2024年北京一七一中高二（上）10月月考物理試題及答案

2024北京一七一中高二10月月考物理（考試時(shí)間：90分鐘總分100分）一、單項(xiàng)選擇（每題3分，共14題，共42分）1.下列物理量中哪些與試探電荷無關(guān)（A.電勢能、電場強(qiáng)度）B.電勢、電場強(qiáng)度D.電勢能、電勢C.電場力、電勢2.下面是某同學(xué)對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）FE=A.由知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與檢驗(yàn)電荷所受電場力成正比，與其所帶的電荷量成反比qQB.由C=知，電容器電容與極板所帶電荷量成正比，與極板間電壓成反比UQr2C.由Ek=知，在以點(diǎn)電荷Q為球心，以r為半徑的球面上各點(diǎn)場強(qiáng)均相同WqD.由U為-1V=知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)到B點(diǎn)克服電場力做功1JA、B兩點(diǎn)的電勢差3.如圖所示，電場中有A、B兩點(diǎn)，則下列說法中正確的是（）A.電勢AEAEB，場強(qiáng)BB.將負(fù)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場力做了正功EBAE，場強(qiáng)C.電勢BApABD.將一負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢能4.如圖所示，一對用絕緣柱支撐的導(dǎo)體A和B彼此接觸。起初它們不帶電，手握絕緣棒，把帶正電荷的帶電體C移近導(dǎo)體A。下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體A的電勢等于導(dǎo)體B的電勢B.導(dǎo)體A帶正電，導(dǎo)體B帶負(fù)電C.導(dǎo)體A的電荷量大于導(dǎo)體B的電荷量D.導(dǎo)體A內(nèi)部的電場強(qiáng)度大于導(dǎo)體B內(nèi)部的電場強(qiáng)度?q5.在點(diǎn)電荷Q形成的電場中有一點(diǎn)A，當(dāng)一個(gè)的檢驗(yàn)電荷從電場的無限遠(yuǎn)處被移到電場中的A點(diǎn)時(shí)，電場力做的功為W，則檢驗(yàn)電荷在A點(diǎn)的電勢能及電場中A點(diǎn)的電勢分別為（規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢能為0）（）WqWqEA=W，A=EE=，A=?WA.B.D.AWWqEA=W，A=W=?，A=?C.qA16.如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，兩極板間距離為d，今在距兩極板的中點(diǎn)d處2放一電荷q()CdA.q所受電場力的大小為B.q所受電場力的大小為kd2QC.q點(diǎn)處的電場強(qiáng)度是kD.q點(diǎn)處的電場強(qiáng)度是kd2qd2=7.如圖所示，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別位于、N兩點(diǎn)，P、Q是MN連線上的兩點(diǎn)，且。下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)電場強(qiáng)度比Q點(diǎn)電場強(qiáng)度大B.P點(diǎn)電勢與Q點(diǎn)電勢相等C.若兩點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，P點(diǎn)電場強(qiáng)度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍D.若兩點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，PQ兩點(diǎn)間電勢差不變8.如圖，一帶電粒子在電場中沿曲線AB運(yùn)動(dòng)，從B點(diǎn)穿出電場，ab、c、d為該電場中的等勢面，這些等勢面是互相平行的豎直平面，不計(jì)粒子重力，則（）A.該粒子一定帶負(fù)電B.此電場不一定是勻強(qiáng)電場C.該電場的電場線方向一定水平向左D.粒子在電場中運(yùn)動(dòng)過程動(dòng)能不斷減少9.在某個(gè)電場中，x軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度E隨x坐標(biāo)變化的圖線如圖所示，圖線關(guān)于原點(diǎn)O中心對稱。一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子只在電場力作用下沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)，x軸上x=x和x=－x是粒子運(yùn)動(dòng)軌跡11上的兩點(diǎn)，下列說法中正確的是（）A.x軸上xx和x=x兩點(diǎn)電場強(qiáng)度和電勢都相同11B.粒子從－x點(diǎn)到=x點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過=x和x=－x兩點(diǎn)時(shí)速度一定相同1111C.粒子運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過x=x點(diǎn)的加速度與經(jīng)過x=－x點(diǎn)的加速度相同11D.粒子從x－x點(diǎn)到=x點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中電勢能先增大后減小1110.