2024高考物理一輪復(fù)習(xí)課練8牛頓運(yùn)動(dòng)定律含解析新人教版

PAGE16-課練8牛頓運(yùn)動(dòng)定律1．我國(guó)自主研制的水陸兩棲飛機(jī)“鯤龍”AG600已試飛勝利．當(dāng)“鯤龍”AG600在水面上加速滑行時(shí)，其受到的合力()A．大小為零B．方向豎直向上C．方向與滑行方向相同D．方向沿滑行方向斜向上2.(多選)我國(guó)高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平，和諧號(hào)動(dòng)車組由動(dòng)車和拖車編組而成，供應(yīng)動(dòng)力的車廂叫動(dòng)車，不供應(yīng)動(dòng)力的車廂叫拖車．假設(shè)動(dòng)車組各車廂質(zhì)量均相等，運(yùn)行中各動(dòng)車的輸出功率相同，動(dòng)車組運(yùn)行過(guò)程中阻力與車的重力成正比．某列動(dòng)車組由8節(jié)車廂組成，其中第2、4、5、7節(jié)車廂為動(dòng)車，其余為拖車，該動(dòng)車組在水平直軌道上運(yùn)行，下列說(shuō)法正確的是()A．做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，各車廂間的作用力均為零B．做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，各車廂間的作用力均不為零C．不管是勻速還是加速運(yùn)動(dòng)，第2、3節(jié)車廂間的作用力肯定為零D．不管是勻速還是加速運(yùn)動(dòng)，第1、2節(jié)車廂間與5、6節(jié)車廂間的作用力之比是1:13．關(guān)于伽利略的兩個(gè)斜面試驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是()A．伽利略運(yùn)用圖甲斜面進(jìn)行試驗(yàn)，得出力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系B．伽利略運(yùn)用圖乙斜面進(jìn)行試驗(yàn)，得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C．伽利略運(yùn)用圖乙斜面進(jìn)行試驗(yàn)，得出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的緣由D．伽利略運(yùn)用圖甲斜面進(jìn)行試驗(yàn)，得出自由落體運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間變更的規(guī)律4．高鐵是我國(guó)“新四大獨(dú)創(chuàng)”之一．有一段視頻，幾年前一位乘坐京滬高鐵的外國(guó)人，在最高時(shí)速300公里行駛的列車窗臺(tái)上，放了一枚直立的硬幣，如圖所示，在列車行駛的過(guò)程中，硬幣始終直立在列車窗臺(tái)上，直到列車橫向變道進(jìn)站的時(shí)候，硬幣才倒下．這一視頻證明白我國(guó)高鐵極好的穩(wěn)定性．關(guān)于這枚硬幣，下列推斷正確的是()A．硬幣直立過(guò)程可能受到與列車行駛方向相同的摩擦力作用B．硬幣直立過(guò)程肯定只受重力和支持力而處于平衡狀態(tài)C．硬幣倒下是因?yàn)槭艿斤L(fēng)吹D．列車加速或減速行駛時(shí)，硬幣都可能受到與列車運(yùn)動(dòng)方向相反的摩擦力作用5．關(guān)于慣性的大小，下列說(shuō)法正確的是()A．高速運(yùn)動(dòng)的物體不簡(jiǎn)單讓它停下來(lái)，所以物體運(yùn)動(dòng)速度越大，慣性越大B．在月球上舉重比在地球上簡(jiǎn)單，所以同一個(gè)物體在月球上比在地球上慣性小C．兩個(gè)物體只要質(zhì)量相同，那么慣性就肯定相同D．用相同的水平力分別推放在地面上的兩個(gè)材料不同的物體，則難以推動(dòng)的物體慣性大6．如圖，力傳感器記錄了兩個(gè)物體間的作用力和反作用力的變更圖線，依據(jù)圖線可以得出的結(jié)論是()A．作用力大時(shí)，反作用力小B．作用力和反作用力大小的變更始終同步C．作用力和反作用力作用在同一個(gè)物體上D．此時(shí)兩個(gè)物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)7．[2024·黑龍江省哈爾濱三中考試]如圖所示，一木塊在光滑水平面上受到一恒力F作用而運(yùn)動(dòng)，前方固定一輕質(zhì)彈簧，當(dāng)木塊接觸彈簧后，下列推斷正確的是()A．木塊將馬上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B．