2025屆江西省玉山縣樟村中學物理高二上期末聯(lián)考試題含解析

2025屆江西省玉山縣樟村中學物理高二上期末聯(lián)考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示當可變電阻R的滑片向b端移動時，通過電阻R1、R2、R3的電流強度I1、I2、I3的變化情況是A.I1變大，I2，I3變小B.I1，I2變大，I3變小C.I1變小，I2，I3變大D.I1、I2變小，I3變大2、發(fā)現(xiàn)利用磁場產生電流的條件和規(guī)律的科學家是（）A.韋伯 B.安培C.法拉第 D.奧斯特3、已知通過三個并聯(lián)支路的電流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，則三個并聯(lián)支路的電阻之比R1∶R2∶R3為A.6∶3∶2 B.2∶3∶6C.1∶2∶3 D.2∶3∶14、如圖所示為速度選擇器示意圖，為其兩個極板。某帶電粒子電荷量為q，以速度v0從S1射入，恰能沿虛線從S2射出。不計粒子重力，下列說法正確的是（）A.該粒子一定帶正電B.該粒子以速度v0從S2射入，也能沿虛線從S1射出C.該粒子以速度2v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出D.該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出5、如圖所示為回旋加速器的示意圖．兩個靠得很近的D形金屬盒處在與盒面垂直的勻強磁場中，一質子從加速器的A處開始加速．已知D型盒的半徑為R，磁場的磁感應強度為B，高頻交變電源的電壓為U、頻率為f，質子質量為m，電荷量為q．下列說法不正確的是（）A.質子的最大速度不超過2RfB.質子的最大動能為C.高頻交變電源的頻率D.質子的最大動能與高頻交變電源的電壓U有關，且隨電壓U增大而增加6、如圖所示，足夠大的勻強磁場中有一個矩形線圈，正繞軸以恒定的角速度勻速轉動，下列分析中正確的是（）A.轉動過程中，線圈中產生的感應電動勢大小不變B.如果僅將線圈的轉軸向右平移一段距離x（x<d），線圈繞軸轉動時產生的感應電動勢將增大C.如果僅將線圈的轉軸向左平移一段距離，線圈繞軸轉動時產生的感應電動勢增大D.當線圈從圖中位置轉過90°時，線圈中產生的感應電動勢為0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關于兩電阻的描述正確的是()A.電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變B.在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BC.在兩圖線交點處，電阻A的阻值等于電阻BD.在兩圖線交點處，電阻A的阻值小于電阻B8、如圖所示，A、B兩燈相同，L是帶鐵芯的電阻可不計的線圈，下列說法中正確的是（）A.開關K合上瞬間，A、B兩燈同時亮起來B.K合上穩(wěn)定后，A、B同時亮著C.K斷開瞬間，A、B同時熄滅D.K斷開瞬間，B立即熄滅，A過一會兒再熄滅9、如圖所示，真空中等量同種正點電荷放置在M、N兩點，在MN的連線上有對稱點a、c，MN連線的中垂線上有對稱點b、d，則下列說法正確的是()A.正電荷+q在c點電勢能大于在a點電勢能B.正電荷+q在c點電勢能等于在a點電勢能C.在MN連線的中垂線上,O點電勢最高D.負電荷-q從d點靜止釋放，在它從d點運動到b點的過程中，加速度先減小再增大10、如圖所示，已知電源的電動勢為12V、內阻為0.5Ω，定值電阻R=1.5Ω，電動機M的內阻為1Ω，開關閉合后，電流表的示數(shù)為2A。不計電流表的內阻，則（）A.電動機兩端的電壓為8VB.電動機的輸出功率為16WC.電動機的發(fā)熱功率為4WD.電動機的效率為25%三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個燈泡的U-I圖線現(xiàn)有下列器材供選用：A.電壓表0-5V，內阻約10KΩ

