物理-2025年中考終極押題猜想（廣州專用）（解析版）

年中考物理終極押題猜想（廣州）（高分的秘密武器：終極密押+押題預測）題型一選擇題押題猜想一估測 2押題猜想二能量的轉換關系及效率 5押題猜想三物態(tài)變化 9押題猜想四兩種電荷的相互作用及物體是否帶電判斷 13押題猜想五聲現象 16押題猜想六簡單機械與機械效率 19押題猜想七電和磁 22押題猜想八機械運動及慣性 27押題猜想九比熱容 30押題猜想十電路設計 34二、非選擇題押題猜想十一光的反射、折射與平面鏡成像 38押題猜想十二凸透鏡的成像規(guī)律及其應用 43押題猜想十三杠桿 48押題猜想十四摩擦力 53押題猜想十五機械能的相互轉化 57押題猜想十六壓強 60押題猜想十七浮力 65押題猜想十八電功和電功率 70押題猜想十九探究與設計 75題型一選擇題押題猜想一估測下列有關物理量的估測，最符合實際的是（）A．教室的門框高度約2mB．物理教科書所受重力約50NC．中學生百米賽跑用時約6sD．中學生雙腳站立對地面的壓強約100Pa【答案】A【詳解】A．教室高度一般為3米左右，教室門稍矮一些，故教室的門框高度約2m，故A符合題意；B．一本物理課本的質量約300g＝0.3kg受到的重力約G＝mg＝0.3kg×10N/kg＝3N故B不符合題意；C．中學生百米賽跑用時約14s，故C不符合題意；D．中學生的體重在G＝500N左右，雙腳站立時與水平地面的接觸面積在0.04m2左右，雙腳對水平地面的壓強在故D不符合題意。故選A。押題解讀本題考查長度、重力、時間、壓強的相關知識，運用到了質量的單位換算，重力與質量的關系，力的平衡關系，固體壓強的求解公式等，有一定的綜合性。從生活走向物理，要求學生對生活中的常見實物有一定了解，并能結合相關物理量進行估測及計算，對各個常用物理單位的量度大小要十分清楚，考查難度一般。考前秘笈留心日常學習與生活中常見的實物的物理量大小，尤其是長度、質量等物理量，考查頻率較高。常規(guī)題材往往專注一個物理量進行考查，需熟練掌握同一個物理量各個單位的換算關系，新題型往往具有一定的范圍性，涉及多個物理量的考查，涉及一些簡單的計算，基礎知識需掌握牢固。對于自己不熟悉的實物，可以借助熟悉的物理做參照進行估測，如自身身高、體重、手指長短、行走速度，課桌高度，直尺的長度等。1．.對羊城通卡相關數據估計合理的是（）A．長約 B．厚約C．底面積約 D．體積約【答案】A【詳解】羊城通卡比大拇指稍長一些，長約為8.5cm=85mm；寬約和手掌寬度相同，約為5cm，底面積約為S=8.5cm×5cm=42.5cm2≈0.42dm2羊城通卡厚約為1mm，體積約為V=0.lcm×42.5cm2=4.25cm3=4.25×10-6m3故A符合題意，BCD不符合題意。故選A。2．百日沖刺，決戰(zhàn)中考。在2024屆初三百日誓師活動中，我校初三全體教師走進學生隊伍，為初三學子們佩戴象征著希望的“夢想手環(huán)”，如圖。在該活動中，下列數據最符合實際的是（）

A．手環(huán)的質量約為6g B．手環(huán)的直徑為600mmC．某同學的正常體溫為35.6℃ D．某同學的手腕周長約為30cm【答案】A【詳解】A．手環(huán)的質量較輕，10g左右，接近6g，故A符合題意。B．手環(huán)的直徑為60mm，合6cm，故B不符合題意；C．人體的正常體溫約為36.5℃，變化不大，故某同學的正常體溫為36.5℃，故C不符合題意；D．中學生手腕的直徑約6cm，手腕周長約為20cm，故D不符合題意。故選A。3．如圖所示是一款普通的無線藍牙耳機，關于此耳機估測合理的是（）A．單只耳機的質量為1kg B．耳機內置發(fā)聲單元直徑5cmC．耳機單次充滿能正常工作4小時 D．耳機的工作電流為2A【答案】C【詳解】A．單只耳機的質量約為5g=0.005kg，故A不符合題意；B．耳機內置發(fā)聲單元直徑，故B不符合題意；C．根據生活常識可知，耳機單次充滿能正常工作時間4小時左右，故C符合題意；D．耳機的工作電流約為0.1A，故D不符合題意。故選C。押題猜想二能量的轉換關系及效率如圖，航天器都有很大的太陽能電池板，對它分析正確的是（）A．電池板充電時將太陽能轉化為化學能B．太陽能電池板的能量轉化率低于100%C．電池板利用的太陽能是不可再生能源D．太陽能來自于太陽內部發(fā)生的核裂變【答案】B【詳解】A．太陽能電池板充電時將太陽能直接轉化為電能，故A不符合題意；B．目前太陽能電池板的能量轉化效率在24%左右，遠低于100%，故B符合題意；C．電池板利用的太陽能屬于可再生能源，故C不符合題意；D．太陽能來源于太陽內部的核聚變，故D不符合題意。故選B。押題解讀本題以航空主題為背景，考查與太陽能相關的物理知識，太陽能的開發(fā)是很多國家的新能源計劃，有關太陽能的考題出現頻率較高。學生需知道太陽能可通過電池板直接轉為化學能，能量的轉換率總低于100%，太陽能屬于可再生能源，太陽內部發(fā)生的是核聚變，有一定的綜合性，但總體難度較容易。考前秘笈注意能量與能量是可以進行相互轉換的，且都遵循能量守恒定律，但不管以哪種方式轉換，利用任何機械轉換，因存在能量損失，能量轉化率總低于100，同時要了解哪些能源屬于可再生能源，哪些能源屬于不可再生能源，以及核聚變和核裂變的區(qū)別。1．圖為Aquila太陽能無人機，該飛機以太陽能為能量來源，主要作用是在高空中為偏遠地區(qū)提供上網服務，以下說法正確的是（）A．太陽能無人機將接收到的太陽能全部轉化為機械能B．太陽能無人機將太陽能轉化為內能，再將內能轉化為動能C．太陽能是一種可再生能源D．高能量電池為飛機提供動力，將電能轉化為化學能【答案】C【詳解】A．太陽能無人機將接收到的太陽能轉化為電能，將電能轉化為化學能儲存起，或直接轉化為機械能，故A錯誤；B．太陽能無人機將太陽能轉化為電能，再將電能轉化為機械能或化學能儲存起來，故B錯誤；C．太陽能取之不盡用之不竭，屬于可再生能源，故C正確；D．高能量電池為飛機提供動力，將化學能轉化為電能，故D錯誤。故選C。2.如圖所示，小球A沿著粗糙的曲面加速向下滾動的過程中，小球A的（）A．動能不變，重力勢能不變，機械能不變B．動能不變，重力勢能變小，機械能變小C．動能變大，重力勢能變小，機械能不變D．動能變大，重力勢能變小，機械能變小【答案】D【詳解】小球A沿著粗糙的曲面加速向下滾動的過程中，速度增大，動能增大，高度減小，重力勢能減小，接觸面粗糙，需要克服摩擦力做功，機械能減小，故D符合題意，ABC不符合題意。故選D。3.下列選項中裝置與其能量流向情況合理的是（）A．B．C．D．【答案】D【詳解】A．用電器將電能轉化為其他形式的能量，不能輸入電能，故A不符合題意；B．熱機輸出的能量大于輸入的內能，違背能量守恒定律，故B不符合題意；C．熱機工作時不可避免的有能量損失，熱機不能把輸入的內能全部轉化為機械能，故C不符合題意；D．用電器輸入1000J，輸出900J機械能，100J的內能，能量轉化形式正確，輸入和輸出能量相等，符合能量守恒定律，故D符合題意。故選D。4.如圖，太陽能汽車利用太陽能電池將光能轉化為電能，儲存在車上的蓄電池內，為汽車提供動力。下列說法正確的是（）A．太陽能汽車關閉動力后，將慢慢停下，將動能轉化為內能B．蓄電池為汽車提供動力時，將電能轉化為化學能C．太陽能汽車將接收到的光能全部轉化為機械能D．太陽能汽車將光能轉化為內能，再將內能轉化為動能【答案】A【詳解】A．力是改變物體運動狀態(tài)的原因，汽車關閉發(fā)動機后，由于車受摩擦力的作用會慢慢停下來，這個過程汽車要克服摩擦力做功，動能轉化內能，故A正確；B．蓄電池為汽車提供動力時，將化學能轉化為電能，故B錯誤；C．太陽能汽車不能將接收到的光能全部轉化為機械能，有一部分太陽能會轉化為內能等其它形式的能，故C錯誤；D．太陽能汽車將光能轉化為電能，再將電能轉化為動能，故D錯誤。故選A。押題猜想三物態(tài)變化如圖所示，會“冒煙的”炒酸奶是非常受歡迎的路邊小吃。將-196℃的液氮（液態(tài)氮氣）倒入容器中，然后倒入酸奶，酸奶會瞬間凝固成塊，同時出現大量“白氣”。下列論述分析正確的是（）