木塊將馬上做變減速直線運(yùn)動(dòng)C．在彈簧彈力大小等于恒力F時(shí)，木塊的速度最大D．在彈簧處于最大壓縮狀態(tài)時(shí)，木塊的加速度為零練高考小題8．[全國(guó)卷Ⅰ]如右圖，輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊1相連，下端與另一質(zhì)量為M的木塊2相連，整個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，木塊1、2的加速度大小分別為a1、a2.重力加速度大小為g.則有()A．a(chǎn)1＝0，a2＝gB．a(chǎn)1＝g，a2＝gC．a(chǎn)1＝0，a2＝eq\f(m＋M,M)gD．a(chǎn)1＝g，a2＝eq\f(m＋M,M)g9．[2024·江蘇卷](多選)如圖所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~缸下拉出，魚缸最終沒(méi)有滑出桌面．若魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過(guò)程中A．桌布對(duì)魚缸摩擦力的方向向左B．魚缸在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等C．若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的摩擦力將增大D．若貓減小拉力，魚缸有可能滑出桌面10．[2024·上海卷]如圖，頂端固定著小球的直桿固定在小車上，當(dāng)小車向右做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，球所受合外力的方向沿圖中的()A．OA方向B．OB方向C．OC方向D．OD方向11．[2024·全國(guó)卷Ⅰ]如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．以x表示P離開靜止位置的位移，在彈簧復(fù)原原長(zhǎng)前，下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是()練模擬小題12.[2024·安徽江淮聯(lián)考](多選)如圖所示，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細(xì)繩的一端相連，細(xì)繩的另一端固定在斜面上的擋板上．a(chǎn)與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左勻速運(yùn)動(dòng)．當(dāng)它們剛運(yùn)動(dòng)至軌道的粗糙段時(shí)，下列說(shuō)法可能正確的是()A．繩的張力減小，地面對(duì)a的支持力不變B．繩的張力減小，地面對(duì)a的支持力增加C．繩的張力增加，斜面對(duì)b的支持力不變D．繩的張力增加，斜面對(duì)b的支持力增加13.[2024·貴州模擬](多選)如圖所示，水平粗糙桌面上有a、b兩個(gè)小滑塊，兩滑塊之間連接一輕質(zhì)彈簧，a、b的質(zhì)量均為m，現(xiàn)用水平恒力F拉滑塊b，使a、b一起在桌面上勻加速運(yùn)動(dòng)，彈簧原長(zhǎng)為L(zhǎng)，勁度系數(shù)為k，已知彈簧在彈性限度內(nèi)．滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變，下列說(shuō)法正確的是()A．a(chǎn)、b間的距離為L(zhǎng)＋eq\f(F,2k)B．撤掉F后，a做勻速運(yùn)動(dòng)，b做勻減速運(yùn)動(dòng)C．若彈簧在a連接處突然斷開，a、b的加速度肯定都增大D．撤掉F的瞬間，a的加速度不變，b的加速度增大14．[2024·云南紅河模擬](多選)如圖甲所示，一小滑塊從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過(guò)時(shí)間4t0到達(dá)B處，在5t0時(shí)刻滑塊運(yùn)動(dòng)到水平面的C點(diǎn)停止，滑塊與斜面和水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同．已知滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受的摩擦力大小與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)前后速率不變，以下說(shuō)法正確的是()A．滑塊在斜面和水平面上的位移大小之比為16:5B．滑塊在斜面和水平面上的加速度大小之比為1:4C．斜面的傾角為45°D．滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝eq\f(4,7)———[綜合測(cè)評(píng)提實(shí)力]———一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分)1．[2024·黑龍江雙鴨山一中模擬]亞里士多德在其著作《物理學(xué)》中寫道：一切物體都具有某種“自然本性”，物體由其“自然本性”確定的運(yùn)動(dòng)稱之為“自然運(yùn)動(dòng)”，而物體受到推、拉、提、舉等作用后的“非自然運(yùn)動(dòng)”稱之為“受迫運(yùn)動(dòng)”．伽利略、笛卡兒、牛頓等人批判地繼承了亞里士多德的這些說(shuō)法，建立了新物理學(xué)；新物理學(xué)認(rèn)為一切物體都具有的“自然本性”是“慣性”．下列關(guān)于“慣性”和“運(yùn)動(dòng)”的說(shuō)法中不符合新物理學(xué)的是()A．一切物體的“自然運(yùn)動(dòng)”都是速度不變的運(yùn)動(dòng)——靜止或者勻速直線運(yùn)動(dòng)B．作用在物體上的力，是使物體做“受迫運(yùn)動(dòng)”即變速運(yùn)動(dòng)的緣由C．豎直向上拋出的物體，受到了重力，卻沒(méi)有馬上反向運(yùn)動(dòng)，而是接著向上運(yùn)動(dòng)一段距離后才反向運(yùn)動(dòng)，是由于物體具有慣性D．可繞豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)的水平圓桌轉(zhuǎn)得太快時(shí)，放在桌面上的盤子會(huì)向桌子邊緣滑去，這是由于“盤子受到的向外的力”超過(guò)了“桌面給盤子的摩擦力”導(dǎo)致的2.如圖所示，小車內(nèi)兩根不行伸長(zhǎng)的細(xì)線AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小車沿水平地面對(duì)右做加速運(yùn)動(dòng)，AO與BO的拉力分別為TA、TB.若加速度增大，則()A．TA、TB均增大B．TA、TB均減小C．TA不變，TB增大D．TA減小，TB不變3．[2024·廣東梅州期末]如圖所示，在一輛表面光滑足夠長(zhǎng)的小車上，有質(zhì)量為m1、m2的兩個(gè)小球(m1>m2)，原來(lái)隨小車一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小車突然停止時(shí)，如不考慮其他阻力，則兩個(gè)小球()A．肯定相碰B．肯定不相碰C．不肯定相碰D．無(wú)法確定，因?yàn)椴恢≤嚨倪\(yùn)動(dòng)方向4．[2024·揚(yáng)州江都中學(xué)考試]甲、乙兩人參與拔河競(jìng)賽時(shí)的場(chǎng)景如圖所示．下列說(shuō)法正確的是()A．若甲贏，則甲對(duì)繩子的拉力大小大于繩子對(duì)甲的拉力大小B．不論誰(shuí)贏，甲對(duì)繩子的拉力大小均等于繩子對(duì)甲的拉力大小C．甲受到的重力與支持力是一對(duì)作用力和反作用力D．甲受到的摩擦力與繩子對(duì)甲的拉力是一對(duì)作用力和反作用力5.大圓環(huán)質(zhì)量為M，經(jīng)過(guò)環(huán)心的豎直鋼絲AB(質(zhì)量不計(jì))上套有一質(zhì)量為m的橡皮球，現(xiàn)讓橡皮球沿鋼絲AB以肯定的初速度v0豎直向上運(yùn)動(dòng)，大圓環(huán)對(duì)地面無(wú)壓力，則橡皮球上升過(guò)程中()A．鋼絲對(duì)橡皮球的摩擦力為Mg，方向豎直向上B．鋼絲對(duì)橡皮球的摩擦力為0C．橡皮球的加速度大小為eq\f(M－m,m)gD．橡皮球的加速度大小為eq\f(M＋m,m)g6．[情境創(chuàng)新]如圖為測(cè)量加速度的簡(jiǎn)易裝置圖，內(nèi)壁光滑的細(xì)圓管制成的圓豎直固定在底座上，管與底座的總質(zhì)量為M，O為圓心，A、B為圓水平直徑的兩端點(diǎn)，管內(nèi)有一質(zhì)量為m、直徑略小于圓管內(nèi)徑的小球，當(dāng)測(cè)量裝置水平固定在小車上隨車一起在水平面上向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球最終穩(wěn)定在圓管內(nèi)的D點(diǎn)，已知OD與豎直方向的夾角為θ＝37°(重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，則下列說(shuō)法正確的是()A．此時(shí)小車對(duì)裝置的支持力大于(m＋M)gB．被測(cè)小車的加速度大小為eq\f(3,5)gC．