濱州市重點(diǎn)中學(xué)2025屆高三上物理期中統(tǒng)考模擬試題含解析

濱州市重點(diǎn)中學(xué)2025屆高三上物理期中統(tǒng)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、打磨某剖面如題圖所示的寶石時(shí)，必須將OP、OQ邊與軸線的夾角切磨在的范圍內(nèi)，才能使從MN邊垂直入射的光線，在OP邊和OQ邊都發(fā)生全反射（僅考慮如圖所示的光線第一次射到OP邊并反射到OQ過(guò)后射向MN邊的情況），則下列判斷正確的是()A．若，光線一定在OP邊發(fā)生全反射B．若，光線會(huì)從OQ邊射出C．若，光線會(huì)從OP邊射出D．若，光線會(huì)在OP邊發(fā)生全反射2、如圖,可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、B用不可伸長(zhǎng)的細(xì)軟輕線連接,跨過(guò)固定在地面上半徑為R有光滑圓柱,A的質(zhì)量為B的三倍.當(dāng)B位于地面時(shí),A恰與圓柱軸心等高.將A由靜止釋放,B上升的最大高度是(

)A．2RB．2R/3C．4R/3D．3R/23、如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于傾角為30°的光滑斜面上，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，一端系在小球上，另一端固定在墻上的P點(diǎn)，小球靜止時(shí)，彈簧與豎直方向的夾角為30°，則彈簧的伸長(zhǎng)量為（）A． B． C． D．4、一位質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)向上跳起，經(jīng)Δt時(shí)間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v，在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(重力加速度為g)()A．地面對(duì)他的沖量為mv＋mgΔt，地面對(duì)他做的功為B．地面對(duì)他的沖量為mv－mgΔt，地面對(duì)他做的功為零C．地面對(duì)他的沖量為mv，地面對(duì)他做的功為D．地面對(duì)他的沖量為mv＋mgΔt，地面對(duì)他做的功為零5、如圖，將a、b兩小球以不同的初速度同時(shí)水平拋出，它們均落在水平地面上的P點(diǎn)，a球拋出時(shí)的高度較b球的高，P點(diǎn)到兩球起拋點(diǎn)的水平距離相等，不計(jì)空氣阻力．與b球相比，a球()A．初速度較小B．速度變化率較大C．落地時(shí)速度一定較大D．落地時(shí)速度方向與其初速度方向的夾角較大6、下列關(guān)于物理思想方法的敘述中正確的是A．理想化模型是把實(shí)際問(wèn)題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷、光滑面、位移等都是理想化模型B．重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想C．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，通常采用先保持質(zhì)量不變研究加速度和力的關(guān)系。再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這應(yīng)用了微元法D．根據(jù)加速度定義式a=ΔvΔt，當(dāng)△t趨近于零時(shí)，二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量分別為m1與m2的甲、乙兩球在水平光滑軌道上同向運(yùn)動(dòng)，已知它們的動(dòng)量分別是p1=5kg·m/s，p2=7kg·m/s，甲從后面追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動(dòng)量變?yōu)?kg·m/s，則甲、乙兩球質(zhì)量m1與m2間的關(guān)系可能是(