A．酸奶在凝固過程中需要吸收熱量B．大量“白氣”是氮氣的液化現象C．可以通過壓縮氮氣的體積獲得液氮D．過一會“白氣”消失是液氮汽化現象【答案】C【詳解】A．酸奶在凝固過程中需要放出熱量，故A錯誤；B．大量“白氣”是空氣中水蒸氣遇冷液化成小水滴，故B錯誤；C．液化的方式有降低溫度和壓縮體積，所以可以通過壓縮氮氣的體積獲得液氮，故C正確；D．過一會“白氣”消失是小水滴汽化成水蒸氣，故D錯誤。故選C。押題解讀本題聯(lián)系生活實際，用凝固、液化、汽化等物理態(tài)變化解釋生活的現象，是簡單的基礎題。物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫凝華，由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)的過程叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐后w的過程叫液化，常見的白氣、白霧是水蒸氣遇冷液化成的小水滴；由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)的過程叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過程叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫凝固。六種物態(tài)變化的過程種，都伴隨著吸熱或者放熱，其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。使氣態(tài)液化有兩種方式：降低溫度和壓縮體積。壓縮體積并不能使所有的氣體都液化，有些氣體必須在降到一定溫度時，壓縮體積才可以液化?？记懊伢欧治錾钪械臒岈F象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀態(tài)；對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況要有清晰的認識；另外對于熔點、凝固點、沸點，晶體熔化和凝固的特點也要有清晰的認識。1．如圖所示的黑龍江冬捕場景中，被捕上來的魚過一會兒表面上會結出一層薄薄的冰，而捕魚人的發(fā)須上會出現白色的粉末。這兩種物態(tài)變化分別是（

）

A．凝固與升華 B．熔化與凝華 C．凝固與凝華 D．液化與汽化【答案】C【詳解】被捕上來的魚過一會兒表面上會結出一層薄薄的冰，是水變成冰的過程，由液態(tài)變成固態(tài)，屬于凝固現象；捕魚人的發(fā)須上會出現白白的粉末，是氣態(tài)的水蒸氣變成固態(tài)的冰，由氣態(tài)變成固態(tài)的過程，屬于凝華過程，故C符合題意，ABD不符合題意。故選C。2.物質M原來沒有流動性，在發(fā)生某種物態(tài)變化后具有流動性，以下說法正確的是（）A．這種物態(tài)變化一定是熔化B．物質M發(fā)生該物態(tài)變化一定需要吸熱C．這種物態(tài)變化一定是液化D．物質M發(fā)生該物態(tài)變化一定需要放熱【答案】B【詳解】固體不具有流動性，液體和氣體具有流動性，物質M原來沒有流動性，為固態(tài)，在發(fā)生某種物態(tài)變化后具有流動性，說明物質由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)（熔化）或氣態(tài)（升華），熔化和升華過程都需要吸收熱量，故ACD錯誤，B正確。故選B。3.將銅和錫等物質混合一同加熱至全部熔化，制成合金，這是我國古代青銅冶煉的一種方法。根據下表，可這樣制取的合金是（）金屬（標準大氣壓）鋅銀鐵銅熔點（℃）41996215351083沸點（℃）907221327502567A．鋅﹣銀 B．鐵﹣銅 C．鋅﹣銅 D．鐵﹣鋅【答案】B【詳解】A．由表格數據可知，鋅的沸點為907℃，銀的熔點為962℃，因為銀的熔點高于鋅的沸點，所以銀熔化時鋅已經汽化，所以不可能制取鋅﹣銀合金，故A不符合題意；B．由表格數據可知，鐵的熔點為1535℃，銅的熔點和沸點分別為1083℃和2567℃；因此當鐵熔化時，銅已經熔化，但還沒有汽化，故兩種金屬可以同時為液態(tài)，所以可以制取鐵﹣銅合金，故B符合題意；C．由表格數據可知，鋅的沸點為907℃，銅的熔點為1083℃；因為銅的熔點高于鋅的沸點，所以銅熔化時鋅已經汽化，所以不可制取鋅﹣銅合金，故C不符合題意；D．由表格數據可知，鋅的沸點為907℃，鐵的熔點為1535℃；因為鐵的熔點高于鋅的沸點，所以鐵熔化時鋅已經汽化，所以不可制取鐵﹣鋅合金，故D不符合題意。故選B。4.金屬“鎵”是晶體，如圖，將一塊柱形的金屬“鎵”輕輕地放在手心，很快就會變成一顆液滴，由此可知該過程（）A．金屬“鎵”發(fā)生熔化B．金屬“鎵”發(fā)生液化C．該過程金屬“鎵”放熱D．金屬“鎵”的熔點高于手的溫度【答案】A【詳解】AB．將一塊金屬放在手心，金屬很快熔化成了一顆液滴，是由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的熔化過程，故A符合題意、B不符合題意；C．金屬“鎵”熔化過程中需要吸熱熱量，故C不符合題意；D．金屬“鎵”需要從手心吸收熱量，熔點低于手的溫度，故D不符合題意。故選A。5.如圖是某物質熔化時溫度隨加熱時間變化的圖象，由圖可知，該物質（）

A．是非晶體 B．熔化過程經歷了C．在BC段溫度不變，不吸熱 D．在B點的內能小于在C點的內能【答案】D【詳解】AB．從3min~6min過程中，吸收熱量，溫度保持不變，即有固定熔點，故該物質為晶體，由圖可知，該物質從到是熔化過程，經歷時間6min-3min=3min故AB錯誤；C．在BC段是該晶體的熔化過程，此時繼續(xù)吸熱，溫度不變，故C錯誤；D．晶體在熔化過程中，吸收熱量，溫度不變，但內能增加，則在B點的內能小于在C點的內能，故D正確。故選D。押題猜想四兩種電荷的相互作用及物體是否帶電判斷如圖a，用絕緣線分別懸吊甲、乙兩輕小物體，摩擦后失去電子的玻璃棒丙分別靠近甲、乙，現象如圖b所示，則（）A．甲一定帶負電B．乙可能不帶電C．丙一定帶正電D．甲和乙靠近時，一定如圖c所示【答案】C【詳解】A．摩擦后失去電子的玻璃棒丙帶正電，甲與丙相互吸引，甲可能帶負電，也可能不帶電，故A錯誤；B．丙帶正電，丙和乙相互排斥，乙一定帶正電，故B錯誤；C．摩擦后失去電子的玻璃棒丙一定帶正電，故C正確；D．乙?guī)д?，甲可能帶負電，也可能不帶電，甲和乙靠近時，會相互吸引，故D錯誤。故選C。押題解讀本題考查了物體的帶電情況，關鍵是會根據摩擦起電的原因和電荷間的相互作用規(guī)律分析物體的帶電情況，知道帶電物體可以吸引輕小物體，考查難度較易，但需要具備一定邏輯思維能力?？记懊伢沤鉀Q此類題目注意以下三點：（1）摩擦后失去電子的物體帶正電。（2）同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；（3）排斥的帶有同種電荷，吸引的可能帶有異種電荷，也可能不帶電。1．小明學過靜電知識后，做了一個有趣的實驗。他準備了兩個不帶電的泡沫盤子，分別用不帶電的毛巾摩擦后，兩個盤子不能疊加，而是粘在手上，如圖所示，下列分析正確的是（）A．兩個盤子因帶上了同種電荷而相互排斥B．毛巾和盤子摩擦后帶上了同種電荷C．盤子粘在手上的原因是分子間有引力D．盤子能粘在手上說明手一定帶電【答案】A【詳解】A．兩個盤子因帶上了同種電荷，同種電荷會相互排斥，故兩個盤子會相互排斥，故A正確；B．毛巾和盤子摩擦后帶上了異種電荷，并非同種電荷，故B錯誤；C．盤子粘在手上的原因是帶電體具有吸引輕小物體的性質，故C錯誤；D．盤子粘在手上，盤子帶電，手不一定帶電，故D錯誤；故選A。2.含塵氣體經過靜電除塵裝置的離子發(fā)生器時，空氣分子被電離為正離子和電子，正離子使塵粒帶正電奔向積塵盤的負極，下列說法正確的是（）