B、電壓表0-15V，內阻約20KΩ

C、電流表0-3A，內阻約

1Ω

D、

電流表0-0.6A，內阻約0.4Ω

E、滑動變阻器10Ω2A

F、

滑動變阻器500Ω1AG、學生電源直流6V、開關、導線若干實驗中所用電壓表應選______，電流表應選用______，滑動變阻器應選用______．實驗電路應采用電流表______接法填“內”或“外”12．（12分）某實驗小組的同學要探究一熱敏電阻的溫度特性，可能用到以下實驗器材：A.熱敏電阻常溫下的阻值約為B.燒杯、熱水、溫度計C.電流表量程，內阻D.電流表量程，內阻約E.電壓表量程，內阻約F.滑動變阻器最大阻值為，額定電流G.滑動變阻器最大阻值為，額定電流H.電源電動勢6V，額定電流2A，內阻不計I.開關一個，導線若干(1)要求通過熱敏電阻的電流從零開始增大為使測量盡量準確，電流表應選擇______，滑動變阻器應選擇______填器材前的字母標號(2)實物圖中，已正確連接了部分導線請你按照實驗要求用筆畫線代替導線在圖中完成余下導線的連接______.(3)該實驗小組的同學依據連接好的電路進行實驗，計算出熱敏電阻的阻值隨溫度變化的系列數(shù)據，對應點描在如圖所示坐標紙上______.請根據坐標點作圖并得出當時______四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠大的平行擋板A1、A2豎直放置，間距為L．A1、A2上各有位置正對的小孔P、Q．兩板間存在兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，水平面PQ和MN分別是兩個磁場區(qū)的理想邊界面．擋板A1的左側是方向水平向右的勻強電場，質量為m、電荷量為＋q的粒子從電場中的O點以大小為v0的初速度豎直向上射出，運動一段時間后從小孔P進入Ⅰ區(qū)，此時速度方向與豎直方向的夾角θ=60o．粒子進入Ⅰ區(qū)運動之后，從PQ邊界上的C1點第一次離開Ⅰ區(qū)，C1點與擋板A1的距離為d，然后進入沒有磁場的區(qū)域運動，從MN邊界上的D1點（圖中未畫出）第一次進入Ⅱ區(qū)，D1點與擋板A1的距離為．不計重力，碰到擋板的粒子不予考慮（1）求勻強電場中O、P兩點間的電勢差U和Ⅰ區(qū)的磁感應強度B1的大??；（2）已知，最后粒子恰好從小孔Q射出，求Ⅱ區(qū)的磁感應強度B2的大小可能是哪些值？14．（16分）如圖所示的電路中，電阻R1＝15Ω，R2＝30Ω．當開關S1、S2都閉合時，電流表的讀數(shù)I1＝0.4A；當開關S1閉合、S2斷開時，電流表的讀數(shù)I2＝0.3A；．求電源的電動勢E和內阻r15．（12分）如圖所示，半徑分別為R1、R2的兩個同心圓，圓心為O，小圓內有垂直紙面向里的磁場，磁感應強度為B1，大圓外有垂直紙面的磁感應強度為B2的磁場，圖中未畫出，兩圓中間的圓環(huán)部分沒有磁場．今有一帶正電粒子(質量為m，帶電荷量為q)從小圓邊緣的A點以速度v沿AO方向射入小圓的磁場區(qū)域，然后從小圓磁場中穿出，此后該粒子第一次回到小圓便經過A點，帶電粒子重力不計，求：(1)若v＝，則帶電粒子在小圓內的運動時間t為多少；(2)磁感應強度B1與B2的比值.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】可變電阻R的滑片向b端移動時，滑動變阻器有效電阻變小，外電路總電阻變小，則總電流I增大，內電壓增大，外電壓U變小，所以通過R1的電流I1變小，而總電流I增大，根據并聯(lián)電路電流的規(guī)律可知，I3變大．R3兩端的電壓變大，路端電壓U減小，則R2兩端的電壓變小，通過R2的電流I2變?。蔇正確．故選D【點睛】本題關鍵抓住電源的電動勢和內阻不變，根據閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律進行動態(tài)分析，按照“局部-整體-再到局部”的分析思路分析2、C【解析】發(fā)現(xiàn)利用磁場產生電流的條件和規(guī)律的科學家是法拉第，故選C.3、A【解析】三個并聯(lián)支路的電壓相等，根據歐姆定律U=IR得，電流I與電阻R成反比。電流之比I1：I2：I3=1：2：3，則電阻之比R1：R2：R3=6：3：2A.6∶3∶2與分析相符，故A正確。B.2∶3∶6與分析不符，故B錯誤。C.1∶2∶3與分析不符，故C錯誤。D.2∶3∶1與分析不符，故D錯誤。4、D【解析】A．因上下極板的極性不確定，則不能確定粒子的電性，選項A錯誤；B．該粒子以速度v0從S2射入，只有洛倫茲力方向改變，而電場力方向不變，受力不平衡，因而不沿虛線運動，故B錯誤；C．該粒子以速度2v0從S1射入，洛倫茲力變大，而電場力不變，則粒子不能沿虛線從S2射出，選項C錯誤；D．根據可知則該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出，選項D正確。故選D。5、D【解析】A．質子出回旋加速器的速度最大，此時的半徑為R，則，A正確B．