)A．m1=m2 B．2m1=m2 C．5m1=3m2 D．4ml=m28、如圖甲所示，靜止在水平面C上足夠長(zhǎng)的木板B左端放著小物塊A.某時(shí)刻，A受到水平向右的外力F作用，F(xiàn)隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．A、B間最大靜摩擦力大于B、C之間的最大靜摩擦力，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．則在拉力逐漸增大的過(guò)程中，下列反映A、B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度及A與B間摩擦力f1、B與C間摩擦力f2隨時(shí)間變化的圖線中正確的是()A．B．C．D．9、如圖所示，輕繩懸掛兩個(gè)相同的質(zhì)量均為的小球、處于靜止?fàn)顟B(tài)，、之間存在著的大小相等方向相反的斥力作用，那么對(duì)球懸線1的張力和懸線的張力大小關(guān)系可能出現(xiàn)的情況是A． B．C． D．10、如圖，兩個(gè)線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過(guò)開關(guān)與電源連接，另一線圈與遠(yuǎn)處沿南北方向水平放置在紙面內(nèi)的直導(dǎo)線連接成回路．將一小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，開關(guān)未閉合時(shí)小磁針處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說(shuō)法正確的是（）A．開關(guān)閉合后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)B．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間再斷開后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）有一只標(biāo)識(shí)為“2.5V，0.5A”的小燈泡，小華想測(cè)定其伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：編號(hào)器材名稱規(guī)格與參數(shù)A電源E電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)B電流表A1量程0～10mA，內(nèi)阻200ΩC電流表A2量程0～600mA，內(nèi)阻2ΩD電阻箱R阻值999.99ΩE滑動(dòng)變阻器R1最大阻值10ΩF滑動(dòng)變阻器R2最大阻值2kΩ（1）為了達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康男枰M裝一個(gè)量程為3.0V的電壓表，那么電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)到________Ω；（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇________(選填器材前面的編號(hào))；（3）請(qǐng)幫助小華設(shè)計(jì)一個(gè)電路，要求使誤差盡量小，并將電路圖畫在圖1虛線框內(nèi)________；（4）小華在實(shí)驗(yàn)中用電流表和改裝后的電壓表測(cè)得數(shù)據(jù)并記錄在下表中，請(qǐng)根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在圖2方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線_________；電壓U/V00.51.01.52.02.5電流I/A00.170.300.390.450.49（5）將一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為3Ω的電源直接接在該小燈泡的兩端，則該小燈泡的實(shí)際功率為________W(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)．12．（12分）圖(a)是“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶，O、A、B、C、D和E為紙帶上六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)．加速度大小用a表示．①OD間的距離為_______cm②圖(b)是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的s-t2圖線（s為各計(jì)數(shù)點(diǎn)至同一起點(diǎn)的距離），斜率表示_______，其大小為_______m/s2（保留三位有效數(shù)字）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平桌面上質(zhì)量為2m的薄木板右端疊放著質(zhì)量為m的小物塊，木板長(zhǎng)為L(zhǎng)，整體處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，木板與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，求：（1）若小物塊初速度為零，使木板以初速度v0沿水平桌面向右運(yùn)動(dòng)，求木板剛向右運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大??；（2）若對(duì)木板施加水平向右的拉力F1，為使木板沿水平桌面向右滑動(dòng)且與小物塊間沒有相對(duì)滑動(dòng)，求拉力F1應(yīng)滿足的條件；（3）若給木板施加大小為、方向沿水平桌面向右的拉力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間撤去拉力F2，此后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小物塊恰未脫離木板，求木板運(yùn)動(dòng)全過(guò)程中克服桌面摩擦力所做的功W。14．（16分）一轉(zhuǎn)動(dòng)裝置如圖所示，兩根輕桿OA和AB與一小球以及一小環(huán)通過(guò)鉸鏈連接，兩輕桿長(zhǎng)度相同，球和環(huán)的質(zhì)量均為m，O端通過(guò)鉸鏈固定在豎直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上，套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O與小環(huán)之間，原長(zhǎng)為L(zhǎng)，裝置靜止時(shí)，彈簧長(zhǎng)為L(zhǎng)，轉(zhuǎn)動(dòng)該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速，小環(huán)緩慢上升。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）彈簧的勁度系數(shù)k；（2）AB桿中彈力為零時(shí)，裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度0。15．（12分）如圖所示，半徑R=0.5m的光滑圓弧面CDM分別與光滑斜面體ABC和斜面MN相切于C、M點(diǎn)，斜面傾角分別如圖所示。O為圓弧圓心，D為圓弧最低點(diǎn)，C、M在同一水平高度。斜面體ABC固定在地面上，頂端B安裝一定滑輪，一輕質(zhì)軟細(xì)繩跨過(guò)定滑輪(不計(jì)滑輪摩擦)分別連接小物塊P、Q(兩邊細(xì)繩分別與對(duì)應(yīng)斜面平行)，并保持P、Q兩物塊靜止。若PC間距為L(zhǎng)1=0.25m，斜面MN足夠長(zhǎng)，物塊P質(zhì)量m1=3kg，與MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=13，重力加速度g=10m/s2。求：（1）小物塊Q的質(zhì)量m2；（2）燒斷細(xì)繩后，物塊P第一次到達(dá)D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（3）物塊P在MN斜面上滑行的總路程。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：由全反射的臨界角滿足，則入射角滿足發(fā)生全反射；作出光路可知當(dāng)時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系，可知光線在PO邊上的入射角較小，光線將從PO射出，AB項(xiàng)錯(cuò)誤；同理當(dāng)時(shí)，光線在PO邊上的入射角較大，大于臨界角，光線將在PO射邊上發(fā)生全反射，D項(xiàng)正確．考點(diǎn)：本題考查了光的折射和全反射.2、D【解析】設(shè)B的質(zhì)量為m，則A的質(zhì)量為3m，A球落地前，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有：，解得：，對(duì)B運(yùn)用動(dòng)能定理得：，解得：，則B上升的最大高度為：點(diǎn)睛:解決本題的關(guān)鍵理清AB組成的系統(tǒng)在什么過(guò)程中機(jī)械能守恒，求出A球落地時(shí)B球的速度大小是解決本題的關(guān)鍵3、C【解析】