測(cè)量裝置受到的水平合力大小為eq\f(3,4)(m＋M)g，方向水平向右D．當(dāng)小車加速度很大時(shí)，小球可能穩(wěn)定在圓管的A位置7．[2024·武漢示范中學(xué)聯(lián)考]一個(gè)小球從水面上方某一高度處由靜止落下，進(jìn)入水中后受到的浮力大小恒定，受到水的阻力的大小與速度成正比，浮力大于重力，水足夠深，關(guān)于小球在水中運(yùn)動(dòng)的加速度，下列說(shuō)法正確的是()A．小球向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向始終向下B．小球向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向始終向下C．小球向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度始終減小D．小球向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度始終增大8．[2024·上海調(diào)研]如圖甲所示，在木箱內(nèi)粗糙斜面上靜止一物體，木箱豎直向上運(yùn)動(dòng)的速度v與時(shí)間t的變更規(guī)律如圖乙所示，物體始終相對(duì)斜面靜止．斜面對(duì)物體的支持力和摩擦力分別為N和f，則下列說(shuō)法正確的是()A．在0～t1時(shí)間內(nèi)，N增大，f減小B．在0～t1時(shí)間內(nèi)，N減小，f增大C．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，N增大，f增大D．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，N減小，f減小二、多項(xiàng)選擇題(本題共2小題，每小題4分，共8分)9.[2024·湖北黃岡中學(xué)?？糫如圖所示，三個(gè)質(zhì)量均為m的物塊a、b、c，用兩個(gè)輕彈簧和一根輕繩相連，掛在天花板上，處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將b、c之間的輕繩剪斷，下列說(shuō)法正確的是()A．在剛剪斷輕繩的瞬間，b的加速度大小為gB．在剛剪斷輕繩的瞬間，c的加速度大小為2gC．剪斷輕繩后，a、b下落過(guò)程中，兩者始終保持相對(duì)靜止D．剪斷輕繩后，a、b下落過(guò)程中加速度相等的瞬間，兩者之間的輕彈簧肯定處于原長(zhǎng)狀態(tài)10.[2024·唐山模擬]如圖所示，小車在水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，車廂內(nèi)兩質(zhì)量相等的小球A、B通過(guò)輕繩系于車廂頂部，輕繩OA、OB與豎直方向夾角均為45°，其中A球用水平輕繩AC系于車廂側(cè)壁，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A．小車運(yùn)動(dòng)方向向右B．小車的加速度大小為eq\f(\r(2),2)gC．輕繩OA、OB拉力大小相等D．輕繩AC的拉力大小是輕繩OA拉力大小的eq\r(2)倍三、非選擇題(本題共3小題，共34分)11．(10分)[2024·天津五區(qū)縣聯(lián)考]如圖甲所示，光滑平臺(tái)右側(cè)與一長(zhǎng)為L(zhǎng)＝2.5m的水平木板相接，木板固定在地面上，現(xiàn)有一小滑塊以初速度v0＝5m/s滑上木板，恰好滑到木板右端靜止．現(xiàn)讓木板右端抬高，如圖乙所示，使木板與水平地面的夾角θ＝37°，讓滑塊以相同的初速度滑上木板，不計(jì)滑塊滑上木板時(shí)的能量損失，g取10m/s2(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；(2)滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時(shí)間t.12．(10分)[2024·廣西適應(yīng)性測(cè)試]如圖所示，12個(gè)相同的木塊放在水平地面上排成一條直線，相鄰兩木塊接觸但不粘連，每個(gè)木塊的質(zhì)量m＝1.2kg，長(zhǎng)度l＝0.5m．木塊原來(lái)都靜止，它們與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1＝0.1，在左邊第一個(gè)木塊的左端放一質(zhì)量M＝1kg的小鉛塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，它與各木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ2＝0.5，現(xiàn)突然給小鉛塊一個(gè)向右的初速度v0＝9m/s，使其在木塊上滑行．