安徽省合肥市金湯白泥樂槐六校2025屆物理高二第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測試題含解析

安徽省合肥市金湯白泥樂槐六校2025屆物理高二第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電源電動(dòng)勢，下面說法不正確的是()A.電源兩極間電壓總等于電動(dòng)勢B.電動(dòng)勢越大的電源，將其他能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大C.電路接通后，電源的電壓小于它的電動(dòng)勢D.電動(dòng)勢只由電源性質(zhì)決定，與外電路無關(guān)2、下列關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的說法中正確的是()A.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向規(guī)定為小磁針靜止時(shí)北極所指的方向B.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針S極在此處的受力方向一致C.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由試探電流元在此處的受力方向決定D.如果把磁場中的通電導(dǎo)線撤去，磁場中磁感應(yīng)強(qiáng)度為零3、質(zhì)量為0.01kg的子彈，以400m/s的速度射入質(zhì)量為0.49kg、靜止在光滑水平面上的木塊，并留在木塊中。若子彈剛好留在木塊中，則它們一起運(yùn)動(dòng)的速度大小為（）A.6m/s B.8m/sC.10m/s D.12m/s4、如圖，電場中一正離子只受電場力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．離子在A點(diǎn)的速度大小為v0，速度方向與電場方向相同．能定性反映該離子從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況的速度﹣時(shí)間（v﹣t）圖象是（）A. B.C. D.5、已知兩分力F1、F2的合力為F，則下列說法正確的是A.合力F一定大于分力F1 B.合力F一定大于分力F2C.合力F只與分力F1和F2的大小有關(guān) D.合力F與分力F1和F2的大小及方向都有關(guān)6、將一面積為cm2，匝數(shù)的線圈放在勻強(qiáng)磁場中，已知磁場方向垂直于線圈平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖所示，線圈總電阻為2Ω，則A.在0~2s內(nèi)與2s~4s內(nèi)線圈內(nèi)的電流方向相反 B.在0~4s內(nèi)線圈內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢為VC.第2s末，線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢為零 D.在0~4s內(nèi)線圈內(nèi)的感應(yīng)電流為A二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、國慶期間小明去逛超市，遇促銷打折買了一個(gè)電吹風(fēng)，電吹風(fēng)的使用說明書上給出了如表所的參數(shù)及圖示電路圖。下列說法正確的是（）A.該電吹風(fēng)發(fā)熱電阻R的阻值約為64.5ΩB.該電吹風(fēng)電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為193.6ΩC.當(dāng)開關(guān)S1斷開、S2閉合時(shí)，電吹風(fēng)吹冷風(fēng)D.當(dāng)開關(guān)S1、S2均閉合時(shí)，電動(dòng)機(jī)每秒鐘消耗的電能為1000J8、如圖，是磁電式電流表的結(jié)構(gòu)，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻地輻向分布，線圈中a、b兩條導(dǎo)線長均為l，通以圖示方向的電流I，兩條導(dǎo)線所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。則（）A.該磁場是勻強(qiáng)磁場 B.線圈將逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)C.線圈將順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng) D.a、b導(dǎo)線受到的安培力大小總為IlB9、如圖所示，帶等量異種電荷的平行金屬板a、b處于勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里．不計(jì)重力的帶電粒子沿OO′方向從左側(cè)垂直于電磁場入射，從右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時(shí)動(dòng)能比入射時(shí)小；要使粒子射出a、b板間區(qū)域時(shí)的動(dòng)能比入射時(shí)大，可采用的措施是A.適當(dāng)減小兩金屬板的正對面積B.適當(dāng)增大兩金屬板間的距離C.適當(dāng)減小勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度D.使帶電粒子的電性相反10、如圖所示，矩形導(dǎo)線框abcd與無限長通電直導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，直導(dǎo)線中的電流方向由M到N，導(dǎo)線框的ab邊與直導(dǎo)線平行．若直導(dǎo)線中的電流增大，導(dǎo)線框中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)線框會(huì)受到安培力的作用，則以下關(guān)于導(dǎo)線框受到的安培力的判斷正確的是（）A.導(dǎo)線框有兩條邊所受安培力的方向相同B.導(dǎo)線框有兩條邊所受安培力的大小相同C.導(dǎo)線框所受的安培力的合力向左D.導(dǎo)線框所受的安培力的合力向右三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）讀數(shù)，甲為游標(biāo)卡尺，乙為螺旋測微器（1）圖甲游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為____________________（2）圖乙螺旋測微器的讀數(shù)為__________________12．（12分）某同學(xué)在探究性實(shí)驗(yàn)中需要精確地測量某靈敏電流計(jì)（微安表）的內(nèi)電阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)室可供他使用的器材如下：A.待測電流計(jì)（量程500uA，內(nèi)阻約1kΩ）B.電阻箱R（阻值1Ω~9999Ω）C.滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω）D.滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值1kΩ）E.