對(duì)小球受力分析如圖所示由力的合成可知，F(xiàn)N和F的合力與重力mg等大反向，由幾何關(guān)系可知又由胡克定律得解得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4、D【解析】

人的速度原來(lái)為零，起跳后變?yōu)関，以向上為正方向，由動(dòng)量定理可得I－mgΔt＝mv－0故地面對(duì)人的沖量為I=mv＋mgΔt人在跳起時(shí)，地面對(duì)人的支持力豎直向上，在跳起過(guò)程中，在支持力方向上沒有位移，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力不做功，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5、D【解析】A、兩個(gè)小球都作平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向作自由落體運(yùn)動(dòng)，由，得，則，小球水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由，由題意x相等，又，則知，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)，則知速度變化率相同，故B錯(cuò)誤；

C、落地時(shí)速度，可知落地速度不確定，故C錯(cuò)誤；

D、落地時(shí)速度方向與其初速度方向的夾角正切，則知a的h大，小，大，落地時(shí)速度方向與其初速度方向的夾角大，故D正確．點(diǎn)睛：平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由下落的高度決定，根據(jù)水平位移與時(shí)間結(jié)合可分析初速度關(guān)系，速度變化率等于重力加速度，由速度的合成求落地時(shí)速度大小和方向．6、B【解析】

理想化模型是把實(shí)際問(wèn)題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷、光滑面等都是理想化模型，但是位移是物理概念，不屬于理想模型，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，選項(xiàng)B正確；在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，通常采用先保持質(zhì)量不變研究加速度和力的關(guān)系。再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這應(yīng)用了控制變量法，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)加速度定義式a=ΔvΔt，當(dāng)△t趨近于零時(shí)，ΔvΔt就可以表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)加速度，該定義應(yīng)用了極限法，選項(xiàng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：碰撞過(guò)程系統(tǒng)的總動(dòng)能不增加，則有代入數(shù)據(jù)解得：碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有：代入數(shù)據(jù)解得：綜上有所以只有可能，故BC正確8、ACD【解析】