設(shè)木塊與地面間及小鉛塊與木塊間的最大靜摩擦力均等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g＝10m/s2.求：(1)小鉛塊相對(duì)木塊滑動(dòng)時(shí)小鉛塊的加速度大??；(2)小鉛塊下的木塊剛發(fā)生運(yùn)動(dòng)時(shí)小鉛塊的瞬時(shí)速度大?。?3．(14分)在一些工廠和碼頭常采納傳送帶對(duì)貨物進(jìn)行運(yùn)輸，如圖甲所示，一個(gè)較長(zhǎng)的傳送帶傾斜放置，以恒定的速率沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)行，可以將貨物從運(yùn)輸車上卸下來(lái)．現(xiàn)將一質(zhì)量m＝50kg的貨物(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止放在傳送帶最上端，貨物相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示．規(guī)定沿傳送帶斜向下的方向?yàn)檎较颍亓铀俣萭取10m/s2.求：(1)貨物與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；(2)在0～2s內(nèi)傳送帶對(duì)貨物做的功．課練8牛頓運(yùn)動(dòng)定律[狂刷小題夯基礎(chǔ)]1．C“鯤龍”AG600在水面上做加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向與滑行方向相同，由牛頓其次定律知合外力方向與加速度方向相同，所以合外力方向與滑行方向相同，故選項(xiàng)C正確．2．CD設(shè)每節(jié)動(dòng)車的功率為P，牽引力為F，每節(jié)車廂的質(zhì)量為m，所受阻力為kmg.當(dāng)動(dòng)車組勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)所受合力為零，對(duì)整體由平衡條件知4F＝8kmg，則F＝2kmg，依次對(duì)各個(gè)動(dòng)車和車廂分析可知F12＝kmg，F(xiàn)23＝0，F(xiàn)34＝kmg，F(xiàn)45＝0，F(xiàn)56＝kmg，…，故A錯(cuò)誤；當(dāng)動(dòng)車組加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)整體由牛頓其次定律有4F′－8kmg＝8ma，可得F′＝2ma＋2kmg，對(duì)前兩節(jié)車廂由牛頓其次定律有F′－2kmg＋F′23＝2ma，解得F′23＝0，故B錯(cuò)誤，C正確；加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)第一節(jié)車廂由牛頓其次定律有F′12－kmg＝ma，解得F′12＝kmg＋ma；對(duì)前5節(jié)車廂的整體由牛頓其次定律有3F′－F′56－5kmg＝5ma，解得F′56＝kmg＋ma；故eq\f(F12,F56)＝eq\f(F′12,F′56)＝eq\f(1,1)，故D正確．3．D伽利略從題圖甲中將斜面試驗(yàn)的結(jié)論外推到斜面傾角為90°的情形，從而間接證明白自由落體運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，D正確；伽利略志向斜面試驗(yàn)(題圖乙)中，由于空氣阻力和摩擦力的作用，小球在曲面上運(yùn)動(dòng)能到達(dá)的高度肯定會(huì)略小于它起先運(yùn)動(dòng)時(shí)的高度，只有在斜面肯定光滑的志向條件下，小球滾上的高度才與釋放的高度相同．所以可以設(shè)想，在伽利略斜面試驗(yàn)中，若斜面光滑，并且使斜面變成水平面，則可以使小球沿水平面運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處，得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的緣由，故BC錯(cuò)誤．4．A當(dāng)列車勻速直線行駛時(shí)硬幣立于列車窗臺(tái)上，穩(wěn)穩(wěn)當(dāng)當(dāng)，說(shuō)明硬幣處于平衡狀態(tài)，此時(shí)硬幣受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，它們是一對(duì)平衡力，當(dāng)列車在加速或減速過(guò)程中，沿著行進(jìn)方向的靜摩擦力或與行進(jìn)方向相反的靜摩擦力供應(yīng)硬幣的加速度，故A正確，BD錯(cuò)誤；硬幣倒下是因?yàn)榱熊嚈M向變道時(shí)，列車運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生變更，硬幣受到與運(yùn)動(dòng)方向不一樣的靜摩擦力的作用，列車內(nèi)是全封閉區(qū)域，沒(méi)有外界吹來(lái)的風(fēng)，故C錯(cuò)誤．