如圖所示，以等量正點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)O作為原點(diǎn)，沿其中垂線建立x軸，x軸上電場強(qiáng)度最大的兩個(gè)點(diǎn)記為A、，將一電子從A點(diǎn)由靜止釋放，電子僅在靜電力的作用下在A、B兩點(diǎn)之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.x軸上O點(diǎn)的電勢最低C.電子經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的加速度最大D.由A到B的過程中電勢能先減小后增大甲、乙兩個(gè)帶電粒子的電荷量和質(zhì)量分別為(?q,m)、(?q,4m)，它們先后經(jīng)過同一加速電場由靜止開始加速后，由同一點(diǎn)進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場，兩粒子進(jìn)入時(shí)的速度方向均與偏轉(zhuǎn)電場方向垂直，如圖所示。粒子重力不計(jì)。則甲、乙兩粒子（）A.進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度大小之比為1：2B.離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能之比為11C.在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同D.離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度方向不同12.圖（a）為示波管的原理圖．如果在電極'之間所加的電壓圖按圖（）所示的規(guī)律變化，在電極XX'之間所加的電壓按圖（c）所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會(huì)看到的圖形是A.B.C.D.13.如圖，在水平方向的勻強(qiáng)電場中，一質(zhì)量為m、電量為+q的小球，栓在一長為L的輕繩一端，在水平絕緣光滑桌面上繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度方向恰與電場方向垂直，小球運(yùn)動(dòng)到與B點(diǎn)在同一直徑上的A點(diǎn)時(shí)，球與繩間剛好沒有拉力作用，則（）4qELA.小球在B點(diǎn)時(shí)的速度vBB.小球在B點(diǎn)時(shí)的速度vB==m5qELmC.小球在B點(diǎn)時(shí)繩上的拉力大小為5qED.小球運(yùn)動(dòng)向心加速度的最大值是最小值的6倍14.粒子直線加速器原理示意圖如圖1所示，它由多個(gè)橫截面積相同的同軸金屬圓筒依次組成，序號(hào)為奇數(shù)的圓筒與序號(hào)為偶數(shù)的圓筒分別和交變電源相連，交變電源兩極間的電壓變化規(guī)律如圖2所示。在t=0時(shí)，奇數(shù)圓筒比偶數(shù)圓筒電勢高，此時(shí)和偶數(shù)圓筒相連的金屬圓板（序號(hào)為0）的中央有一自由電子由靜止開me始發(fā)射，之后在各狹縫間持續(xù)加速。若電子質(zhì)量為，電荷量為，交變電源電壓為U，周期為T。不考慮電子的重力和相對論效應(yīng)，忽略電子通過圓筒狹縫的時(shí)間。下列說法正確的是（）A.要實(shí)現(xiàn)加速，電子在圓筒中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間必須為TB.電子出圓筒2時(shí)的速度為出圓筒1時(shí)速度的兩倍2neUTn=C.第個(gè)圓筒的長度應(yīng)滿足Lm2TTD.要加速質(zhì)子，無須改變其他條件但要在到時(shí)間內(nèi)從圓板處釋放44二、實(shí)驗(yàn)（共計(jì)18分）15.研究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示：（1）實(shí)驗(yàn)前，只用帶電玻璃棒與電容器的B板接觸，能否使電容器帶電______（填“能”或“不能”）（2）給電容器充電后，該同學(xué)利用上圖的裝置進(jìn)行了如下操作，根據(jù)所學(xué)知識(shí)，你覺得正確的是（）A.將A板向右平移，靜電計(jì)指針張角不變B.將A板豎直向下平移，則靜電計(jì)指針張角變大C.在A、B板間插入電介質(zhì)，則靜電計(jì)指針張角變小D.將A板向右平移，電容器中固定的電荷q所受電場力變大16.（1）學(xué)習(xí)小組用圖甲電路探究電容器兩極板間的電勢差與所帶電荷量的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)操作如下：Q1①開關(guān)S1接1給電容器A充電，記錄電壓表示數(shù)U，A帶電荷量記為；S1，記錄電壓表示數(shù)U，A2②開關(guān)S1接2，使另一個(gè)相同的但不帶電的電容器B跟A并聯(lián)，穩(wěn)定后斷開帶電荷量記為Q2，閉合S2，使B放電，斷開S。2③重復(fù)操作②，記錄電壓表示數(shù)Un，A帶電荷量記為Q。n1Q23電壓表示數(shù)/V3.151.600.780.39在操作②中，開關(guān)S4電荷量……閉合前電容器A帶電量______（填“大于”、“等于”或“小于”）電容器B帶電荷2量。結(jié)合表格數(shù)據(jù)進(jìn)一步分析可知電容器的電勢差與其所帶電荷量成______（填“正比”或“反比”）關(guān)系。（2）該小組用圖乙電路進(jìn)一步探究電容器A的充放電規(guī)律。①開關(guān)接1，電源給電容器A充電，觀察到電流計(jì)G的指針偏轉(zhuǎn)情況為______；A.