為2mg，A錯(cuò)誤；B．P、Q保持相對(duì)靜止一起向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若F較小時(shí)，P有向下滑動(dòng)的趨勢(shì)，摩擦力沿斜面向上；若F較大時(shí)，P有向上滑動(dòng)的趨勢(shì)，摩擦力沿斜面向下，因此在F增大的過(guò)程中，摩擦力可能增大，也可能減小，也可能先減小后反向增大，B錯(cuò)誤；C．對(duì)P受力分析，假設(shè)P受Q的摩擦力沿斜面向上為f，Q對(duì)P的支持力為N，在水平方向由牛頓第二定律可得在豎直方向由平衡條件可得聯(lián)立解得若加速度a=gtanθ，則有P受到摩擦力是零，C正確；D．由C選項(xiàng)分析計(jì)算可知，若加速度a<gtanθ，則P有向下滑動(dòng)的趨勢(shì)，因此P受到摩擦力方向沿斜面向上，D錯(cuò)誤。故選C。練4.如圖甲所示，水平面上有一傾角為的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的輕質(zhì)細(xì)繩系質(zhì)量為m的小球。當(dāng)斜面以水平向右的加速度a做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)穩(wěn)定時(shí)細(xì)繩上的張力隨加速度a的變化圖像如圖乙所示（AB段是直線），下列判斷正確的是（

）A． B．C．當(dāng)時(shí)小球恰好離開(kāi)斜面 D．小球離開(kāi)斜面之前，受到的支持力【答案】C【解析】C．小球離開(kāi)斜面之前，對(duì)小球受力分析可得解得可得小球離開(kāi)斜面之前，與成正比，AB段是直線，由圖可知當(dāng)時(shí)，小球恰好離開(kāi)斜面，故C正確；AB．當(dāng)時(shí)，小球在斜面上靜止，則當(dāng)時(shí)，斜面對(duì)小球的支持力為零，則解得，故AB錯(cuò)誤；D．小球離開(kāi)斜面之前，受到的支持力為故D錯(cuò)誤。故選C。五、剛好脫離問(wèn)題如圖所示物理模型，剛好脫離時(shí)，彈力為零，此時(shí)速度相等，加速度相等，之前整體分析，之后隔離分析。例題5.用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面Ⅰ、Ⅱ固定在車上，傾角分別為和。重力加速度大小為g。在工件與卡車保持相對(duì)靜止的情況下，關(guān)于卡車向前加速和減速過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A．卡車加速過(guò)程的加速度最大值為B．卡車加速過(guò)程的加速度最大值為C．卡車減速過(guò)程的加速度最大值為D．卡車減速過(guò)程的加速度最大值為【答案】A【解析】AB．當(dāng)卡車向前加速，斜面Ⅱ的支持力為零時(shí)，加速度最大，此時(shí)工件受力如圖由牛頓第二定律得解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)卡車向前減速，斜面Ⅰ的支持力為零時(shí)，加速度最大，此時(shí)工件受力如圖由牛頓第二定律得解得故CD錯(cuò)誤。故選A。練5.如圖所示，一彈簧一端固定在傾角為θ=37°的光滑固定斜面的底端，另一端拴住質(zhì)量為m1=6kg的物體P，Q為一質(zhì)量為m2=10kg的物體，彈簧的質(zhì)量不計(jì)，勁度系數(shù)k=600N/m，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)給物體Q施加一個(gè)方向沿斜面向上的力F，使它從靜止開(kāi)始沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，已知在前0.2s時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2s以后F為恒力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，則力F的最小值與最大值為（）A．Fmin=N，F(xiàn)max=N B．Fmin=N，F(xiàn)max=NC．Fmin=N，F(xiàn)max=N D．Fmin=N，F(xiàn)max=N【答案】A【解析】設(shè)初始時(shí)彈簧的壓縮量為x1，則根據(jù)胡克定律有①設(shè)Q做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，則在P、Q分離前P也以a做勻加速運(yùn)動(dòng)。由題意可知在經(jīng)過(guò)t=0.2s二者分離時(shí)P和Q運(yùn)動(dòng)的位移大小為