5．C慣性大小取決于物體的質(zhì)量大小，與其運(yùn)動(dòng)的速度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；同一個(gè)物體在月球上和在地球上質(zhì)量相同，則慣性相同，故B錯(cuò)誤；慣性大小取決于物體的質(zhì)量大小，兩個(gè)物體質(zhì)量相同，慣性就相同，故C正確；物體的慣性只與質(zhì)量有關(guān)系，與推力無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤．6．B依據(jù)題圖可以看出作用力和反作用力關(guān)于時(shí)間軸對(duì)稱，即大小相等，一個(gè)力大于0，另一個(gè)力小于0，故說(shuō)明作用力和反作用力一正一負(fù)，即方向相反，故A錯(cuò)誤，B正確；作用力和反作用力只能作用在不同的物體上，故C錯(cuò)誤；無(wú)論物體靜止還是運(yùn)動(dòng)，作用力和反作用力的關(guān)系都不變更，故D錯(cuò)誤．7．C對(duì)木塊進(jìn)行受力分析，接觸彈簧后彈力不斷增大，當(dāng)彈力小于力F時(shí)，木塊仍將加速運(yùn)動(dòng)，但加速度變小，A、B均錯(cuò)誤；在彈簧彈力大小等于恒力F時(shí)，木塊的加速度為零，速度最大，C正確；接著壓縮彈簧，合力反向且增大，加速度向右不斷增大，D錯(cuò)誤．8．C木板未抽出時(shí)，木塊1受重力和彈簧彈力兩個(gè)力并且處于平衡狀態(tài)，彈簧彈力大小等于木塊1的重力，F(xiàn)N＝mg；木塊2受重力、彈簧向下的壓力和木板的支持力作用．撤去木板瞬間，彈簧形變量不變，故產(chǎn)生的彈力不變，因此木塊1所受重力和彈簧彈力均不變，故木塊1仍處于平衡狀態(tài)，即加速度a1＝0，BD項(xiàng)錯(cuò)；而木塊2不再受木板支持力作用，只受重力和彈簧彈力作用，F(xiàn)N＋Mg＝Ma2，解得a2＝eq\f(M＋m,M)g，C項(xiàng)正確．9．BD將桌布從魚缸下拉出的過(guò)程，魚缸相對(duì)桌布向左運(yùn)動(dòng)，因此桌布對(duì)它的摩擦力方向向右，A項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，魚缸在桌布對(duì)它的滑動(dòng)摩擦力的作用下做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為μg，設(shè)經(jīng)過(guò)t1時(shí)間魚缸滑離桌布，滑離時(shí)的速度為v，則v＝μgt1；魚缸滑到桌面上后，做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小也為μg，因此魚缸在桌面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2＝eq\f(v,μg)，因此t1＝t2，B項(xiàng)正確；若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的摩擦力仍為滑動(dòng)摩擦力，保持不變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；若貓減小拉力，則魚缸與桌布間的摩擦力有可能小于滑動(dòng)摩擦力，則魚缸與桌布一起運(yùn)動(dòng)，從而滑出桌面，D項(xiàng)正確．10．D依據(jù)牛頓其次定律，加速度的方向肯定沿合外力的方向，故合外力的方向肯定沿OD方向，選項(xiàng)D正確．11．A設(shè)系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧壓縮量為x0，由胡克定律和平衡條件得mg＝kx0.力F作用在P上后，物塊受重力、彈力和F，向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓其次定律得，F(xiàn)＋k(x0－x)－mg＝ma.聯(lián)立以上兩式得F＝kx＋ma，所以F－x圖象中圖線是一條不過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故A正確．12．