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后迅速回到0B.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變C.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后逐漸減小到0D.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變②對給定電容值為C的電容器充電，無論何種充電方式，其兩極間電勢差u隨電量q的變化圖像都相同。請?jiān)趫D1中畫出充電u?q圖像______。類比直線運(yùn)動(dòng)中由圖像求位移的方法，兩極間電壓為U時(shí)電v?tEp=容器儲(chǔ)存的電能______，充電中，電流計(jì)G中電流方向?yàn)開_____③圖丙為電容器A放電時(shí)的I?t圖像。已知電容器放電之前的電壓為3V，該電容器A的實(shí)測電容值為______F（結(jié)果保留2三、計(jì)算題（共計(jì)40分）17.如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，長為L的絕緣細(xì)線一端懸于O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m、電荷量+q為O點(diǎn)等高的A點(diǎn)，保持細(xì)線繃緊并靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到與豎直方向夾角=37的P點(diǎn)時(shí)速度變?yōu)榱?。已知cos37=0.80、sin37=0.60，空氣阻力可忽略，重力加速度為。求：（1）電場強(qiáng)度的大小E；（2）小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，電場力做的功W；（3）小球通過最低點(diǎn)B時(shí)，細(xì)線對小球的拉力大小F。18.反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波。其振蕩原理與下述過程類似。已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量m1.01020kg、電=?=9的帶負(fù)電的粒子從(?0.5,0)點(diǎn)由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上做往返運(yùn)動(dòng)。荷量q1.010C忽略粒子的重力等因素，求12EE的大小之比2(1)x軸左側(cè)電場強(qiáng)度和右側(cè)電場強(qiáng)度。1E(2)該粒子運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能(3)該粒子運(yùn)動(dòng)的周期T。。19.如圖所示，電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)射，電荷量為，加速電場電壓為Ume出。已知電子質(zhì)量為。偏轉(zhuǎn)電場可看作勻強(qiáng)電場，極板間電壓為0U，極板長度為L，板間距為d。v（1）忽略電子所受重力，求電子射入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的初速度和從電場射出時(shí)沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離0y；（2）分析物理量的數(shù)量級(jí)，是解決物理問題的常用方法。在解決（1）問時(shí)忽略了電子所受重力，請利用下列數(shù)據(jù)分析說明其原因。已知U=2.0102V，d4.010=2m，m=9.110kg，e1.610=?C，g=10m/s2。（3）極板間既有靜電場也有重力場。電勢反映了靜電場各點(diǎn)的能的性質(zhì)，請寫出電勢的定義式。類比電勢的定義方法，在重力場中建立“重力勢”的概念，并簡要說明電勢和“重力勢”的共同特點(diǎn)。G20.研究表明靜電場中有如下一些重要的結(jié)論：①均勻帶電球殼（或球體）在球的外部產(chǎn)生的電場，與一個(gè)位于球心、電荷量相等的點(diǎn)電荷在同一點(diǎn)產(chǎn)生的電場相同；②均勻帶電球殼在空腔內(nèi)部的電場強(qiáng)度處處為零；③電場線與等勢面總是垂直的，沿電場線方向電勢越來越低。利用上述結(jié)論，結(jié)合物理思想方法可以探究某些未知電場的問題。（1）如圖1所示，一個(gè)靜止的均勻帶正電球體，其單位體積的電荷量為ρ，半徑為R，靜電力常量為k。a．在圖1中求距球心r處電場強(qiáng)度的大?。ǚ諩、E內(nèi)外b．在圖1球體中挖掉一個(gè)球心為O′的小球體，如圖2所示。已知OO′=d，求空腔體內(nèi)OO′連線上某點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小。（2）一球殼均勻帶有正電荷，O為球心，A、B為直徑上的兩點(diǎn)，OA=OB。現(xiàn)垂直于AB將球殼均分為左右兩部分，C為截面上的一點(diǎn)，移去右半球殼，左半球殼所帶電荷仍均勻分布，如圖3a．分析判斷O、C兩點(diǎn)電勢關(guān)系；b．分析判斷A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度及電勢的關(guān)系。參考答案一、單項(xiàng)選擇（每題3分，共14題，共42分）1.【答案】B【詳解】A．電場強(qiáng)度是從電場力的角度來描述電場的物理量，由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)。