A．輕小紙片靠近積塵盤被吸引，小紙片一定帶正電B．塵粒被吸附到積塵盤負極是因為異種電荷相互吸引C．空氣被電離是創(chuàng)造了電荷，使粉塵帶上了電D．該靜電除塵裝置利用了帶電體能吸引輕小物體的性質【答案】B【詳解】A．若某輕小紙片靠近積塵盤被吸引，由于帶電體可以吸引輕小物體，則該小紙片可能帶正電，也可能不帶電，故A錯誤；B．含塵氣體經過離子發(fā)生器時，空氣分子被電離為正離子和電子，正離子使塵粒帶正電奔向積塵盤的負極，所以塵粒被吸附到積塵盤負極是因為異種電荷相互吸引，故B正確；C．空氣被電離沒有創(chuàng)造電荷，而是用電離的方法使正負電荷分開，故C錯誤；D．該靜電除塵裝置利用了電荷間的相互作用規(guī)律，故D錯誤。故選B。3.如圖，將甲、乙兩個帶電小球放在光滑的絕緣水平面上，其中甲球帶正電荷、乙球帶負電荷。沿著甲、乙兩球的球心連線方向，在某一位置放上一個帶電小球丙。則丙球帶下列電荷后可能出現（）A．帶正電；放在甲的左側，甲靜止 B．帶負電；放在甲與乙之間，丙靜止C．帶負電；放在乙的右側，乙靜止 D．帶正電；放在乙的右側，乙靜止【答案】D【詳解】AD．三個球放在光滑的絕緣水平面上，已知甲球帶正電荷、乙球帶負電荷。若丙球帶正電荷，根據電荷間的相互作用規(guī)律可知，放在甲的左側，甲球受到向右丙球的斥力和乙球向右的吸引力，故甲球受到向右的力，無法保持靜止；丙球放在乙的右側，乙球受到甲球的向左的引力和丙球向右的吸引力，且二力大小相等，所以帶正電的丙球應放在乙的右側，乙球靜止，故A不符合題意，D符合題意；BC．若丙球帶負電荷，根據電荷間的相互作用規(guī)律可知，丙球放在乙的右側，乙球受到丙球向做的斥力和甲球向左的吸引力，故乙受到向左的力，無法靜止；丙球放在甲與乙之間，丙球受到甲球向左的吸引力和乙球向左的斥力，所以丙球受到向左的力，無法靜止。故BC不符合題意。故選D。押題猜想五聲現象排簫是中國的傳統(tǒng)樂器，它由長短不同的竹管組成。下列說法正確的是（）A．排簫聲是由竹管的振動產生B．長竹管發(fā)出的聲音一定比短竹管的響度大C．用力吹氣是為了提高聲音的音調D．聆聽樂曲時能區(qū)分排簫聲和笛子聲是依據音色的不同【答案】D【詳解】A．聲音是由物體的振動產生的，排簫發(fā)出聲音是由管內空氣柱振動產生的，故A錯誤；B．響度和振幅有關，長竹管發(fā)出的聲音的振幅不一定比短竹管發(fā)出的聲音的振幅大，故響度不一定大，故B錯誤；C．用力吹氣是為了增大振幅，提高聲音的響度，故C錯誤；D．每個發(fā)聲體發(fā)出聲音的音色是不同的，我們能區(qū)別排簫的聲音是依靠音色，故D正確。故選D。押題解讀本題關注中國傳統(tǒng)文化，理論聯(lián)系實際，學以致用，主要考查了聲音的產生以及聲音的三個特征，既響度與振幅的關系、音調與頻率的關系，音色與材料的關系，屬于基礎題，但考查頻率高，易得分。考前秘笈明白聲音是由物體振動產生的；音調是指聲音的高低，由發(fā)聲體的振動頻率決定；響度是指聲音的強弱或大小，與發(fā)聲體的振幅和距離有關；音色是由發(fā)聲體本身決定的一個特性。1.鋸琴，也稱為“樂鋸”，即用鋸子演奏音樂，其結構如圖甲所示。演奏時，觸動鋸身寬度越寬，發(fā)出聲音的音調越低，如圖乙，與觸動B點相比，觸動A點時（）

A．發(fā)聲時每秒振動的次數多 B．發(fā)聲時動幅度小C．發(fā)出的聲音頻率低 D．發(fā)出的聲音響度大【答案】C【詳解】演奏時，觸動鋸身寬度越寬，發(fā)出聲音的音調越低，用同樣的力，與觸動B點相比，觸動A點時鋸身較寬，發(fā)出的音調低，鋸子振動的頻率慢，每秒振動的次數少，振動的幅度不變，響度不變，故C符合題意，ABD不符合題意。故選C。2.“記里鼓車”又稱“大章車”，是中國古代用來記錄車輛行過距離的馬車，《古今注》記載：大章車，行一里，下層擊鼓；行十里，上層擊鐲（鼓、鐲均為古代的樂器），人們根據鼓和鐲的聲音，確定車行駛的距離，以下說法錯誤的是（）A．鼓、鐲受到打擊時發(fā)生振動，產生聲音B．人們聽到鼓聲是否響亮，只跟鼓發(fā)聲時的振幅有關C．鼓皮繃得越緊，使每秒振動的次數越多，音調就越高D．人們根據鼓、鐲發(fā)出的音色不同，從而分辨出鼓聲和鐲聲【答案】B【詳解】A．車上的木人敲擊鼓和鐲時，鼓、鐲發(fā)生振動，產生聲音，故A正確，不符合題意；B．人聽到聲音的響度跟發(fā)聲體的振幅有關，還與距離發(fā)聲體的遠近以及聲音的分散程度有關，故B錯誤，符合題意。C．擊鼓時，鼓皮繃得越緊，每秒內振動次數越多，即振動頻率越快，聲音的音調就越高，故C正確，不符合題意；D．人能區(qū)分鼓聲和鐲聲是依據聲音的音色不同，故D正確，不符合題意。故選B。3.如圖為同一個聲音某段聲音的波形，則A段比B段（）

A．音調高，響度大 B．音調高，響度小C．音調低，響度大 D．音調低，響度小【答案】D【詳解】從波形圖中可以知道：A段的頻率低、音調低，振幅小、響度??；B段的頻率高、音調高，振幅大、響度大。故選D。押題猜想六簡單機械與機械效率如下圖所示，小明分別使用甲、乙、丙、丁四種不同的機械把同一物體勻速提升到同一高度，（繩長不變），下列說法中正確的是（）

A．使用機械丁最省力 B．機械乙的機械效率最高C．的大小為物重的一半 D．使用這四種機械的有用功相同【答案】D【詳解】A．根據四個圖可知，甲是斜面，使用斜面可以省力；乙是定滑輪，不能省力；丙是動滑輪，可以省一半的力；丁是滑輪組，有三段繩子拉著動滑輪，拉力為物重和動滑輪總重的三分之一；由于不知道斜面的傾角，無法判定省力情況，故A錯誤；B．由于不知道繩子與滑輪之間的摩擦情況，無法判定額外功的大小，無法比較機械效率的大小，故B錯誤；C．根據動滑輪特點可知，此時的最小拉力為物重和動滑輪總重的二分之一，故C錯誤；D．把同一物體勻速提升到同一高度，根據W=Gh可知，有用功相同，故D正確。故選D。押題解讀本題考查了使用定滑輪、動滑輪、滑輪組時有用功、機械效率的大小比較，以及機械的升力情況，屬于綜合題，難度中等，對學生的辨析能力、綜合運用能力，核心素養(yǎng)的要求較高?？记懊伢艜鶕C械的特點分析其省力情況；會根據W=Gh分析有用功大?。粫鶕偣Φ拇笮》治鰴C械效率的高低；明白機械可以省力，但不能省功，故任何機械的效率都小于1.1.如圖所示，分別使用甲、乙、丙三種方式把同一物體M勻速提升至相同高度（繩長不變），測得各拉力大小如圖所示，則（）

A．利用機械丙提升M時省力 B．丙的機械效率小于乙的C．F乙和F丙兩個力所做的功相同 D．F甲做的功的功率一定小于F乙的【答案】B【詳解】A．由圖可知，甲直接提升物體，此時的拉力為10N；乙通過定滑輪提升物體，此時的拉力為11N；丙通過動滑輪提升物體，此時的拉力為11N，大于直接提升物體所用的力，所以利用機械丙提升M時不省力，故A不符合題意；BC．物體上升相同的高度，由定滑輪和動滑輪的特點可知，F乙移動的距離是F丙移動距離的一半，根據W=Fs可知，F丙所做的功要大；機械丙和機械乙把相同的物體提升相同的高度，根據W=Gh可知，所做的有用功是相同的，因F丙所做的總功要大，根據可知，機械丙的機械效率比機械乙的低，故B符合題意，C不符合題意；D．甲、乙中將相同物體提升相同的高度，兩圖中做的有用功相同；因乙裝置中要克服動滑輪重做額外功，所以乙裝置中做的總功多，即F甲做的功一定小于F乙做的功，將物體以相同速度提升相同的高度，但因不知把同一物體M勻速提升至相同高度所用的時間關系，根據可知，無法確定F甲做的功的功率與F乙做功的功率大小關系，故D不符合題意。故選B。2.如圖甲乙所示，小凱分別用兩種機械（繩長不變）使物體M做勻速直線運動，測得拉力F、M的重力及M所受摩擦力如下表所示，則下列選項中正確的是（）

F甲F乙G甲f甲f乙8N8N12N6N6NA．如圖甲，改變F甲的方向，甲的機械效率也改變B．乙機械一定省力C．甲、乙的機械效率相等D．甲的機械效率大于乙的機械效率【答案】D【詳解】A．如圖甲是定滑輪，改變F甲的方向，力的大小不發(fā)生改變，甲的機械效率不發(fā)生改變，故A錯誤；B．乙機械的拉力為8N，直接拉動M只需6N的拉力，使用乙機械不省力，故B錯誤；CD．甲的機械效率，乙的機械效率由表格數據可知，，，由此可知，故C錯誤，D正確。故選D。3.小凱和小滿同學用相同的拉力F拉著同一個物體，沿不同的斜面向上勻速運動了相同的距離，如圖所示。此過程中，下列說法正確的是（）A．小滿所做的總功較多B．兩人所做的總功一樣多C．兩人所做的有用功一樣多D．甲、乙兩斜面的機械效率相同【答案】B【詳解】ABC．小凱和小滿同學用相同的拉力F拉著同一個物體，沿不同的斜面向上勻速運動了相同的距離，由圖可知，兩個斜面的傾斜程度不同，則同一物體在兩個斜面上升的高度不同，甲斜面較陡，物體在甲斜面上升的高度大，乙斜面較緩，同一物體在乙斜面上升的高度小。由W有用=Gh可知，兩人做的有用功不同，甲斜面中做的有用功較大。由W總=Fs可知，由于F和s都相同，所以兩人做的總功一樣多。故AC錯誤，B正確；D．斜面的機械效率為兩人做的總功相同，有用功不同，所以機械效率不同。故D錯誤。故選B。押題猜想七電和磁如圖1，當導體通入圖中所示方向電流I時，磁場對導體的力F方向豎直向上．用Fab、Fcd、Fa′b′和Fc′d′分別表示圖2、3中閉合開關時磁場對導體ab、cd、a′b′和c′d′的力，則（）