AB若二者在粗糙段上仍相對(duì)靜止，應(yīng)用整體法可知地面的支持力不變，隔離b探討，b受重力、斜面的支持力及細(xì)繩的張力，在地面軌道的光滑段時(shí)這三力的合力為0，滑上粗糙段后合力方向改為水平向右，重力不變、張力減小、斜面的支持力增大，A正確；若在粗糙段上，b相對(duì)于斜面對(duì)上運(yùn)動(dòng)，b對(duì)地有一個(gè)向上的加速度，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，因此繩的張力減小，地面對(duì)整體的支持力增大，B正確，C、D錯(cuò)誤．13．AD設(shè)彈簧伸長(zhǎng)量為x，兩滑塊一起勻加速運(yùn)動(dòng)，它們有共同的加速度，設(shè)為a總，對(duì)于整體，由牛頓其次定律有F－2μmg＝2ma總，解得a總＝eq\f(F,2m)－μg；對(duì)于a，有kx－μmg＝ma總，解得x＝eq\f(F,2k)；故兩滑塊之間的距離為s＝L＋eq\f(F,2k)，故A正確；撤掉F后，由于彈簧的拉力大于a所受的摩擦力，a將向右做加速運(yùn)動(dòng)，b做減速運(yùn)動(dòng)，a、b間距離減小，彈簧拉力減小，故B錯(cuò)誤；若彈簧在a連接處突然斷開，a的加速度大小aa＝eq\f(μmg,m)＝μg，b的加速度大小ab＝eq\f(F－μmg,m)＝eq\f(F,m)－μg，則知b的加速度肯定增大，而a的加速度不肯定增大，故C錯(cuò)誤；撤掉F的瞬間，a的受力狀況未變，加速度不變，而b的加速度ab＝eq\f(kx＋μmg,m)＝eq\f(\f(F,2)＋μmg,m)＝eq\f(F,2m)＋μg，知b的加速度肯定增大，故D正確．14．BD設(shè)滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度為v，滑塊在斜面上的位移x1＝eq\f(v,2)·4t0，在水平面上的位移x2＝eq\f(v,2)·t0，滑塊在斜面和水平面上的位移大小之比eq\f(x1,x2)＝eq\f(\f(v,2)·4t0,\f(v,2)·t0)＝eq\f(4,1)，故A錯(cuò)誤；滑塊從A到B的過(guò)程中v＝a1·4t0，滑塊從B到C的過(guò)程中v＝a2t0，加速度大小之比eq\f(a1,a2)＝eq\f(1,4)，故B正確；由圖乙可得Ff2＝μmg＝5N，F(xiàn)f1＝μmgcosθ＝4N，所以eq\f(Ff1,Ff2)＝cosθ＝0.8，即θ＝37°，故C錯(cuò)誤；滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中mgsinθ－μmgcosθ＝ma1，在水平面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中ma2＝μmg，解得μ＝eq\f(4,7)，故D正確．[綜合測(cè)評(píng)提實(shí)力]1．D依據(jù)慣性的定義可知A、B、C正確；繞豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)的水平圓桌轉(zhuǎn)得太快時(shí)，放在桌面上的盤子會(huì)向桌子邊緣滑去，這是由于“盤子須要的向心力”超過(guò)了“桌面給盤子的摩擦力”導(dǎo)致的，故D錯(cuò)誤．2．C設(shè)OA與豎直方向的夾角為θ，則對(duì)小球有TAcosθ＝mg，TB－TAsinθ＝ma，故若加速度增大，TA不變，TB增大．選項(xiàng)C正確．3．B小車停止前，兩個(gè)小球和小車一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，并且兩個(gè)小球和小車具有共同的速度，當(dāng)小車突然停止時(shí)，小球在光滑接觸面上，由于慣性，還要保持原來(lái)大小不變的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，又兩球的速度相同，相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，因此兩個(gè)小球間的距離不變，肯定不會(huì)相碰，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．4．B甲對(duì)繩子的拉力和繩子對(duì)甲的拉力為作用力和反作用力，故二者大小肯定相等，與誰(shuí)贏無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；甲受到的重力與支持力是一對(duì)平衡力，不是作用力和反作用力，故C錯(cuò)誤；作用力和反作用力只能作用在不同的物體上，故D錯(cuò)誤．5．D大圓環(huán)對(duì)地面無(wú)壓力，由牛頓第三定律可知，地面對(duì)大圓環(huán)無(wú)支持力，大圓環(huán)受力平衡，橡皮球?qū)︿摻z的摩擦力F＝Mg，方向豎直向上，由牛頓第三定律可知，鋼絲對(duì)橡皮球的摩擦力F′＝F＝Mg，方向豎直向下；對(duì)橡皮球進(jìn)行受力分析，由牛頓其次定律有F′＋mg＝ma，解得橡皮球的加速度大小a＝eq\f(M＋m,m)g，故D正確．