②對(duì)P根據(jù)牛頓第二定律有③聯(lián)立①②③解得

④初始狀態(tài)下F有最小值Fmin，此時(shí)對(duì)P、Q整體根據(jù)牛頓第二定律有⑤解得

⑥在P、Q分離后F有最大值Fmax，此時(shí)對(duì)Q根據(jù)牛頓第二定律有⑦解得

⑧故選A。六、速度最大時(shí)加速度為零，速度為零時(shí)加速度最大問(wèn)題下列各模型中，速度最大時(shí)合力為零，速度為零時(shí)，加速度最大。例題6.現(xiàn)有三個(gè)相同物塊，質(zhì)量大小均為m，B、C之間用彈簧連接豎直放置于地面上，待其穩(wěn)定后，在B上輕放物塊A，如圖所示，從釋放A到彈簧壓縮至最低點(diǎn)的過(guò)程中，請(qǐng)問(wèn)下列說(shuō)法中正確的是（）A．放置A的瞬間，B對(duì)A的支持力為B．全過(guò)程中地面給C的支持力的最大值為C．放置A的瞬間物塊B的加速度為D．當(dāng)B的速度達(dá)到最大時(shí)，地面對(duì)C的支持力為【答案】D【解析】C．放置A的瞬間，A、B視為一個(gè)整體，受到重力與彈簧彈力，重力大小，彈簧形變量未突變，故彈力仍為mg，根據(jù)牛頓第二定律，可得解得故C錯(cuò)誤；A．對(duì)A做受力分析可知，A受到重力和B對(duì)A的支持力，根據(jù)牛頓第二定律，可得解得故A錯(cuò)誤；D．當(dāng)A、B作為一個(gè)整體下落時(shí)達(dá)到速度最大時(shí)，所受的合力為零，即此時(shí)彈簧彈力等于重力為，對(duì)C受力分析，有根據(jù)牛頓第三定律可知此時(shí)C給地面的壓力為3mg。故D正確；B．由于慣性的影響，A、B還會(huì)繼續(xù)下落，彈力還會(huì)繼續(xù)增大，故C給地面的壓力會(huì)超過(guò)3mg。故C錯(cuò)誤。故選D。練6.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中MN和PQ是兩根互相平行、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，已知導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻不計(jì)。ab是一根與導(dǎo)軌垂直而且始終與導(dǎo)軌接觸良好的金屬桿，金屬桿具有一定質(zhì)量和電阻。開(kāi)始時(shí)，將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，讓桿ab由靜止開(kāi)始自由下落，過(guò)段時(shí)間后，再將S閉合。下列給出的開(kāi)關(guān)閉合后金屬桿速度隨時(shí)間變化的圖像，可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】C【解析】BC．設(shè)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)導(dǎo)體棒速度為v，則根據(jù)題意可得通過(guò)導(dǎo)體棒的電流為則導(dǎo)體棒受到的安培力為若閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，則導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)；若閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，則導(dǎo)體棒加速下降，下降過(guò)程中加速度大小為所以加速度減小，直到為零，導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤，C正確；AD．若閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，則導(dǎo)體棒減速下降，下降過(guò)程中加速度大小為可知加速度減小，直到為零，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，故AD錯(cuò)誤。故選C。七、系統(tǒng)的牛頓第二定律（整體法——求系統(tǒng)外力）例題7.如圖所示，在水平地面上有一質(zhì)量為M、傾角為的斜面，斜面上表面光滑。質(zhì)量為m的小滑塊自斜面頂端滑下，斜面始終保持靜止，若可變，當(dāng)取某數(shù)值時(shí)，地面所受摩擦力最大，此時(shí)地面對(duì)斜面支持力大小為（）A． B． C． D．