A．Fab豎直向上 B．Fcd豎直向上 C．Fa′b′豎直向上 D．Fc′d′豎直向下【答案】B【詳解】圖1中，導體棒中的電流方向垂直于紙面向里，磁體間的磁場方向從右向左，導體受到磁場力的方向是豎直向上的；AB．圖2中，閉合開關后，ab中的電流方向垂直于紙面向外（即從b到a），磁體間的磁場方向從右向左，與圖1中的電流方向相反，磁場方向相同，所以ab與圖2中導體受到磁場力的方向相反，即Fab方向豎直向下；由于cd中的電流方向與ab中的電流方向相反，磁場方向相同，則cd的受力方向與ab的受力方向相反，即Fcd豎直向上，故A不符合題意，B符合題意；CD．圖3中，閉合開關后，a′b′中的電流方向垂直于紙面向里（即從a'到b'），而磁體間的磁場方向是從左向右，與圖1中的電流方向相同，磁場方向相反，所以a′b′與圖1中導體受到磁場力的方向相反，即Fa′b′豎直向下；由于c'd'中的電流方向與a'b'中的電流方向相反，磁場方向相同，則c'd'的受力方向與a'b'的受力方向相反，即Fc′d′豎直向上，故CD不符合題意。故選B。押題解讀本題考查了影響磁場力方向的因素，看懂圖示，找出與圖示相同點和不同點是解題的關鍵。中考電和磁考查頻率較高，而電磁感應、電流的磁效應、磁極間的相互作用常放一起綜合考查，知道如何判斷通電導體在磁場中受力情況，了解電磁感應現象，知道產生感應電流的條件及磁極間的相互作用，需根據原理進行區(qū)分與辨別，難度一般，當然也有單獨考查的，如只考查磁極間的相互作用，這類題往往較容易。考前秘笈通電導體在磁場中受力的方向與電流方向和磁場方向有關；當只改變其中一個因素時，磁場力的方向放生改變；當兩個因素都改變時，磁場力的方向不變。閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中會產生感應電流，可將機械能轉換為電能。異名磁極相互吸引，同名磁極相互排斥。物理為實驗學科，很多知識來自于實驗，學生應重視實驗學習，掌握好實驗的原理和現象。1.某LED的發(fā)光顏色與通過其電流方向的關系如圖1所示，線圈1順時針轉動時該LED發(fā)光情況如圖2所示（發(fā)黃光），圖3所示的線圈都在轉動，LED發(fā)紅光的是（）

A．只有甲、乙 B．只有甲、丙 C．只有乙、丙 D．甲、乙、丙【答案】D【詳解】如圖2知，線圈的右邊導體向下運動，受力向下，磁感線從N到S（從右向左），發(fā)黃光，電流從A腳流入，B腳流出；圖3中甲圖與圖2相比，磁感線從N到S（從左向右），磁場方向變化；線圈的右邊導體向下運動，受力向下，受力方向不變；則電流方向也要變化，則電流從B腳流入、A腳流出，所以此時發(fā)紅光；圖3中乙圖與圖2相比，磁感線從N到S（從右向左），磁場方向不變；線圈的右邊導體向上運動，受力向上，受力方向變化；是由電流方向變化引起，則電流從B腳流入、A腳流出，所以發(fā)紅光；圖3中丙圖與圖2相比，磁感線從N到S（從左向右），磁場方向變化；線圈的右邊導體向上運動，受力向上，受力方向變化；電流方向不變，則電流從B腳流入、A腳流出，所以發(fā)紅光。故選D。2.兩個鋼棒放在水平地面上，地磁南極方向如圖所示。若鋼棒保持靜止不動，其有無磁性、磁極位置的情況如圖所示，在這兩個鋼棒正中間放入一個小磁針，小磁針靜止時N極指向正確的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【詳解】AB．兩鋼棒都有磁性且N極和S極相對，根據磁極間的相互作用，靜止時小磁針的N極應豎直向下與鋼棒的S極相對，故AB錯誤；C．兩鋼棒均無磁性，上方為地磁南極，靜止時，根據磁感線在磁體外部從N極出發(fā)回到S極，小磁針N極指磁場方向，小磁針N極指向地磁南極，故C正確；D．上方鋼棒無磁性，下方鋼棒有磁性且距小磁針較近，故小磁針N極應和下方鋼棒的S極相對，故D錯誤。故選C。3.如圖，兩銅線圈用導線相連，磁鐵放在線圈1中快速抽出瞬間，觀察到線圈2右側的小磁針偏轉情況如圖所示。兩線圈間導線足夠長，忽略磁鐵的磁場對小磁針的影響，則磁鐵在線圈1中抽出瞬間（）A．此裝置沒有電源B．線圈2的右端是N極C．磁鐵抽出時可以使線圈1產生感應電流D．此過程將線圈1的電能轉化成磁鐵的機械能【答案】C【詳解】AC．磁鐵抽出時，閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，可以使線圈1產生感應電流，線圈相當于是電源，故A不符合題意，C符合題意；B．小磁針的N極向左，根據異名磁極相互吸引可知，線圈2的右端是S極，故B不符合題意；D．此過程中產生了電能，是將磁體的機械能轉化為線圈1的電能，故D不符合題意。故選C。4．如圖所示的四個圖的裝置可以用來演示物理現象，下列表述正確的是（）A．圖甲可用來演示磁場對電流的作用B．圖乙可用來演示電流的磁效應C．圖丙可用來演示電磁感應現象D．圖丁可用來演示電磁鐵的磁性強弱與電流大小的關系【答案】A【詳解】A．甲圖中開關閉合后，導體棒內通以電流，則導體在磁場力的作用下發(fā)生運動，故演示的為磁場對電流的作用，故A正確；B．乙圖中導體棒ab在磁場中做切割磁感線運動時，電流表中會產生感應電流，故演示的為電磁感應，故B錯誤；C．丙圖中放在小磁針上方的導線中有電流通過時，小磁針會發(fā)生偏轉，說明通電導體周圍產生了磁場，即演示了電流的磁效應，故C錯誤；D．丁圖中通電后串聯(lián)的兩繞有線圈的鐵釘都可吸引小鐵釘，但左邊吸引的個數要多，說明通電螺線管的磁極強弱與線圈匝數有關，故D錯誤。故選A。押題猜想八機械運動及慣性如圖，列車停在平直站臺上，車廂的扶手吊環(huán)靜止，透過車窗可看到廣告牌A。列車突然啟動，可能出現的是（）A． B．C． D．【答案】C【詳解】AB．由圖可知，廣告牌相對車廂向左運動，說明列車突然向右啟動，則兩個扶手由于慣性都會向左擺動，故AB不符合題意；CD．由圖可知，廣告牌相對車廂向右運動，說明列車突然向左啟動，則兩個扶手由于慣性都會向右擺動，故C符合題意，D不符合題意。故選C。押題解讀本題考查了機械運動及慣性的知識，是基礎題，解決問題的關鍵是吊環(huán)相對于廣告牌靜止，考生要根據廣告牌來判斷車廂和吊環(huán)的運動狀態(tài)。會選擇參照物，理解慣性是解這類型題的基本要求?？记懊伢乓粋€物體相對于另一個物體位置的改變叫機械運動；事先選定的物體叫做參照物；物理學中把物體保持原有運動狀態(tài)不變的性質叫慣性。1．如圖，小車在水平地面靜止，在無摩擦的水平車板上放有一靜止的小球。車突然向東啟動時，水平車板上的小球（忽略空氣的作用力）（）A．相對車板靜止 B．相對地面靜止C．相對車板向東運動 D．所受的力不平衡【答案】B【詳解】ABC．小車在水平地面靜止，小球在水平車板上靜止，且水平車板無摩擦，當車突然向東啟動時，小球由于慣性繼續(xù)保持原來的靜止狀態(tài)，相對地面靜止，故小球相對車板向西運動，故B符合題意，AC不符合題意；D．小球與水平車板沒有摩擦力，且忽略空氣的作用力，小球只受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，二力是一對平衡力，小球保持靜止狀態(tài)，受力平衡，故D不符合題意。故選B。2．小明坐在窗口觀察窗外公路上的車流，如圖先看到甲后看到乙，則（）A．轎車一定加速運動B．兩車均向東運動C．卡車相對于轎車向東運動D．卡車急剎，車上貨物會由于慣性向東運動【答案】C【詳解】AB．由圖示知，卡車和轎車相對兩座塔都有向西的位置變化，所以兩車都向西運動。且轎車在相同時間內通過的距離比卡車的大，所以轎車運動的速度比卡車的大。若卡車向西勻速運動，則轎車向西加速運動或勻速運動，但勻速運動時，速度比卡車的快；卡車向西減速運動，轎車可能是加速、勻速或減速運動。故AB不符合題意；C．以轎車為參照物，卡車有向東的位置變化，所以卡車相對于轎車是向東運動，故C符合題意；D．卡車急剎時，車上的貨物由于慣性會保持原來的運動狀態(tài)向前運動，所以是向西運動的，故D不符合題意。故選C。3．沿水平面向北做勻速直線運動的密閉裝置內部如圖所示，裝置內部固定著一根豎直的桿，桿頂有一小球，忽略桿和球間的摩擦。某時刻裝置突然減速，小球從桿上落下，請判斷小球將落到桿的（）