電源（電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻不計(jì)）F.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干①請你用筆畫代替導(dǎo)線，按圖甲的方案將圖乙中的實(shí)物圖連成可供測量的實(shí)驗(yàn)電路____；②在某一次測量中，得到了如上圖所示的數(shù)據(jù)，則R=_______Ω；I=_________uA；③實(shí)驗(yàn)時(shí)，該同學(xué)把滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)至適當(dāng)位置處，而后保持滑動(dòng)變阻器的阻值不變，通過調(diào)節(jié)電阻箱阻值R，使流過靈敏電流計(jì)的示數(shù)I發(fā)生變化，為使測量出的Rg值誤差較小，需保證在調(diào)節(jié)電阻箱阻值R時(shí)，盡可能不改變R與電流計(jì)兩端的電壓值之和，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_____（填“R1”或“R2”）；④若操作過程中得到如圖丙所示的（）圖線，若已知斜率為k，縱截距為b，則根據(jù)圖線，求得電流表內(nèi)阻Rg=__________（請用字母表示）；四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器,其原理如圖所示,核心部分為兩個(gè)銅質(zhì)D形盒D1,D2構(gòu)成,其間留有空隙,將其置于勻強(qiáng)磁場中,兩盒分別與電源正負(fù)極相連,下列說法正確的是（）A.回旋加速器要接高頻交流電源B.粒子被加速后的最大動(dòng)能隨加速電場電壓的增大而增大C.離子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器D.電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定，且與粒子在狹縫及磁場中運(yùn)動(dòng)的周期一致E.為使被加速的粒子獲得的動(dòng)能增加為原來的4倍,可只調(diào)節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2倍14．（16分）如圖所示，P、Q為水平面內(nèi)平行放置的光滑金屬長直導(dǎo)軌，間距為L1，處在豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1的勻強(qiáng)磁場中．一導(dǎo)體桿ef垂直于P、Q放在導(dǎo)軌上，在外力作用下向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)．質(zhì)量為m、每邊電阻均為r、邊長為L2的正方形金屬框abcd置于豎直平面內(nèi)，兩頂點(diǎn)a、b通過細(xì)導(dǎo)線與導(dǎo)軌相連，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2的勻強(qiáng)磁場垂直金屬框向里，金屬框恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．不計(jì)其余電阻和細(xì)導(dǎo)線對a、b點(diǎn)的作用力(1)通過ab邊的電流Iab是多大？(2)導(dǎo)體桿ef的運(yùn)動(dòng)速度v是多大？15．（12分）如圖所示，電源電動(dòng)勢，內(nèi)阻，電阻，，，電容器的電容，開關(guān)S原來斷開，現(xiàn)在合上開關(guān)S到電路穩(wěn)定，試問這一過程中通過電流表的電量是多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量，電動(dòng)勢等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓，電動(dòng)勢與外電路無關(guān)；【詳解】A、電動(dòng)勢等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓，當(dāng)外電路接通時(shí)，電源有內(nèi)電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電源兩極間電壓一定小于電動(dòng)勢，故A錯(cuò)誤，C正確；B、電動(dòng)勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱的物理量，電動(dòng)勢越大，電源將其它能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故B正確；D、電動(dòng)勢由電源本身決定，與外電路無關(guān)，故D正確【點(diǎn)睛】本題考查電動(dòng)勢的物理意義，可根據(jù)閉合電路歐姆定律理解電動(dòng)勢與電源兩極間電壓的關(guān)系2、A【解析】A.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向規(guī)定為小磁針靜止時(shí)北極所指的方向，故A正確；B.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極在此處的受力方向一致，故B錯(cuò)誤；C.磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由磁場本身決定，與試探電流元在此處的受力方向無關(guān)；故C錯(cuò)誤；D.如果把磁場中的通電導(dǎo)線撤去，磁場中磁感應(yīng)強(qiáng)度不變；故D錯(cuò)誤；故選擇：A；3、B【解析】子彈射入木塊過程中以子彈和木塊為系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)子彈質(zhì)量為m1，初速度為v0，木塊質(zhì)量為m2，一起運(yùn)動(dòng)速度為v，所以有代入數(shù)據(jù)可解得v=8m/s，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。4、C【解析】電場中正離子只受電場力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，電場力對離子做正功，速度增大，電場力提供加速度qE=ma，場強(qiáng)減小，加速度減小，速度時(shí)間圖像中斜率表示加速度的大小，C對；考點(diǎn)：考查電場力做功與牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評：在求解本題過程中注意速度與電場力做功的關(guān)系、加速度與電場力、電場強(qiáng)度的關(guān)系5、D【解析】由力的合成方法可知，兩力合力的范圍|F1-F2|≤F合≤F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，還可能與兩個(gè)分力都相等，故AB錯(cuò)誤．根據(jù)平行四邊形定則可知，合力F與分力F1和F2的大小及方向都有關(guān)，故C錯(cuò)誤，D正確6、D【解析】A．在0-2s內(nèi)與2s-4s內(nèi)磁場方向相反，磁通量變化情況相反，根據(jù)楞次定律可知，在這兩段時(shí)間內(nèi)線圈內(nèi)感應(yīng)電流方向相同，A錯(cuò)誤。B．由圖知：在0-4s內(nèi)線圈內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢故B錯(cuò)誤。