由p=可知電勢能與試探電荷有關(guān)，A錯(cuò)誤；B．電場強(qiáng)度和電勢分別從力和能量的角度來描述電場，由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，B正確；C．電勢是從電場能量的角度來描述電場的物理量，由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)；由F=qE可知，電場力與試探電荷有關(guān)，C錯(cuò)誤；p=D．電勢是從電場能量的角度來描述電場的物理量，由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)；由可知電勢能與試探電荷有關(guān)，D錯(cuò)誤。故選B。2.【答案】D【詳解】A．公式FE=q是電場強(qiáng)度的定義式，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與檢驗(yàn)電荷所受電場力以及其所帶的電荷量無關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．公式QC=U是電容的定義式，電容器電容由電容器本身的結(jié)構(gòu)決定，與極板所帶電荷量以及極板間電壓無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由Qr2E=k知，在以點(diǎn)電荷Q為球心，以r為半徑的球面上各點(diǎn)場強(qiáng)大小均相同，但是方向不同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由WqU=知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)到B點(diǎn)克服電場力做功1J，則、B兩點(diǎn)的電勢差為Wq?1U==1選項(xiàng)D正確。故選D。3.【答案】D【詳解】AC．沿電場線電勢降低，可知電勢ABA處電場線較B點(diǎn)稀疏，可知場強(qiáng)選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；EAEBB．負(fù)電荷所受的電場力與電場線方向相反，可知從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場力做了負(fù)功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D．因?yàn)殡妱軦B則將一負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢能pAEB選項(xiàng)D正確。故選D。4.【答案】A【詳解】把帶正電荷的帶電體C移近導(dǎo)體A，在A的左端感應(yīng)出負(fù)電荷，在B的右端感應(yīng)出正電荷，且為等量異種電荷，達(dá)到靜電平衡后，電荷只分布在外表面，導(dǎo)體是個(gè)等勢體，內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，故A正確，BCD均錯(cuò)誤。故選A。5.【答案】A?q【詳解】依題意，的檢驗(yàn)電荷從電場的無限遠(yuǎn)處被移到電場中的A點(diǎn)時(shí)，電場力做的功為，則電荷的電勢能減小W，無限遠(yuǎn)處電荷的電勢能為零，則電荷在A點(diǎn)的電勢能為EA=WA點(diǎn)的電勢為EAWqA==?q故選A。6.【答案】A【詳解】AB．兩極板之間的電場強(qiáng)度UE＝dq受到的電場力UQF＝Eq＝q＝qdCdA正確，B錯(cuò)誤；CD．Q不是點(diǎn)電荷，點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式QE＝kr2在這里不能用，CD不正確。故選A。7.【答案】C【詳解】A．由等量異種點(diǎn)電荷的電場線分布特點(diǎn)知，P、Q兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，A錯(cuò)誤；B．由沿電場線方向電勢越來越低知，P點(diǎn)電勢高于Q點(diǎn)電勢，B錯(cuò)誤；CD．由電場疊加得P點(diǎn)電場強(qiáng)度QQE=k+k22若僅兩點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，則P點(diǎn)電場強(qiáng)度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍，同理Q點(diǎn)電場強(qiáng)度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍，而PQ間距不變，根據(jù)U定性分析可知P、Q兩點(diǎn)間電勢差變大，C正確，D=錯(cuò)誤。故選C。8.【答案】D【詳解】AC．根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合等勢面豎直可知，該粒子所受的電場力水平向右，但是不能確定粒子所帶的電性以及場強(qiáng)的方向，選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；B．由于等勢面是互相平行的豎直平面，可知電場一定是勻強(qiáng)電場，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D．粒子從A到B電場力做負(fù)功，則粒子在電場中運(yùn)動(dòng)過程動(dòng)能不斷減少，選項(xiàng)D正確。故選D。9.【答案】B【詳解】A．由E－x圖象可知，x=x和x=－x兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等、方向相反，故A錯(cuò)誤；11B．