A．東面 B．南面 C．西面 D．北面【答案】D【詳解】裝置正向北水平方向做勻速直線運動，突然裝置做減速運動時，小球由于慣性仍要保持原來的運動狀態(tài)，所以小球會向裝置運動的相同方向運動，小球將落到桿的北面，故ABC不符合題意，D符合題意。故選D。押題猜想九比熱容甲、乙兩保溫杯裝有初溫相同、等質量的同種液體，在恒溫的室內靜置，兩杯液體的溫度﹣時間變化圖像如圖所示．下列說法正確的是（）

A．甲杯內液體的比熱容等于乙杯內液體B．甲杯內液體的比熱容小于乙杯內液體C．0～4h甲杯內液體放出的熱量比乙杯多D．0～20h乙杯內液體放出的熱量比甲杯多【答案】A【詳解】AB．根據題意可知兩杯都是同種液體，所以兩杯液體的比熱容相等，故A正確，B錯誤；CD．如圖，0h兩杯液體的溫度相等，第4h時甲杯液體的溫度是80℃，乙杯液體的溫度是60℃，第20h時兩杯液體的溫度相等，利用可知0﹣4h乙杯放出的熱量多，0﹣20h兩杯放出的熱量相同，故CD錯誤。故選A。押題解讀本題考查比熱容的概念和熱量的計算，正確判斷液體的溫度關系是解題的關鍵。這類題還經常考查物體被相同的加熱器加熱導致溫度升高的情況，注意相同時間內液體吸收的熱量是相同。此外，學生需具備一定計算與審圖能力?？记懊伢疟葻崛菔俏镔|的一種特性，同種物質，同種狀態(tài)的比熱容相同；熱量計算公式：，以此來比較比熱容的大小關系及做相關分析；根據圖像分析升高溫度的關系；根據加熱時間判定吸熱的多少。1.如圖所示，甲、乙相同容器中分別裝了質量相等的A、B兩種液體，用相同的電加熱器加熱，忽略散熱損失，得到如圖丙所示的液體溫度與加熱時間的圖象。下列說法正確的是（）A．A液體的比熱容與B液體的比熱容之比為1：3B．A、B圖象的交點處表示兩種液體升高了相同溫度C．加熱時A的溫度比B高，說明A吸收的熱量更多D．如果兩者溫度都升高1℃，它們將吸收相同的熱量【答案】A【詳解】A．由圖可知，加熱后，A升高的溫度為15℃，B升高的溫度為5℃，AB的質量相同，吸收的熱量也相同，根據可知，比熱容的大小與升高的溫度成反比，則比熱容之比為故A正確；B．由圖可知，A、B圖象的交點處表示兩種液體溫度相同，但升高的溫度是不同的，故B錯誤；C．用相同電加熱器加熱，加熱器放出的熱量相同，則AB吸收的熱量也是相同的，故C錯誤；D．A、B兩種液體質量相等，由可知，當兩者溫度都升高時，B的比熱容大，故B吸收的熱量多，故D錯誤。故選A。2.甲、乙兩物體質量都為2kg，丙物體質量為lkg，三個物體溫度都升高1℃，吸收熱量如圖所示，以下說法正確的是（）

A．乙的比熱容與丙的相等B．甲的比熱容比丙的大C．丙的溫度降低1℃，需放出2000J的熱量D．甲、乙的溫度都降低1℃，乙比甲放出的熱量多【答案】C【詳解】由題意和圖可知，甲、乙兩物體質量都為2kg，丙物體質量為1kg，三個物體溫度都升高1℃，則甲吸收的熱量多，乙丙吸熱相同；由圖中的數據可知，甲、乙、丙的比熱容A．由以上計算可知，乙的比熱容小于丙的比熱容，故A錯誤；B．由以上計算可知，甲的比熱容小于丙的比熱容，故B錯誤；C．由丙的比熱容為可知，丙的溫度降低1℃，需放出2000J的熱量，故C正確；D．因為甲、乙的質量相等，甲的比熱容大于乙的比熱容，由可知，甲、乙的溫度都降低1℃，甲、乙的溫度都降低1℃，乙比甲放出的熱量少，故D錯誤。故選C。3.如圖1所示，規(guī)格相同的容器裝了相同質量的純凈水和油。用相同實際功率的電加熱器加熱，得到圖2所示的溫度與加熱時間的圖線，若液體吸收的熱量等于電加熱器放出的熱量，且c水>c油，則（）A．加熱相同時間，由于甲杯液體升高溫度大，所以甲杯液體吸收熱量多B．升高相同的溫度，兩杯液體吸收相同的熱量C．甲杯液體是水D．加熱相同時間，兩杯液體吸收的熱量相同【答案】D【詳解】AD.根據焦耳定律可知，加熱器產生的熱量等于加熱器電流做的功可知，甲乙加熱器的實際功率相同，加熱相同時間，所以加熱器提供的熱量相同，液體吸收熱量相同，故A不符合題意，D符合題意；B.由圖2可知，甲乙升高相同的溫度，乙需要的時間更長，加熱時間越長，液體吸收熱量越多，所以乙吸收更多的熱量，故B不符合題意；C.根據可知，液體質量和升高的溫度相同時，液體吸收熱量越多，比熱容越大，所以乙的比熱容大于甲的比熱容，所以乙杯液體是水，故C不符合題意。故選D。押題猜想十電路設計聲控開關用“聲控”表示，當有聲音時，開關閉合；光控開關用“光控”表示，當受到光照時，開關斷開。現利用這兩款開關控制電路，要求：當受到光照且有聲音時，兩盞燈都亮。下列電路圖中符合要求的是（）A．

B．

C．

D．

【答案】B【詳解】A．由題意可知，當受到光照且有聲音時，兩盞燈都亮，說明此時光控開關斷開、聲控開關閉合。由圖可知，光控開關、聲控開關和電燈是串聯(lián)的，當受到光照時，光控開關斷開，兩燈都不亮，故A不符合題意；B．由圖可知，光控開關與燈泡并聯(lián)，當受到光照時，光控開關斷開，兩個燈泡串聯(lián)，都能亮，故B符合題意；C．由圖可知，聲控、光控開關分別與燈泡并聯(lián)，當受到光照且有聲音時，光控開關斷開、聲控開關閉合，此時與聲控開關并聯(lián)的燈泡被短路，不能發(fā)光，故C不符合題意；D．由圖可知，聲控開關與燈泡并聯(lián)，當受到光照且有聲音時，光控開關斷開、聲控開關閉合，此時電路斷路，兩燈泡都不亮，故D不符合題意。故選B。押題解讀本題考查的是電路的設計，解題的關鍵是根據燈泡的工作條件確定開關的鏈接方式，然后根據串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點設計電路。這類題聯(lián)系生活中的實際運用，要求學生利用所學知識解決實際問題，對學生審題能力、設計能力等綜合素養(yǎng)要求較高?？记懊伢烹娐分虚_關控制用電器時，開關和用電器是串聯(lián)的；開關在干路可以控制所有用電器；如是家庭電路，開關應接在用電器和火線之間；用電器能獨立工作，說明用電器之間為并聯(lián)關系。審清題目要求是設計對電路的首要條件，電路設計完后應按題目要求操作一邊，確定是否與題目要求一致，以確保設計正確。1．小紅想要設計一個電路實現以下功能：斷開開關時，無論閉合開關還是開關，燈和風扇都不工作；閉合開關、時，只有燈工作；閉合開關、時，只有風扇工作。符合上述要求的電路是（）A．

B．

C．

D．

【答案】C【詳解】由題意可知，斷開開關S1時，無論閉合開關S2還是開關S3，燈和風扇都不工作，說明開關S1在干路時，可控制所有的用電器；閉合開關S1、S2時，只有燈工作，說明開關S2只控制燈泡；閉合開關S1、S3時，只有風扇(電動機)工作，說明開關S3只控制風扇；由于風扇(電動機)和燈泡均能獨立工作，所以風扇(電動機)和燈泡應并聯(lián)，則符合要求的只有C圖。故選C。2．兩款光控開關k1和k2，當環(huán)境光線較暗時，k1閉合，k2斷開；當環(huán)境光線較亮時，k1斷開，k2閉合。小明用其中一款開關控制小夜燈L；環(huán)境較暗時L亮，環(huán)境較亮時L滅，且L的亮和滅不影響開關通斷。下列連接方式符合用電安全且能實現以上功能的是（）A．