根據向心力公式，質子最大動能聯(lián)立解得，B正確C．回旋加速器能夠加速粒子的條件就是粒子圓周運動的周期等于交變電流的周期，粒子圓周運動周期所以，C正確D．由選項B分析可知質子最大動能，與電壓U無關，D錯誤6、D【解析】A．矩形線圈從與中性面垂直的面開始計時，產生的電動勢為式中為線圈的匝數(shù)，為線圈的橫截面積，所以電動勢隨時間改變，故A錯誤；BC．根據A選項中的表達式可知，轉軸向左或者向右移動，感應電動勢的表達式不變，隨時間的變化不變，故BC錯誤；D．當線圈從圖中位置轉過代入方程中故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由圖可知，電阻A的圖象的斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變，故A正確；兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可知，兩電阻的阻值大小相等，故C正確，BD錯誤；故選AC【點睛】本題考查伏安特性曲線的應用，要注意明確U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；斜率變大時，電阻增大．但是求解某一電壓下的電阻時要用歐姆定律求解8、AD【解析】當把開關閉合時，線圈產生自感電動勢，在線圈和A的兩端會分擔電壓，A會亮起來，B的電流等于A和線圈電流之和，B也會亮起來．所以A選項正確．開關閉合等電路穩(wěn)定后，由于線圈不再產生自感，而且線圈沒有電阻，僅相當于導線，所以A被短路,A燈不亮B燈亮．所以B選項錯誤．開關斷開的瞬間，線圈產生自感，并且與A形成閉合回路，所以A燈會重新亮一會在熄滅，而B燈馬上熄滅，所以C選項錯誤D選項正確．答案選AD9、BC【解析】本題考查了等量同種電荷周圍電場分布情況：中垂線上上下電場線方向相反，根據電場線方向判斷電勢高低．a、c兩點關于中垂線對稱，電勢相等，電荷在這兩點的電勢能相等.【詳解】根據電場線的分布情況和對稱性可知，a、c兩點的電勢相等，則正電荷在a點電勢能一定等于在c點電勢能．故A錯誤，B正確；沿電場線方向電勢降低，在MN連線的中垂線上，O點電勢最高．故C正確；由對稱性知O點的場強為零，從O點向上或向下場強都是先增加后減??；則電荷-q從d點靜止釋放，在它從d點運動到b點的過程中，加速度可能先減小再增大，也可能先增大，后減小再增大再減?。蔇錯誤；故選BC10、AC【解析】A．電動機兩端電壓為：VA正確；BC．電動機的發(fā)熱功率為：W電動機的輸出功率為：WB錯誤，C正確；D．電動機的效率為：D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.E④.外接【解析】根據滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內阻間的大小關系確定電流表的接法．儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器【詳解】燈泡的額定電壓為4V，可知電壓表選擇A；燈泡的額定電流為，可知電流表選擇D；滑動變阻器要用分壓電路，可知要選擇阻值較小的E；電壓表的內阻（10KΩ）遠大于燈泡的電阻（8Ω），可知要采用電流表外接電路.【點睛】本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應用，同時還應明確內外接法的不同及判斷12、①.C②.G③.④.⑤.13【解析】解：(1)電源電動勢為6V，熱敏電阻常溫下的阻值約為，故電流最大約為，故電流表只能選擇C；為了讓電流從零開始增大應采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇總阻值較小的G；本實驗中采用滑動變阻器分壓接法，同時因電流表內阻已知，故電流表采用內接法，完成電路圖如圖所示；根據描出的點得出對應的圖象如圖所示，由由圖可知，當溫度時，；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）、、【解析】（1）粒子從O點運動到P點過程，由動能定理得①在P點速度滿足v0=vcosθ②解得O、P兩點間的電勢差③粒子在Ⅰ區(qū)內做圓周運動，有④粒子運動情況如圖，可得2r1cosθ=d⑤解得Ⅰ區(qū)的磁感應強度⑥（2）粒子在Ⅱ區(qū)內做圓周運動，有⑦粒子運動情況如圖，粒子完成一個完整的周期性運動，到達PQ邊界的C2點時，與擋板A1的距離為⑧即x=4d-r2先不考慮粒子碰到擋板的情況下，恰好從小孔Q射出，有兩種情況①第一種情況是粒子斜向下射出小孔Q，對應的條件是Nx+d=L（n=1,2,3,……）⑨將L=13d代入并整理可得⑩考慮到r2>0，則n>3再考慮粒子不能碰到擋板，則需滿足條件⑾可解得綜合以上條件，可知n只能取4和5兩個值，即r2=d和r2=d⑿解得Ⅱ區(qū)的磁感應強度大小的兩個可能值是和⒀②第二種情況是粒子斜向上射出小孔Q，對應的條件是nx