E－x圖象中圖線與橫軸所圍的面積表示電勢差，因此粒子由x=－1運(yùn)動(dòng)到x的過程和由=0運(yùn)動(dòng)到x=x1的過程電場力分別做的功滿足W1=－2根據(jù)動(dòng)能定理可知，粒子經(jīng)過x=x和x=－x兩點(diǎn)時(shí)速度一定相同，故B正確；11C．粒子在這兩點(diǎn)所受電場力也大小相等、方向相反，由于粒子只在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知，粒子在這兩點(diǎn)的加速度大小相等、方向相反，故C錯(cuò)誤；D．題中未能說明粒子的電性或運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，因此粒子從x=－x點(diǎn)到xx點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中電勢能可能先增大11后減小，也可能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。故選B。10.【答案】D【詳解】A．A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，但是方向相反，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．x軸上O點(diǎn)的電勢最高，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電子經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)受電場力為零，則加速度最小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由A到B的過程中電場力先做正功，后做負(fù)功，則電勢能先減小后增大，選項(xiàng)D正確。故選D。【答案】B【詳解】A．在加速電場中，根據(jù)動(dòng)能定理1qU=mv202解得2qU0=m根據(jù)題意兩粒子的比荷之比為4：，則進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度大小之比為2：1A錯(cuò)誤；B．在加速電場中電場力做功qU相等，在偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)距離相同，則電場力做功qEd也相同，根據(jù)動(dòng)能定理可知，離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動(dòng)能相同，故B正確；C．在偏轉(zhuǎn)電場中，根據(jù)牛頓第二定律qE=ma1d=at22解得2d2mdt==aqE根據(jù)題意兩粒子的比荷之比為4：，則在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故C錯(cuò)誤；D．離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)，垂直極板方向速度2qEdvy=at=m離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角的正切值vytan==0U則兩粒子離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度方向相同，故D錯(cuò)誤。故選B。12.【答案】B【詳解】電子在YY和XX間沿電場方向均做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由位移公式：11=2s=at2t22前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)UX0，電子受到的力偏向X一側(cè)，所以電子前半周期偏向X一側(cè)．前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)UY0，電子受到的力偏向Y一側(cè)，所以電子前半周期偏向Y一側(cè)．綜上，前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限．同理，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．A．分析可知，前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故A錯(cuò)誤．B．分析可知，前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故B正確．C．分析可知，前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故C錯(cuò)誤．D．分析可知，前半個(gè)周期0-t1時(shí)間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故D錯(cuò)誤．13.【答案】B【詳解】AB．小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)球與繩間剛好沒有拉力作用，說明了電場力提供向心力，則v2qE=mL解得qELmv=B到A的過程中電場力做功，由動(dòng)能定理得11?2qEL=2?2B22解得5qELvB=m故A錯(cuò)誤，B正確；C．小球在B點(diǎn)時(shí)繩上的拉力大小與電場力的合力提供加速度，得v2BLF?qE=m解得v2BLF=m+qE=6qE故C錯(cuò)誤；D．球所受向心力的最大值F?=而最小值是qE，即小球所受向心力的最大值是最小值的5倍，根據(jù)牛頓第二定律可知小球運(yùn)動(dòng)向心加速度的最大值是最小值的5倍，故D錯(cuò)誤。