B．

C．

D．

【答案】C【詳解】AB．在家庭電路中，開關應接在用電器和火線之間，B中閉合k2會短路，故AB不符合題意；CD．根據題意可知，環(huán)境較暗時L亮，環(huán)境較亮時L滅，這說明環(huán)境較暗時，開關k1閉合，環(huán)境較亮時k2斷開，所以燈泡與開關k1串聯(lián)在電路中，且開關應接在用電器和火線之間，故C符合題意，D不符合題意。故選C。3．某杯子使用表中某款溫控開關，在水溫低于45℃時，指示燈不發(fā)光，水溫高于45℃時，指示燈發(fā)光。下列電路圖中符合用電安全且能實現該杯子的指示燈功能的是（）條件溫控開關k1溫控開關k2溫度高于45℃保持閉合保持斷開溫度低于45℃保持斷開保持閉合A． B．C． D．【答案】C【詳解】AC．根據題意可知，在水溫低于45℃時，指示燈不發(fā)光，溫控開關k1斷開，水溫高于45℃時，指示燈發(fā)光，溫控開關k1閉合，這說明k1控制指示燈，k1與指示燈串聯(lián)在電路中，故A錯誤、C正確；BD．根據題意可知，在水溫低于45℃時，指示燈不發(fā)光，溫控開關k2閉合，水溫高于45℃時，指示燈發(fā)光，溫控開關k2斷開，這說明k2控制指示燈是并聯(lián)的，為了防止短路，電路中應串聯(lián)接入一個保護電阻，故BD錯誤。故選C。4．某電熱水壺有兩個開關S1、S2，當水沸騰后壺內積聚了大量水蒸氣使S1自動斷開，壺停止加熱；若壺中沒水，壺的溫度提高到125oC時S2自動斷開（防止干燒功能），壺停止加熱。圖中能實現上述功能的電路是（）A． B．C． D．【答案】A【詳解】當水沸騰后壺內積聚了大量水蒸氣使S1自動斷開，壺停止加熱；若壺中沒水，壺的溫度提高到125℃時S2自動斷開（防止干燒功能），壺停止加熱；則兩開關只要有一個斷開后都會使壺斷開，兩開關是串聯(lián)的，故A符合題意，BCD不符合題意。故選A。題型二非選擇題押題猜想十一光的反射、折射與平面鏡成像如圖所示，水面上方有一發(fā)光點。（1）a、b、c是S發(fā)出的三條光線，其中一條射入水中經過M點。請畫出：該光線的折射光線，并標出對應的折射角r；（2）擋光板上有一點D，S發(fā)出的光線，能否通過水面反射到D點?答：；請通過作圖說明你的判斷依據?！敬鸢浮恳娊馕瞿芤娊馕觥驹斀狻浚?）[1]根據光的折射規(guī)律，光從空氣射入水中，空氣中的角大即折射角小于入射角，滿足角度關系且過M點的只有a光線，如下圖：（2）[2][3]因反射光線的反向延長線一定過像點，所以先根據物像關于平面鏡成像確定像的位置，再看像點與D點連線是否與擋板有交點，若無交點則通過水面能反射到D點，如下圖：押題解讀本題考查了光的折射光路的畫法及平面鏡成像特點和原理來完成光路，關鍵是要搞清折射角與入射角之間的關系和注意物與像是關于鏡面是對稱的，綜合性較強，難度中等。學生需要理解光的折射規(guī)律、反射規(guī)律、平面鏡成像原理，并能熟練運用。這類知識的作圖考查頻率高，可綜合出題，也可以單獨考查一個板塊?？记懊伢欧瓷浣桥c入射角分別為反射光線和入射光線與法線的夾角，且反射角等于入射角；光從空氣斜射入水或其它透明介質中時，折射角小于入射角，如果從其它介質斜射入空氣，則折射角大于入射角，即“見空大”；平面鏡成像特點：物與像關于平面鏡對稱，即連線垂直平面鏡，像距等于物距，反射光線所有的反向延長線都會過像點，像與物的連線與平面鏡的交點為入射點；注意作圖規(guī)范，垂直記得畫垂直符號，實際光線畫實線，否則畫虛線。1．圖中，光源發(fā)出的一束光從空氣射向水面，在水中的折射光線為經水中平面鏡發(fā)生反射。畫出這束光；畫出經平面鏡的反射光線?！敬鸢浮俊驹斀狻窟^入射點作法線，根據當光從空氣斜射入水中時，折射光線和入射光線分居法線的兩側，入射角大于折射角，作出入射光線；過入射點作法線，根據反射光線和入射光線分居在法線的兩側；反射角等于入射角，在法線左側作出反射光線，如下圖所示：2．小旋在照鏡子（固定在墻壁上）時，眼睛的位置在A點，固定在天花板上的燈管EF正在發(fā)光，如圖所示。①在圖中畫出燈管EF的像E′F′。②請畫出小璇透過鏡子看到燈管E點的像點E′的完整光路圖。

【答案】①

②

【詳解】①因平面鏡像與物關于鏡面對稱，分別作出E、F關于鏡面的對稱點E′、F′，然后用虛線連接E′F′即為燈管EF的像E′F′，如下所示：

②連接E′A與鏡面的交點為O，連接EO即為入射光線，OA即為反射光線，如下所示：

3.容器壁突出的P點發(fā)出的一束光經過水面反射，在另一側形成光斑Q。①畫出P點經水面所成的像；②畫出這束光到水面的入射光線、反射光線，大致畫出折射光線?！敬鸢浮俊驹斀狻克嫦喈斢谄矫骁R，根據平面鏡成像的特點可知，P點經水面所成的像關于水面對稱，由此畫出P點的對稱點P'即為P點經水面所成的像。連接P'Q與水面的交點O即為從P點發(fā)出的光線的入射點，OQ為反射光線，連接PO即為入射光線。由光的折射特點可知，當光線從空氣入射進水中時，折射角小于入射角，由此畫出折射光線。如圖所示押題猜想十二凸透鏡的成像規(guī)律及其應用某學校興趣小組探究顯微鏡成像原理，查閱資料發(fā)現：顯微鏡的鏡頭可以看作由一塊焦距較小的凸透鏡（物鏡，其焦距用表示）和一塊焦距較大的凸透鏡（目鏡，其焦距用表示）組成，被觀察的細微物體先在物鏡中成一個像，這個像就相當于目鏡中的物體，然后它在目鏡中再次成像。如圖，為物鏡的焦點，為目鏡的焦點，如圖中已作出細小物體AB在物鏡中所成像的光路圖，以及射向目鏡的兩條光線。

（1）與對比，目鏡所成的像是一個（選填“正立”或“倒立”）、（選填“實像”或“虛像”）；（2）物鏡的成像原理與是一致的；A．放大鏡

B．照相機

C．幻燈機（3）使用顯微鏡觀察時，如果光線過強，應選擇；A．平面鏡

B．凹面鏡（4）用顯微鏡觀察寫有字母“b”的裝片，視野中看到的圖像是（選填“b”、“p”、“q”或“d”）?！敬鸢浮空⑻撓馛Aq【詳解】（1）[1][2]平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點，過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不變，故是AB的像，像的性質是：倒立放大的實像。由圖可知，在目鏡L2的一倍焦距以內，由凸透鏡成像規(guī)律可知，當u＜f，成正立、放大的虛像。（2）[3]睛透過物鏡能看到A、B成的像是倒立放大的虛像，其成像原理與幻燈機一致，故C正確。（3）[4]使用顯微鏡觀察時，如果光線過強，應選擇平面鏡或小光圈，光線會變暗，故選A。（4）[5]用顯微鏡觀察寫有字母“b”的裝片，“倒立”是旋轉180度后得到的像。字母“b”旋轉180度后的圖像是字母“q”。押題解讀本題考查了凸透鏡成像規(guī)律及其應用的探究，有一定的難度。這類題對學生的核心素養(yǎng)要求較高，需要學生理解并能熟練運用凸透鏡成像規(guī)律，需具備一定的探究能力，閱讀理解能力，審圖能力，對凸透鏡在日常生活中的應用要熟知。此外，也需要掌握凸透鏡的基本概念，包括焦點、焦距、光心、主光軸等?？记懊伢磐雇哥R光學性質：跟主光軸平行的光，通過凸透鏡折射后會聚于一點，這個點叫凸透鏡的焦點，經過凸透鏡和凹透鏡光心的光線傳播方向都不改變，由凸透鏡焦點發(fā)出的光經過凸透鏡后變成平行于主光軸的光線；凸透鏡成像規(guī)律：當f>u,成正立、放大的虛像，應用于放大鏡，當2f>u>f,成倒立、放大的實像，應用于投影儀，當u>2f,成倒立、縮小的實像，應用于照相機，口訣：一倍焦距分虛實，二倍焦距分大小，物近像遠像變大，物遠像近像變??；使用顯微鏡觀察時，如果光線過強，應選擇平面鏡或小光圈；顯微鏡成倒立的像，是旋轉180度后得到的。1．如題圖所示，物體MN放在凸透鏡前，0cm處為凸透鏡的光心。①畫出光線a經過凸透鏡后的光路圖；②畫出光線b經過凸透鏡后的光路圖；③物體MN經凸透鏡成的像相對于物體是（選填“放大”“等大”或“縮小”）（選填“正立”或“倒立”）的。【答案】放大倒立【詳解】[1][2]過凸透鏡光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不改變，據此畫出光線a經光心后的光線，a的折射光線與另一條折射光線的相交點為M的像M'，光線b經過凸透鏡后會經過M'，如圖所示：[3][4]由圖知，物距，焦距，此時滿足由凸透鏡成像規(guī)律可知此時成倒立放大的實像，即物體MN經凸透鏡成的像相對于物是放大、倒立的。2.如圖，透鏡焦距為5cm，O為光心，物體AS上的S點發(fā)出的平行于主光軸的光線a經透鏡后的光線b與S點發(fā)出的過光心的光線c經透鏡后的光線d相交于點S'。（1）畫出光線a、b、c、d；（2）與AS比較，AS經透鏡成（填“倒立”“正立”）、（填“放大”“縮小”“等大”）的實像；（3）若物體不動，透鏡水平向左移動1cm，則光線b過主光軸的點（填“左移”“右移”“不動”）?！敬鸢浮康沽⒎糯笞笠啤驹斀狻浚?）[1]物體AS上的S點發(fā)出的平行于主光軸的光線a經透鏡后的光線b會聚于焦點，S點發(fā)出的過光心的光線c經透鏡后的光線d方向不變，光線a、b、c、d如下圖：（2）[2][3]根據凸透鏡成像規(guī)律，由上圖可知，當物距大于一倍焦距小于二倍焦距（2f>u>f）時，成倒立、放大的實像。（3）[4]平行于主光軸的光線在對面會聚于焦點后繼續(xù)傳播，若物體不動，透鏡水平向左移動1cm，焦點也左移，則光線b過主光軸的點也左移。3.如圖所示，物體放在凸透鏡前，0cm處為凸透鏡光心，M點發(fā)出兩條光線a和b，其中光線a平行于主光軸。當物體與凸透鏡的距離如圖所示時，在光屏上可得一個清晰的像。