6．C對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖1所示．Nx＝Nsinθ＝ma，Ny＝mg＝Ncosθ，解得a＝gtanθ，N＝eq\f(mg,cosθ)，即a＝eq\f(3,4)g，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；對(duì)整體進(jìn)行受力分析，如圖2所示，F(xiàn)合＝(M＋m)a＝eq\f(3,4)(M＋m)g，方向水平向右，F(xiàn)N＝(M＋m)g，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；若小球穩(wěn)定在A位置，則受豎直向下的重力和水平向右的彈力，合力方向不水平向右，故小球不能穩(wěn)定在A位置，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．7．C依據(jù)題述，小球進(jìn)入水中后，所受浮力向上，浮力大于重力，小球向下運(yùn)動(dòng)，所受水的阻力向上，則小球所受合外力方向向上，加速度方向向上，肯定做減速運(yùn)動(dòng)，由于小球受到的水的阻力的大小與速度成正比，阻力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，所以小球所受的合外力漸漸減小，依據(jù)牛頓其次定律可知，小球的加速度漸漸減小，所以小球向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向上，始終減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；小球向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，起先時(shí)加速度向上，所受浮力向上，重力和水的阻力向下，浮力大于重力與水的阻力之和，小球向上做加速運(yùn)動(dòng)，隨著速度漸漸增大，水的阻力漸漸增大，當(dāng)重力與水的阻力之和等于浮力時(shí)，小球勻速向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤．8．D在0～t1時(shí)間內(nèi)，由題圖乙可知，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度漸漸減小，設(shè)斜面傾角為θ，對(duì)物體受力分析，在豎直方向上有Ncosθ＋fsinθ－mg＝ma1，在水平方向上有Nsinθ＝fcosθ，因加速度減小，則支持力N和摩擦力f均減?。趖1～t2時(shí)間內(nèi)，由題圖乙可知，物體做減速運(yùn)動(dòng)，加速度漸漸增大，對(duì)物體受力分析，在豎直方向上有mg－(Ncosθ＋fsinθ)＝ma2，在水平方向上有Nsinθ＝fcosθ，因加速度增大，則支持力N和摩擦力f均減小，故D正確．9．BD剪斷輕繩的瞬間，繩的彈力馬上消逝，而彈簧彈力瞬間不變；對(duì)b依據(jù)牛頓其次定律可得mab＝2mg，解得ab＝2g，方向向下；c上面的彈簧在繩子剪斷前的彈力等于三個(gè)物塊的總重力，即3mg，剪斷輕繩后，對(duì)c依據(jù)牛頓其次定律可得3mg－mg＝mac，解得ac＝2g，方向向上，所以A錯(cuò)誤，B正確；剪斷輕繩后，a、b下落過(guò)程中，二者在起先的一段時(shí)間內(nèi)加速度不同，所以兩者不會(huì)保持相對(duì)靜止，兩者之間的輕彈簧長(zhǎng)度肯定會(huì)發(fā)生變更，C錯(cuò)誤；剪斷輕繩后，a、b下落過(guò)程中，a、b加速度相等的瞬間，兩者之間的輕彈簧肯定處于原長(zhǎng)狀態(tài)，此時(shí)二者的加速度都為g，D正確．10．CD由于整個(gè)裝置做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，又輕繩OB向右偏離豎直方向，所以小球B的合力水平向左，加速度方向水平向左，因此小車運(yùn)動(dòng)方向向左，A錯(cuò)誤；對(duì)小球B受力分析如圖1所示，則TB＝eq\f(mg,cos45°)＝eq\r(2)mg，由牛頓其次定律得FB＝mgtan45°＝ma，解得a＝g，B錯(cuò)誤；對(duì)小球A受力分析如圖2所示，豎直方向上，由力的平衡條件得mg＝Ty＝TAsin45°，解得TA＝eq\r(2)mg，則TA＝TB，在水平方向上由牛頓其次定律得TC－TAcos45°＝ma，解得TC＝2mg，即TC＝eq\r(2)TA，CD正確．11．答案