故選B。14.【答案】C【詳解】A．電子每經(jīng)過圓筒狹縫時(shí)都要加速，然后進(jìn)入圓筒做勻速運(yùn)動(dòng)，所以電子在筒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間必T須為，A錯(cuò)誤；2B．由動(dòng)能定理得電子出圓筒1時(shí)的速度為1eu=mv212解得21=m由動(dòng)能定理得電子出圓筒2時(shí)速度為12=mv222解得2=2mB錯(cuò)誤；C．由動(dòng)能定理得電子進(jìn)圓筒n時(shí)的速度為1=mv2n2n第個(gè)圓筒的長度為TL=n2解得2neUTL=m2C正確；D．如果要加速質(zhì)子，質(zhì)子的比荷比電子的比荷要小，則質(zhì)子進(jìn)入圓筒的速度比電子進(jìn)入圓筒的速度要小，TT則圓筒的長度需要相應(yīng)的變短，釋放的時(shí)間應(yīng)該在到時(shí)間內(nèi)釋放，D錯(cuò)誤。44故選C。二、實(shí)驗(yàn)（共計(jì)18分）15.1）能2）BC【小問1實(shí)驗(yàn)前，只用帶電玻璃棒與電容器B板接觸，則B帶上電荷，由于靜電感應(yīng)使A板也帶上電，故可以使電容器帶電；【小問2A．根據(jù)SC=將A板向右平移則d減小，C變大，電容器帶電量Q一定，根據(jù)Q=CU可知U減小，則靜電計(jì)指針張角減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)SC=將A板豎直向下平移，則S減小，C減小，電容器帶電量Q一定，根據(jù)Q=CU可知U變大，則靜電計(jì)指針張角變大，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)SC=在A、B板間插入電介質(zhì)，則C變大，電容器帶電量Q一定，根據(jù)Q=CU可知U變小，則靜電計(jì)指針張角變小，選項(xiàng)C正確；D．電容器帶電量Q一定，根據(jù)SC=QC=UUdE=可得SE=將A板向右平移，電容器兩板間場強(qiáng)不變，則電容器中固定的電荷q所受電場力不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。16.1）①.大于②.1（2）①.C②.③.CU2④.向右.8.01042【小問1[1]在操作②中，開關(guān)S閉合前電容器A帶電量大于電容器B帶電荷量。2[2]結(jié)合表格數(shù)據(jù)，從Q到Q電容器帶電量逐漸減小，兩極板間電壓逐漸減小，結(jié)合數(shù)據(jù)可知進(jìn)一步分析1n可知電容器的電勢差與其所帶電荷量成正比關(guān)系?！拘?①[1]開關(guān)S接1，電源給電容器充電，電路瞬間有了充電電流，隨著電容器所帶電荷量逐漸增大，電容器兩極板間的電壓逐漸增大，充電電流逐漸減小，所以此過程中觀察到的電流表指針迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后逐漸減小到。故選C。②[2]根據(jù)qCu，則在圖1中畫出充電u?q圖像如圖[3]根據(jù)圖像的性質(zhì)，圖像與q軸圍成的面積表示電能，可得112E=qU=CU2p2[4]充電中，電流計(jì)G中電流方向?yàn)橄蛴?。③根?jù)電容器A放電時(shí)的I?t圖像可得電容器帶電量為=3C2.410=3CQ300.40.210則3QU2.410==F8.010F=4C3三、計(jì)算題（共計(jì)40分）1217.1）E=2）W=?F=2mg3）2q）由A到P過程中，根據(jù)動(dòng)能定理mgLcos?qEL+sin)=0?0解得E=2q（2）小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，電場力做的功1W=?qEL=?mgL2（3）小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理1+W=2B2在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律mvBL2F?mg=聯(lián)立解得F=2mg1E221==2.0108；(3)T=3.010?EJkm18.【答案】(1)；(2)8s【詳解】(1)由圖可知U=U=20V①12由電場強(qiáng)度和電勢差的關(guān)系可得：左側(cè)電場強(qiáng)度：U111=E2=②③④右側(cè)電場強(qiáng)度：U2d2聯(lián)立①②③式，代入數(shù)據(jù)解得：1E22=1(2)粒子運(yùn)動(dòng)到原點(diǎn)時(shí)速度最大，由動(dòng)能定理得：Ekm=1d⑤1聯(lián)立②④式，代入數(shù)據(jù)解得：km2.010?=8J⑥t1、tvm(3)設(shè)粒子在原點(diǎn)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為，在原點(diǎn)時(shí)的速度為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：21mv=t1⑦⑧mqE2mv=mt2T21t=(+)2⑨⑩由動(dòng)能定義式得：1Ekm=mv2m2聯(lián)立①②③⑥⑦⑧⑨⑩式，代入數(shù)據(jù)解得：T=3.010?s822y=0，19.1）03）見解析=）電場力遠(yuǎn)大于電子的重力，故不需要考慮電子所受重U0dm）電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后，根據(jù)動(dòng)能定理可得1=2002解得電子射入偏轉(zhuǎn)電場的初速度為2eU0m0