①凸透鏡的焦距是cm；②畫出光線b經過凸透鏡后的折射光線；③若將凸透鏡向左水平移至左側刻度為2cm的位置，物體成的像相對于物是（選填“放大”“等大”或“縮小”）、（選填“正立”或“倒立”）的?！敬鸢浮?.0

等大倒立【詳解】①[1]與凸透鏡主光軸平行的光線經凸透鏡折射后經過焦點，即光心右側3cm刻度線處，所以凸透鏡的焦距是3.0cm。②[2]點M發(fā)出的光線經凸透鏡折射后，都會會聚在光屏上的像點，所以b經過凸透鏡后的折射光線與a折射后的光線會聚在光屏上同一點，如圖所示：

③[3][4]若將凸透鏡向左水平移至左側刻度為2cm的位置，此時物體MN到凸透鏡的距離為u=8cm-2cm=6cm=2f根據凸透鏡成像特點可知，此時物體成倒立、等大的實像。押題猜想十三杠桿如圖甲所示，桿秤B、C兩處（可用作支點）有秤紐，D點是桿秤正常使用時秤砣的最遠掛點。用桿秤測質量時，將待稱物體掛在A點的掛鉤上，手提秤紐B，調節(jié)秤砣的位置，直至桿秤水平平衡。此時通過秤砣的位置，讀出待測物體的質量。已知：秤砣的質量為0.4kg（忽略桿秤和掛鈞的質量）；AB=BC=0.02m；CD=0.48m。（1）某次測量如圖乙，松開右手后，原來靜止的桿秤繞C點逆時針轉動。已知：掛鉤對桿秤的作用力為阻力F2；秤砣的重心為O；①在圖乙中畫出：桿秤此時受到的動力F1和動力臂l1；②要使桿秤水平平衡，秤砣應該向（選填“左”“右”）移動；（2）測量質量約6kg的物體時，該選用（選填“B”“C”）處的秤紐。此秤的最大測量值是kg?！敬鸢浮坑褺10【詳解】（1）①[1]桿秤此時受到的動力F1為秤砣對桿秤的拉力，其方向為豎直向下，桿秤繞C點逆時針轉動，因此C點為支點，從C點作F1作用線的垂線段即為動力臂l1，如圖所示②[2]由于桿秤繞C點逆時針轉動，C為支點，阻力臂l2=AC，且F1l1<F2l2因秤砣的重力不變，即動力F1不變，并且阻力F2和l2不變，要使秤桿水平平衡，則應增大l1，因此秤砣向右移動。（2）[3][4]若以B為秤紐（支點），此秤達到最大測量值時，即秤砣在D點，動力為阻力為動力臂為阻力臂為由杠桿平衡條件可得即解得，此秤的最大測量值是若以C為秤紐（支點），此秤達到最大測量值時，即秤砣在D點，動力為阻力為動力臂為阻力臂為由杠桿平衡條件可得即解得，此秤的最大測量值是因為所以測量質量約為6kg物體時，應選用B處的秤紐，且此秤的最大測量值為10kg。押題解讀本題考查了力臂的畫法、杠桿平衡條件的應用，正確判斷選用不同的秤紐時的動力臂和阻力臂是解題的關鍵。要使杠桿水平平衡，需根據杠桿平衡條件得出動力臂的變化，據此判斷秤砣移動的方向。另外需分別以B、C為秤紐（支點），根據杠桿平衡條件求出此秤的最大測量值。題目的對學生的受力分析能力，計算能力、邏輯思維能力要較高，難度較大?？记懊伢鸥軛U平衡條件F1L1=F2L2；注意力臂是經過支點O到力的作用線的距離；畫出最小動力的方法：用虛線連接支點和動力作用點，這兩個點之間的距離為最長力臂，然后在動力作用點畫出垂直于這個力臂的力，即為最小動力.1．如圖甲，重力為G質量分布均勻的木棒左端與支點O連接，繞O轉動時，棒所受的摩擦力可忽略不計。棒重心處受到豎直向上的拉力保持靜止。

（1）若以為杠桿的動力，G為杠桿的阻力，則G（選填“大于”或“小于”或“等于”）；（2）撤去，改用與等大的拉力作用在C點棒仍靜止在原位置，如圖乙所示。則的力臂的力臂（選填“大于”或“小于”或“等于”）；判斷依據：?！敬鸢浮康扔诘扔谝娊馕觥驹斀狻浚?）[1]如圖甲所示，力臂是支點到力的作用線的距離，重力和F1的作用線共線，故對應的力臂相等，根據杠桿平衡條件，F1＝G。（2）[2][3]由（1）知，F1＝G，又F2＝F1，所以F2＝G，根據杠桿平衡條件，l1＝l2。2.在探究“杠桿平衡條件”的實驗中，以O為支點的輕質杠桿原處于水平靜止。如圖甲、乙，杠桿在F1、F2的作用下處于靜止狀態(tài)；圖丙中，力F1、F2大小相等。

（1）圖甲、乙、丙中的杠桿處于平衡狀態(tài)的有；（2）請在圖乙中畫出F1的力臂L1，若F1為動力、F2為阻力，則這是杠桿（選填“省力”、“等臂”或“費力”），你的依據是?！敬鸢浮考住⒁?/p>

省力F1為動力，F1的力臂為動力臂，由圖可知，動力臂大于阻力臂，所以是省力杠桿【詳解】（1）[1]圖甲、乙中，杠桿在F1、F2的作用下處于靜止狀態(tài)，靜止是平衡狀態(tài)，故圖甲、乙中的杠桿處于平衡狀態(tài)；圖丙中，力F1、F2大小相等，杠桿在F1、F2的作用下做加速圓周運動，杠桿不處于平衡狀態(tài)。（2）[2]過支點O向力F1作垂線，垂線段L1為力F1的力臂，如下圖所示：

[3][4]觀察圖乙，圖中F1為動力，F1的力臂L1為動力臂，由圖可知，動力臂大于阻力臂，所以是省力杠桿。3．如圖所示的輕質杠桿，O為支點，杠桿上的刻度每一格都相等，均等于2cm，原處于水平靜止?，F同時施加兩個力F1和F2，已知F1=8N，F2=6N。

（1）此時杠桿能否保持平衡？；（2）F2保持不變，撤去F1，在杠桿的A點處（離支點第四格）施加另一個力F3，F3延長線與杠桿支架交于B點，如圖所示，杠桿處于水平靜止狀態(tài)。請在圖中畫出F3的力臂l3；測出OB=6cm，則F3=N。（杠桿及支架的厚度忽略不計）【答案】不能10【詳解】（1）[1]由圖可知，F1和F2都會使杠桿順時針轉動，所以杠桿不能平衡。（2）[2]由支點向力的作用線作垂線，標出F3的力臂l3，如圖所示：

[3]已知F2=6N，其力臂l2=2cm×4=8cmOB=6cm，根據勾股定理計算出F3的力臂l3為4.8cm。根據杠桿平衡的條件可得F2l2=F3l3即6N×8cm=F3×4.8cm解得F3=10N。押題猜想十四摩擦力裝滿書的箱子放在粗糙程度相同的水平面上，如圖所示。當受到水平推力時，箱子向右運動；拿走部分書后，箱子受到水平推力，也向右運動。箱子前后兩次通過的路程s與時間t的關系圖像均如圖所示，則（選填“>”“=”或“<”）；已知在前20s所做的功的功率是25W，則的大小是N。