試題分析：當(dāng)F較小且拉動(dòng)AB整體時(shí)，AB整體具有共同的加速度，二者相對(duì)靜止；當(dāng)F較大時(shí)，二者加速度不同，將會(huì)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，此后A做變加速直線，B勻加速直線運(yùn)動(dòng)；分三個(gè)階段根據(jù)牛頓第二定律列式討論即可．對(duì)AB整體，當(dāng)拉力F小于地面對(duì)整體的最大靜摩擦力時(shí)，整體加速度為零；對(duì)AB整體，當(dāng)拉力F大于地面對(duì)整體的最大靜摩擦力時(shí)，整體開始加速滑動(dòng)，加速度為aA2=F-μ2(M+m)gM+m；當(dāng)拉力足夠大時(shí)，A、B的加速度不同，故對(duì)A，有：aA3=F-μ1mgm，由于μ1mg>μ2(M+m)g，故aA2<aA3，故A正確；對(duì)AB整體，當(dāng)拉力F9、ABC【解析】

設(shè)之間的斥力為，以為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件：以整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件：若時(shí)，則有：若時(shí)，則有：若時(shí)，則有：A.與分析相符，故A正確；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．10、AD【解析】

A．?dāng)喑鲋睂?dǎo)線中電流方向?yàn)橛赡舷虮?，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，A正確；BC．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，左側(cè)線圈中磁通量不變，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流為零，直導(dǎo)線中電流為零，小磁針恢復(fù)到原來(lái)狀態(tài)，BC錯(cuò)誤；D．開關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后再斷開后的瞬間，左側(cè)的線圈中磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，由楞次定律可判斷出直導(dǎo)線中電流方向?yàn)橛杀毕蚰?，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、100E0.2【解析】

（1）[1]由題意可知，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用伏安法測(cè)量伏安特性曲線，由表中數(shù)據(jù)可知，電流大小最大約為0.49A，因此電流表應(yīng)采用A2，故只能采用A1與電阻箱串聯(lián)的方式進(jìn)行改裝，由串并聯(lián)電路規(guī)律可知Ω=100Ω（2）[2]由于本實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，所以只能選用總阻值較小的E；（3）[3]本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，由于電流表內(nèi)阻較小，故應(yīng)采用電流表外接法，故原理圖如圖所示（4）[4]根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線如圖所示（5）[5]在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，由圖可知，電壓U=0.8V，電流I=0.22A，則功率WW【點(diǎn)睛】明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)電路的改裝規(guī)律可明確電阻箱應(yīng)接入電阻；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的作用可確定應(yīng)選擇的滑動(dòng)變阻器；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析，從而明確應(yīng)采用的電路圖；根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象；在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，從而確定電壓和電流，由功率公式即可確定電功率．12、①1.20②加速度一半，0.933【解析】

①1cm+1mm×2.0格=1.20cm，②加速度一半，，所以a=0.933m/s2四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】

(1)對(duì)木板由牛頓第二定律可知，木板剛向右運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為(2)當(dāng)物塊受到的靜摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，F(xiàn)1取最小值。此最小值僅使木板做加速運(yùn)動(dòng)。由牛頓第二定律得當(dāng)物塊在滑動(dòng)摩擦力的作用下與木板以相同的加速度，向右運(yùn)動(dòng)，恰好沒有發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，F(xiàn)1取最大值，對(duì)物塊對(duì)木板解得所以(3)施加F2時(shí)，對(duì)滑塊m有加速度方向水平向右，對(duì)木板有加速度方向水平向右，撤去F2后，對(duì)物塊有a5=a3加速度不變，對(duì)于木板加速度方向向左，設(shè)F2作用時(shí)間為t1，再經(jīng)過(guò)時(shí)間t2兩者達(dá)到共同速度。達(dá)到共同速度的過(guò)程中，滑塊的位移為木板的位移為且解得達(dá)到共同速度后，滑塊和木板共同減速的加速度大小為減速到零的時(shí)間為木板的總位移為木板克服桌面摩擦力做的功為14、（1）；（2）【解析】

（1）裝置靜止時(shí)，設(shè)OA、