【答案】A【解析】小物塊沿斜面下滑的加速度大小為把此加速度分解為水平和豎直方向，在水平方向的加速度豎直方向的加速度對(duì)整個(gè)小物塊和斜面系統(tǒng)整體在水平方向上列牛頓定律當(dāng)時(shí)，地面摩擦力最大，此時(shí)，對(duì)系統(tǒng)在豎直方向上列牛頓定律解得A正確。故選A。練7.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，一輛小車正在水平面上以加速度a向右勻加速運(yùn)動(dòng)，大物塊壓在車廂豎直后壁上并與車廂相對(duì)靜止，小物塊放在大物塊上與大物塊相對(duì)靜止，大物塊剛好不下滑，小物塊與大物塊也剛好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。重力加速度為g，a<g。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則大物塊與車廂后壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1和小物塊與大物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2間的大小關(guān)系正確的是（

）A．μ1<μ2 B．μ1=μ2 C．μ1>μ2 D．μ1μ2<1【答案】C【解析】將m與M看作一個(gè)整體有(m+M)g=μ1N1，N1=(m+M)a對(duì)m受力分析有mg=N2，μ2N2=ma代入分別解得μ1=，μ2=由于a<g，則有μ1>1，μ2<1，μ1>μ2故選C。八、推動(dòng)物體最省力問(wèn)題欲推動(dòng)放在粗糙平面上的物體，物體與平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，推力方向與水平面成θ角，時(shí)最省力，。若平面換成傾角為α的斜面后，推力與斜面夾角滿足關(guān)系時(shí)，。例題8.如圖所示，足夠長(zhǎng)的斜面傾角為，一質(zhì)量為m的物塊恰好能沿斜面勻速下滑。物塊在沿斜面勻速下滑過(guò)程中，在豎直平面內(nèi)給物塊一任意方向（α角任意）的外力F，斜面始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊沿斜面下滑過(guò)程中，地面對(duì)斜面的摩擦力為零B．當(dāng)α=90°-θ時(shí)，物塊沿斜面下滑過(guò)程中，地面對(duì)斜面摩擦力向左C．若F豎直向下，則物體會(huì)加速下滑D．若F拉著物塊沿斜面勻速上滑，則F的最小值為mgsinθ【答案】A【解析】AB．根據(jù)題意可知，未加時(shí)，物塊勻速下滑，受力平衡，物塊的受到重力、支持力和摩擦力的作用，由平衡條件得解得物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為物塊勻速下滑過(guò)程中，整體水平方向受力平衡，則地面對(duì)斜面的摩擦力為零；若對(duì)物塊施加一個(gè)沿斜面方向的力，物塊下滑過(guò)程中對(duì)斜面的作用力沒(méi)有變，斜面受力情況不變，則地面對(duì)斜面的摩擦力仍為零；若對(duì)物體施加一個(gè)垂直于斜面方向的力，物塊下滑過(guò)程中，對(duì)斜面的壓力增加、摩擦力增加，根據(jù)幾何關(guān)系可知故此時(shí)物塊對(duì)斜面的作用力方向仍向下，地面對(duì)斜面的摩擦力為零；在豎直平面內(nèi)給物塊一任意方向（角任意）的外力，此力可以分解為垂直于斜面方向和沿斜面方向，而施加沿斜面方向的力、垂直于斜面方向的力時(shí)，地面對(duì)斜面的摩擦力均為零，所以無(wú)論對(duì)物塊施加什么方向的力，在停止運(yùn)動(dòng)前，地面對(duì)斜面的摩擦力均為零，A正確，B錯(cuò)誤；C．若F豎直向下，物塊受到的摩擦力增加了，沿斜面向下的力增加了，由于，故物塊將沿斜面勻速下滑，C錯(cuò)誤；D．若外力拉著物塊沿斜面勻速上滑，設(shè)力與斜面的夾角為，根據(jù)平衡條件可得解得可知，的最小值為D錯(cuò)誤。故選A。練8.如圖所示，足夠長(zhǎng)的斜面傾角為，一質(zhì)量為m的物塊恰好能自行沿斜面勻速下滑。物塊在沿斜面勻速下滑過(guò)程中，在豎直平面內(nèi)給物塊一任意方向（角任意）的外力F，斜面始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊沿斜面勻速下滑過(guò)程中，地面給斜面的摩擦力為零B．