【答案】<100【詳解】[1]根據右圖可知，s-t圖像為一條直線，這說明箱子做勻速直線運動；當受到水平推力時，箱子向右運動；拿走部分書后，箱子受到水平推力，此時箱子對水平面的壓力變小，接觸面的粗糙程度不變，受到的滑動摩擦力變小，由于滑動摩擦力與推力是一對平衡力，大小相等，所以[2]箱子的運動速度為根據可知押題解讀本題考查了二力平衡條件的應用、功率的計算公式的應用、摩擦力大小的影響因素等，有一定的綜合性，難度中等。學生需注意審圖，從圖中提取相關有用信息，并理解滑動摩擦力大小與物體對水平面的壓力，接觸面的粗糙程度之間的關系，熟練掌握功率有關的計算公式。考前秘笈通過二力平衡條件分析與判斷摩擦力與拉力的大小關系；滑動摩擦力的大小與壓力大小、接觸面的粗糙程度有關，壓力越大，接觸面越粗糙，滑動摩擦力越大；功率計算公式：P=Wt1．在粗糙程度相同的水平面上有甲、乙兩個材料相同的木塊，已知。如圖所示，在水平拉力和的作用下，兩木塊均保持靜止，已知。甲受到的摩擦力（選填“>”“=”或“<”）乙受到的摩擦力，你的依據是；

【答案】<二力平衡條件【詳解】[1][2]在水平拉力和的作用下，兩木塊均保持靜止，兩個木塊在水平方向上受到的拉力與靜摩擦力是一對平衡力，根據二力平衡條件，這兩個力大小相等，由于，故甲受到的摩擦力f甲小于乙受到的摩擦力f乙。2.如圖甲所示，水平地面點兩側粗糙程度不同，段的長度大于段的長度，重為的物體在大小不變的水平拉力作用下向右做直線運動，拉力的大小如彈簧測力計所示，此過程物體的動能隨時間變化的圖像如圖乙所示。（1）物體在AB段運動時，水平方向受力是否平衡？，你的判斷依據是；（2）物體在AB段所受的摩擦力fAB（選填“等于”或“不等于”）它在段所受的摩擦力fBC，你的判斷依據是；結合圖像分析可得fBC=N；（3）水平拉力F在AB段所做的功其在BC段所做的功，水平拉力F在AB段所做功的功率其在BC段所做功的功率。（均選填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】不平衡物體在段運動時動能增大，說明物體在段做加速運動不等于物體的運動狀態(tài)不同小于小于【詳解】（1）[1][2]由圖乙可知：段物體動能增大，但物體的質量不變，所以是物體的速度變大，即在段物體在做加速運動，運動狀態(tài)在改變，所以物體在水平方向上受力不平衡。（2）[3][4]由圖乙可知，物體在段的動能變大，物體的質量不變，則物體的速度變大，所以物體在段做加速運動，水平方向上受到的拉力要大于摩擦力，即，物體在段的動能不變，質量不變，速度不變，所以物體在段做勻速直線運動，此時受到的拉力與滑動摩擦力是一對平衡力，大小相等，所以F=fBC，物體在段所受的摩擦力不等于它在段所受的摩擦力。[5]由圖甲可知，彈簧測力計分度值為，示數為F=0.2N，所以fBC=2.6N。（3）[6]拉力保持不變，段的長度大于段的長度，根據可知，水平拉力在段所做的功小于其在段所做的功。[7]物體在段和段運動的時間相同，根據可知，水平拉力在段所做功的功率小于其在段所做功的功率。3．如甲圖所示，粗糙程度不變的水平地面上有一物體，受到方向不變的推力F的作用，其F﹣t和v﹣t的圖像分別如圖乙、如丙圖所示。（1）0~3s內，物體受到的摩擦力是N；（2）t=5s時，物體受到的摩擦力是N；（3）6~9s內，物體機械能（選填“變大”，“變小”或“不變”）；（4）9~12s內，推力對物體做功的功率是W?！敬鸢浮?060變小60【詳解】（1）[1]由丙圖知，0~3s內物體的速度為零，物體處于靜止狀態(tài)，由圖乙知，0~3s時的推力F=30N，而物體在水平方向上受到的靜摩擦力f與推力F是一對平衡力，則此時受到的摩擦力f靜=F=30N（2）[2]由丙圖知，9~12s內，物體做勻速直線運動，且v=1m/s，由圖乙知，9~12s時的推力F=60N，而物體在水平方向上受到的滑動摩擦力f與推力F是一對平衡力，則此時受到的摩擦力f=F=60N（3）[3]由丙圖知，在3~6s內，物體做加速運動，由于物體對地面的壓力和接觸面的粗糙程度都沒有改變，所以摩擦力的大小不變，也為60N，則t=5s時，物體受到的摩擦力為60N。由丙圖知，6~9s內，物體做減速直線運動，速度減小，動能減小，重力勢能不變；因此機械能變?。唬?）[4]9~12s內推力F做功的功率P=Fv=60N×1m/s=60W押題猜想十五機械能如圖是過山車在A、B、C、D點的動能和重力勢能大小的示意圖，過山車從A點到B點過程中，動能，重力勢能。（兩空選填“增大”、“不變”或“減小”）；A、D兩點中，過山車在點時的機械能大。

【答案】增大減小A【詳解】[1][2]由圖1知，過山車從A點到B點過程中，動能增大，重力勢能減小。[3]A點處動能和勢能之和大于D點動能和勢能的和，所以，過山車在A點時的機械能大。押題解讀本題考查動能和勢能的大小變化，解題的關鍵是能從圖中獲取相關信息進行解答，屬于基礎題。學生需要知道動能和勢能的決定因素，清楚機械能守恒的條件。考前秘笈做機械運動的物體具有動能，動能的大小與質量和速度有關；高處的物體具有重力勢能，重力勢能的大小與質量和高度有關；動能和勢能之和稱為機械能；在不考慮摩擦和空氣阻力時，物理的機械能守恒。1.如圖所示，體積相同的兩個小球甲和乙分別從豎直高度不同的半圓光滑軌道最高點處A點和B點，以和的速度開始運動，一直沿著軌道運動到最低處A′點和B′點，此時它們的速度分別為和，均忽略空氣阻力。已知甲球在A點時的機械能等于乙球在B點時的機械能，且，則甲球在A′點時的機械能（選填“>”“=”或“<”）乙球在B′點時的機械能；（選填“>”“=”或“<”）。

【答案】=<【詳解】[1][2]在光滑軌道上，忽略空氣阻力，物體的機械能守恒，甲球在A點時的機械能等于乙球在B點時的機械能，則甲球在A′點時的機械能=乙球在B′點時的機械能。機械能等于物體的勢能和動能之和，重力勢能的大小由質量和高度決定，動能的大小由質量和速度決定；已知B點的高度大于A點的高度，又，可知甲球的質量必大于乙球的質量。兩個小球到達水平地面時，其機械能全部轉化為動能，由于甲球的質量大，故甲球的速度必<乙球的速度。2．A、B兩個小球所處的位置如圖所示，通過以上信息可否判斷A和B哪個重力勢能較大？，你的理由是。

【答案】不能見解析【詳解】[1][2]重力勢能與物體的質量和物體所在的高度有關，如圖可知，A球的高度小于B球的高度，但A與B兩個小球的質量大小不知，因此重力勢能無法比較。3．籃球在空中向上運動，最后落回地面。在空中，球先后經過O、P、Q三點（其中，O、P兩點高度?同）。球在O、Q兩點的動能和重力勢能如圖所示。則：（1）由圖判斷：球在空中運動的過程中，機械能（選填“守恒”或“不守恒”），依據是：；（2）在圖中大致畫出：籃球在P點的動能和重力勢能的柱狀圖?！敬鸢浮坎皇睾阋娊馕觥驹斀狻浚?）[1][2]由圖知，球在O點的重力勢能和Q點動能相等，O點的動能大于Q點的重力勢能，所以Q點的機械能小于O點的機械能，球在空中運動的過程中，機械能減少，所以機械能不守恒。（2）[3]O、P、Q三點的機械能大小順序是從大到小，因為O、P兩點高度相同，O、P兩點的重力勢能相等，因為機械能不守恒，O到P的過程中機械能減少，所以P點的動能小于O點的動能，籃球在P點的動能和重力勢能的柱狀圖如下：押題猜想十六壓強兩個物體甲、乙置于水平桌面上，實心均勻圓柱體甲質量為6千克、底面積為5×10-3米2，內裝一定量水的薄壁圓柱形容器乙底面積為2×10-3米2。①求甲對桌面的壓力F甲；②求乙容器中水面下0.1米處的壓強p；③將質量為M的物體A放在甲物體上方，甲對桌面壓強的變化量為Δp甲，將物體A浸沒在乙容器的水中（水未溢出），水對容器底壓強的變化量為Δp乙。若Δp甲=Δp乙，求物體A的密度ρA?！敬鸢浮竣?8.8牛；②980帕；③2.5×103千克/米3【詳解】解：①甲對桌面的壓力為②根據p=ρgh可得，乙容器中水面下0.1米處的壓強為③根據可得，物體A放在甲物體上方，甲與桌面的接觸面積不變，故甲對桌面壓強的變化量為將物體A浸沒在乙容器的水中（水未溢出），排開水的體積等于物體A的體積，容器水面上升的高度為水對容器底壓強的變化量為因為Δp甲=Δp乙，則有則物體A的密度為答：①求甲對桌面的壓力為58.8牛；②求乙容器中水面下0.1米處的壓強p等于980帕；③物體A的密度ρA為2.5×103千克/米3。押題解讀本題考查了重力公式、液態(tài)壓強公式、密度公式、壓強定義是的靈活運用，綜合性較強，對計算能力有一定的要求，難度較大。壓強類的題?？疾楣虘B(tài)壓強、液體壓強、氣體壓