C．在0～4s內(nèi)，磁通量的變化率恒定，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不變，始終為E=0.8V，C錯(cuò)誤。D．在0-4s內(nèi)線圈內(nèi)的感應(yīng)電流D正確。故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A．由題意可知，電阻R上的功率為750W，故R的阻值為故A正確；B．該吹風(fēng)機(jī)的電動(dòng)機(jī)總功率為250W，它是非純電阻電路，不能用求其電阻，由于其輸出功率未知，故無法求出該電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻，故B錯(cuò)誤；C．由于電阻用來發(fā)熱，故當(dāng)開關(guān)S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻不工作，故電吹風(fēng)吹冷風(fēng)，故C正確；D．當(dāng)開關(guān)S1、S2均閉合時(shí)，電動(dòng)機(jī)每秒鐘消耗的電能為250J，故D錯(cuò)誤；故選AC。8、CD【解析】A．該磁場明顯不是勻強(qiáng)磁場，勻強(qiáng)磁場應(yīng)該是一系列平行的磁感線，方向相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．由左手定則可知，a受到的安培力向上，b受到的安培力向下，故線圈順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；D．a(chǎn)、b導(dǎo)線始終與磁感線垂直，故受到的安培力大小總為IlB，選項(xiàng)D正確。故選CD。9、AC【解析】由題意可知，當(dāng)原來“右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時(shí)動(dòng)能比入射時(shí)小”，說明“電場力對粒子做負(fù)功”，電場力小于磁場力，即，則；現(xiàn)在，要“射出a、b板間區(qū)域時(shí)的動(dòng)能比入射時(shí)大”，就是要“電場力對粒子做正功”，電場力大于磁場力；電容器帶電量不變，根據(jù)、、，有；適當(dāng)減小兩金屬板的正對面積，場強(qiáng)增加，可能滿足，故A正確；電容器帶電量不變，改變極板間距離時(shí)，根據(jù)，板間的場強(qiáng)不變，故電場力不變，故B錯(cuò)誤；減小磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，可能有，故C正確；根據(jù)左手定則，及正電荷受到的電場力與電場強(qiáng)度方向相同，負(fù)電荷與電場強(qiáng)度方向相反，則有：電場力大小與“粒子電性”無關(guān)，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】考查粒子在電場與磁場中，受到電場力與磁場力作用，掌握電場力對粒子做功，而磁場力對粒子不做功，并理解動(dòng)能定理與左手定則的應(yīng)用10、BD【解析】若直導(dǎo)線中的電流增大，導(dǎo)線框中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，上下兩邊電流方向相反、而所在區(qū)域磁場方向相同，則安培力大小相等、方向相反，同樣左右兩條邊電流方向也相反，所受安培力方向相反，由于所在區(qū)域磁場大小不等，則所受安培力大小不等．則B正確A錯(cuò)．若直導(dǎo)線中的電流增大，則導(dǎo)線右側(cè)磁場增強(qiáng)，線圈中磁通量增大，根據(jù)楞次定律推論線圈將向右移從而阻礙線圈中磁通量增大，所以所受合力向右，則D正確C錯(cuò)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.298②.5.680【解析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀【詳解】游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為2.9cm，游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為8×0.1mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：2.9cm+0.8mm=2.98cm．螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動(dòng)刻度為18.0×0.01mm=0.180mm，最終讀數(shù)為5.5mm+0.180mm=5.680mm12、①.連線圖見解析②.1750③.240④.R1⑤.【解析】①[1]實(shí)物連線如圖：②[2][3]由圖可知R=1750Ω；I=240μA；③[4]在調(diào)節(jié)電阻箱阻值R時(shí)，盡可能不改變R與電流計(jì)兩端的電壓值之和，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選用阻值較小的R1；④[5]由歐姆定律，設(shè)電流計(jì)和電阻箱兩端的電壓之和為U，則U=I（R+Rg）整理可得由題意可得解得四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、ADE【解析】當(dāng)離子在磁場中圓周運(yùn)動(dòng)半徑等于D形盒半徑時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力，列式得到最大動(dòng)能的表達(dá)式，再進(jìn)行分析增加最大動(dòng)能的方法【詳解】A項(xiàng)：為了使粒子進(jìn)入電場就能加速，所接的應(yīng)為交變電源，故A正確；B項(xiàng)：、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：粒子的最大速度：vm＝所以，粒子加速后的最大動(dòng)能：Ekm＝，可知粒子的最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)的過程中圓的半徑逐漸增大，所以離子必須從粒子加速器靠近中心處進(jìn)入加速器，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期：可知粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期與粒子的速度無關(guān)，粒子的速度增大時(shí)，其在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期不變；根據(jù)加速器的原理可知，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期與粒子在狹縫中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和與電場變化的周期是相同的，所以電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定，故D正確；E項(xiàng)：根據(jù)公式：Ekm＝，為使被加速的粒子獲得的動(dòng)能增加為原來的4倍，可只調(diào)節(jié)D形盒的半徑增大為原來的2