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)C．若外力F拉著物塊沿斜面勻速上滑，則F的最小值為D．若外力F拉著物塊沿斜面勻速上滑，則F的最小值為【答案】A【解析】A．物塊沿斜面勻速下滑，所以斜面對(duì)物塊有垂直斜面向上的彈力和沿斜面向上的摩擦力，合力與物塊重力平衡方向豎直向上，所以物塊對(duì)斜面的作用力與其為一對(duì)作用力與反作用力方向豎直向下，斜面靜止，只受到豎直方向的力，所以地面對(duì)斜面無(wú)水平方向摩擦力，A正確；B．物塊恰好能自行沿斜面勻速下滑，對(duì)物塊分析得解得B錯(cuò)誤；CD．外力F拉著物塊沿斜面勻速上滑，設(shè)F與沿斜面向上方向夾角為，對(duì)物塊受力分析，有，聯(lián)立，得由數(shù)學(xué)知識(shí)可得所以有整理得CD錯(cuò)誤。故選A。（建議用時(shí)：60分鐘）一、單選題1．在一些建筑工地上，建筑工人常用簡(jiǎn)易裝置傳送物品。如圖所示，將兩根相同且粗細(xì)均勻的平行細(xì)直桿MN和PQ傾斜固定作為軌道，軌道平面與水平面的夾角為θ，兩直桿間的距離為d。將一圓柱形物體置于兩直桿間，給該圓柱形物體一沿直桿向下的初速度，其恰好能沿軌道勻速下滑。不計(jì)空氣阻力，則（）A．僅稍增大d，該圓柱形物體仍能沿軌道勻速下滑B．僅稍增大d，該圓柱形物體將沿軌道減速下滑C．僅稍增大θ，該圓柱形物體仍能沿軌道勻速下滑D．僅稍增大θ，該圓柱形物體將沿軌道減速下滑【答案】B【解析】AB．對(duì)該圓柱形物體進(jìn)行受力分析，如答圖1、2所示。設(shè)該圓柱形物體所受重力大小為G，兩直桿對(duì)該圓柱形物體的彈力大小均為FN，F(xiàn)N與垂直軌道平面方向的夾角為α，該圓柱形物體與兩直桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，兩直桿對(duì)該圓柱形物體的摩擦力大小均為f，該圓柱形物體恰好能沿軌道勻速下滑，在垂直軌道平面方向，有在平行軌道平面方向，有且聯(lián)立可得僅稍增大d，則α增大，f增大，，該圓柱形物體將沿軌道減速下滑，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；CD．僅稍增大θ，則f減小，增大，，該圓柱形物體將沿軌道加速下滑，選項(xiàng)C、D均錯(cuò)誤。故選B。2．圖甲中有兩部不銹鋼材質(zhì)的逃生滑梯，在出現(xiàn)火災(zāi)等意外時(shí)，人員可以迅速通過(guò)滑梯脫離險(xiǎn)境。假如滑梯光滑，搭建高度H相同、傾斜角不同，簡(jiǎn)化模型如圖乙所示，則人員從滑梯頂端由靜止滑下至地面過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．滑梯搭建傾斜角越小，人員滑至地面速度越大B．滑梯搭建傾斜角越大，人員滑至地面速度越大C．滑梯搭建傾斜角越小，人員滑至地面所需時(shí)間越長(zhǎng)D．滑梯搭建傾斜角越大，人員滑至地面所需時(shí)間越長(zhǎng)【答案】C【解析】AB．設(shè)滑梯的傾斜角為，由牛頓第二定律可得解得人員從滑梯頂端由靜止滑下至地面過(guò)程中，有解得人員滑至地面速度可知人員滑至地面速度大小與傾斜角無(wú)關(guān)，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)人員滑至地面所需時(shí)間為t，則有解得人員滑至地面所需時(shí)間可知人員滑至地面所需時(shí)間與傾斜角有關(guān)，傾斜角越小，時(shí)間越長(zhǎng)；梯搭建傾斜角越大，人員滑至地面所需時(shí)間越短，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3．如圖，在傾角為的光滑斜面上，有兩個(gè)物塊P和Q，質(zhì)量分別為和，用與斜面平行的輕質(zhì)彈簧相連接，在沿斜面向上的恒力F作用下，兩物塊一起向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則（）

A．兩物塊一起運(yùn)動(dòng)的加速度大小為B．彈簧的彈力大小為C．兩物塊一起向上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，若增大，P、Q的間距不變D．兩物塊一起向上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，若增大，P、Q的間距變大【答案】B【解析】A．對(duì)兩物塊整體分析，根據(jù)牛頓第二定律有可得，兩物塊一起運(yùn)動(dòng)的加速度大小為故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物塊Q分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得，彈簧的彈力大小為故B正確；CD．由上述分可知，兩物塊一起向上勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的彈力大小為則若增大，彈簧彈力T增大，則P、Q的間距變大。若增大，彈簧彈力T不變，則P、Q的間距不變，故CD錯(cuò)誤。故選B。4．如圖所示，一傾角θ=37°的光滑斜面固定在水平地面上，勁度系數(shù)為30N/m的輕彈簧下端固定在垂直于斜面的擋板上，上端與物塊B連接，A沿斜面放在B上，其中mB=0.1kg，mA=0.2kg，現(xiàn)用F=1.8N的恒力沿斜面拉A，直到A、B剛好分離，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．從開(kāi)始到A、B剛好分離的過(guò)程中A、B沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移大小為3cmB．當(dāng)F剛作用在物體A上時(shí)，物體A的加速度大小為3m/s2C．A、B分離瞬間彈簧彈力大小等于0.8ND．A、B一起沿斜面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】B．A、B剛開(kāi)始放在斜面上靜止時(shí)，由（mA+mB）gsin37°=kx1得彈簧的壓縮量x1=6cmF剛作用在物體A上時(shí)，A和B具有共同的加速度F=（mA+mB）aA0得到aA=6m/s2故B錯(cuò)誤；AC．分離時(shí)，A和B具有共同的加速度且A、B間無(wú)相互作用力，對(duì)A有F-mAgsin37°=mAaA對(duì)B有kx2-mBgsin37°=mBaB解得A、B分離時(shí)彈簧的壓縮量x2=3cm彈簧的彈力為0.9N，物體從開(kāi)始到分離運(yùn)動(dòng)的位移為x1-x2=3cm故A正確，C錯(cuò)誤；D．物體從開(kāi)始到分離的過(guò)程中A、B的加速度形變量x在減小，則aAB在減小，故D錯(cuò)誤。故選A。5．如圖所示，某幼兒園要做一個(gè)兒童滑梯，設(shè)計(jì)時(shí)根據(jù)場(chǎng)地大小確定滑梯的水平跨度為L(zhǎng)，滑板和兒童之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，假定最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，為使兒童在滑梯中能沿滑板無(wú)初速滑下，則滑梯高度至少為（）A． B．C． D．【答案】A【解析】由題意為使兒童在滑梯中能沿滑板滑下，則應(yīng)該讓兒童恰好能勻速下滑，即故由幾何關(guān)系可得解得故選A。6．如圖所示，一細(xì)線的一端固定于傾角為的光滑楔形滑塊A上的頂端O處，細(xì)線另一端拴一質(zhì)量為的小球靜止在A上。若滑塊從靜止向左勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為a（?。ǎ〢．當(dāng)時(shí)，細(xì)線上的拉力為B．當(dāng)時(shí)，小球受的支持力為C．當(dāng)時(shí)、細(xì)線上的拉力為2ND．當(dāng)時(shí)，細(xì)線上拉力為【答案】D【解析】BC．以小球?yàn)樵c(diǎn)，水平方向?yàn)閤軸，豎直方向?yàn)閥軸建立直角坐標(biāo)系，若斜面給小球的支持力為零，由牛頓第二定律有解得所以當(dāng)時(shí)，小球受到的支持力為零，故BC錯(cuò)誤；A．當(dāng)，小球沒(méi)有脫離楔形滑塊，對(duì)小球有解得故A項(xiàng)錯(cuò)誤；D．當(dāng)，小球脫離楔形滑塊，設(shè)細(xì)線與豎直方向夾角為，對(duì)小球豎直方向有小球水平方向有解得故D項(xiàng)正確。故選D。7．如圖所示，在粗糙水平面上依次并排緊靠著三個(gè)木塊1、2、3，已知木塊1、2、3的質(zhì)量分別為m、2m、3m，每個(gè)木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同?，F(xiàn)用一水平向右的恒力F推木塊，使三個(gè)木塊一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則木塊1對(duì)木塊2的作用力與木塊2對(duì)木塊3的作用力的大小之比為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】將三個(gè)木塊1、2、3看作整體，由牛頓第二定律得解得將木塊2、3看作整體，由牛頓第二定律得解得對(duì)木塊3，由牛頓第二定律得解得則有故選B。8．如圖所示傾角為30°的斜面放在地面上，一小滑塊從斜面底端A沖上斜面，到達(dá)最高點(diǎn)D后又返回A點(diǎn)，斜面始終保持靜止，已知滑塊上滑過(guò)程經(jīng)過(guò)AB、BC、CD的時(shí)間相等，且BC比CD長(zhǎng)0.8m，上滑時(shí)間為下滑時(shí)間的一半，g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）A．滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為B．斜面長(zhǎng)為3.6mC．地面對(duì)斜面的摩擦力先向左后向右D．滑塊向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，地面受到的壓力大于斜面體和滑塊的總重力【答案】B【解析】A．設(shè)滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，滑塊上滑與下滑時(shí)的加速度大小分別為a1、a2，根據(jù)牛頓第二定律可得由題意，設(shè)上滑時(shí)間為t，則根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得聯(lián)立以上三式解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)滑塊經(jīng)過(guò)AB、BC、CD的時(shí)間均為T(mén)，則有解得將滑塊的上滑逆向看作是勻加速下滑，則可得斜面的長(zhǎng)度為故B正確；C．將滑塊和斜面看作一個(gè)整體，無(wú)論滑塊上滑還是下滑，整體的加速度都具有水平向左的分量，根據(jù)牛頓第二定律可知地面對(duì)斜面的摩擦力始終向左，故C錯(cuò)誤；D．滑塊向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，滑塊和斜面體組成的整體的加速度具有豎直向下的分量ay，設(shè)此過(guò)程中地面對(duì)斜面體的支持力大小為N，斜面體和滑塊的質(zhì)量分別為M和m，則根據(jù)牛頓第二定律有所以根據(jù)牛頓第三定律可知地面受到的壓力小于斜面體和滑塊的總重力，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多選題9．如圖甲所示，由斜面AB和水平面BC組成的物塊，放在光滑水平地面上，斜面AB部分光滑，AB長(zhǎng)度為s=2.5m，水平部分BC粗糙。物塊左側(cè)與豎直墻壁之間連接著一個(gè)力傳感器，當(dāng)傳感器受壓時(shí)示數(shù)為正值，被拉時(shí)為負(fù)值。一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)B點(diǎn)由斜面轉(zhuǎn)到水平面時(shí)速度大小不變?；瑝K從A到C過(guò)程中，傳感器記錄到力和時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示。g取10m/s2，通過(guò)以上實(shí)驗(yàn)及F-t關(guān)系圖可求得（）A．斜面AB的傾角θ=30°B．滑塊的質(zhì)量m=1kgC．滑塊與水平面BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2D．水平面BC的長(zhǎng)度sBC=5m【答案】AC【解析】AB．0~1s內(nèi)，傳感器受的壓力為對(duì)滑塊，有解得，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．1~2s內(nèi)，傳感器受的拉力為解得，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10．如圖所示，ab、cd是豎直平面內(nèi)兩根固定的光滑細(xì)桿，ab>cd、ab、cd的端點(diǎn)都在同一圓周上，b點(diǎn)為圓周的最低點(diǎn)，c點(diǎn)為圓周的最高點(diǎn)，若每根桿上都套著一個(gè)相同的小滑環(huán)（圖中未畫(huà)出）將甲、乙兩滑環(huán)分別從a、c處同時(shí)由