江西省上饒市廣豐區(qū)2025屆高三上物理期中聯(lián)考試題含解析

江西省上饒市廣豐區(qū)2025屆高三上物理期中聯(lián)考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，直線a和曲線b分別是在平行的平直公路上行駛的汽車a和b的速度一時間（v-t）圖線，在t1時刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在t1到t3這段時間內()A．在t2時刻，兩車相距最遠B．在t3時刻，兩車相相遇C．a車加速度均勻增大，b車加速度逐漸增大D．a車的位移大于b車的位移2、如圖所示為a、b兩顆衛(wèi)星運行的示意圖，a為繞地球做橢圓軌道運動的衛(wèi)星，b為地球同步衛(wèi)星，P為兩衛(wèi)星軌道的切點．P、Q分別為橢圓軌道的遠地點和近地點．衛(wèi)星在各自的軌道上正常運行，下列說法中正確的是A．衛(wèi)星a、b的周期可能相等B．衛(wèi)星a在由近地點Q向遠地點P運行過程中，引力勢能逐漸減小C．衛(wèi)星b經過P點時的速率一定大于衛(wèi)星a經過P點時的速率D．衛(wèi)星b經過P點時的向心力一定等于衛(wèi)星a經過P點時的向心力3、跳水運動員從10m高的跳臺上騰空躍起，先向上運動一段距離達到最高點后，再自由下落進入水池，不計空氣阻力，關于運動員在空中的上升過程和下落過程，以下說法正確的有（）A．上升過程處于超重狀態(tài)，下落過程處于失重狀態(tài)B．上升過程處于失重狀態(tài)，下落過程處于超重狀態(tài)C．上升過程和下落過程均處于超重狀態(tài)D．上升過程和下落過程均處于完全失重狀態(tài)4、如圖所示，平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車做勻變速直線運動，t=2s時，直線a和曲線b剛好相切。下列說法正確的是（）A．b車做勻加速直線運動B．t=2s時,a、b兩車相遇,速度不相等C．a車的速度大小為3m/sD．b車的加速度大小為1m/s25、如圖所示電路中，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，以下判斷正確的是A．電壓表讀數變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B．電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮C．電壓表讀數變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D．電壓表讀數變小，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗6、控制汽車油耗是減少排放二氧化碳的主要手段之一，各國相繼出臺在不久的將來禁售燃油車的相關政策，而大力研發(fā)電動汽車．一電動汽車裝備了具有“全力自動剎車”功能的城市安全系統(tǒng)，當車速v≤10m/s、且與前方靜止的障礙物之間的距離接近安全距離時，如果司機未采取制動措施，系統(tǒng)就會立即啟動“全力自動剎車”，使電動汽車避免與障礙物相撞．在上述條件下，若某一電動汽車以10m/s的速度在一條平直公路上行駛，啟動了“全力自動剎車”后其加速度大小為4m/s2，則從開始經1s與3s過程中，汽車的位移之比為（）A．1∶3 B．2∶3 C．1∶6 D．16∶25二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,質量為m的尖劈A頂角，一面靠在豎直的光滑墻壁上，質量為2m的方木塊B放在水平光滑地面上，A和B之間無摩擦，彈簧右端固定。方木塊B將彈簧壓縮后，由靜止釋放，A在B的推動下，沿豎直光滑的墻壁上滑，當彈簧剛恢復原長時，A的速度為，B的速度為。(重力加速度為g，)A．A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒B．彈簧恢復原長時C．當兩物體動能最大時，彈簧的形變量為D．當兩物體動能最大時，彈簧的形變量為08、如圖，質量為、長度為的小車靜止在光滑水平面上，質量為的小物塊（可視為質點）放在小車的最左端?，F用一水平恒力作用在小物塊上，使小物塊從靜止開始做勻加速直線運動。小物塊和小車之間的摩擦力為，小物塊滑到小車的最右端時，小車運動的距離為。此過程中，下列結論正確的是（）A．小物塊到達小車最右端時具有的動能為B．小物塊到達小車最右端時，小車具有的動能為C．小物塊克服摩擦力所做的功為D．小物塊和小車增加的機械能為9、如圖所示，質量為m的物體（可視為質點）以某一速度從A點沖上傾角為30°的固定斜面，其運動的加速度為，此物體在斜面上上升的最大高度為h，則在這個過程中物體（

）A．重力勢能增加了 B．重力勢能增加了mghC．動能損失了mgh D．機械能損失了mgh10、如圖（a）所示，水平放置的平行金屬板AB間的距離d=0.1m，板長L=0.3m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間，距金屬板右端x=0.5m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現在AB板間加如圖（b）所示的方波形電壓，已知U0=1.0×102V，在擋板的左側，有大量帶正電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續(xù)射向擋板，粒子的質量m=1.0×10﹣7kg，電荷量q=1.0×10﹣2C，速度大小均為v0=1.0×104m/s，帶電粒子的重力不計，則：（）A．粒子從進入電場到打中熒光屏所經歷的時間8×10﹣5sB．在t=0時刻進入的粒子飛出電場時垂直于極板方向的位移為2.5×10﹣2mC．t=0時刻進入的粒子飛出電場時速度與水平方向夾角的正切值為D．由正極板邊緣、且從t=1×10﹣5s時刻進入電場的粒子打到熒光屏上的位置距O點的距離0.065m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的裝置驗證牛頓第二定律。兩個完全相同的小桶A、B內裝個數不同的小砝碼，每個砝碼的質量均為m0。在A桶的側壁固定一厚度為d的擋光片，在N處有一光電門（圖中沒畫），它可以測出擋光片擋光的時間，A桶每次都從M處靜止釋放，M、N間的距離為h，A、B兩桶及內部的砝碼質量分別用mA、mB表示。(1)mA與mB之間的大小關系應為________；(2)若某次擋光片經過N處，光電門顯示的時間為t，則物體的加速度為_________。(3)每次將B中的一個砝碼拿到A中，測出擋光片經過光電門的時間，進而算出加速度。兩桶內砝碼個數之差用n表示，加速度用a表示，重力加速度為g，根據測得的數據做出的a-n圖象如圖所示，圖象的斜率為k，則mA+mB=__________。(4)要驗證加速度與質量的關系，在測了一組數據后，要測更多的數據，下列哪種辦法可行_______。a.依次在兩桶中加相同個數的砝碼再測b.不斷向A桶中加（或減）砝碼再測c.將A桶中的砝碼不斷拿到B桶中再測d.將B桶中的砝碼不斷拿到A桶中再測(5)為了直觀看出加速度與質量的關系，應做以下哪一圖象_________。a．a－mBb．a－c．a－d．a－mA+mB12．（12分）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器接在電壓為U，頻率為f的交流電源上，從實驗中打出的幾條紙帶中選出一條理想紙帶，如圖所示，選取紙帶上打出的連續(xù)5個點A、B、C、D、E，測出A點距起始點的距離為S0，點AC間的距離為S1，點CE間的距離為S2，已知重錘的質量為m，當地的重力加速度為g，則：①起始點O到打下C點的過程中，重錘重力勢能的減少量為△EP＝___，重錘動能的增加量為△EK＝____；②根據題中提供的條件，還可利用重錘下落求出當地的重力加速度g=________，經過計算可知，測量值比當地重力加速度的真實值要小，其主要原因是：_______________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個底面粗糙、質量為M的劈放在粗糙的水平面上，劈的斜面光滑且與水平面成30°角；現用一端固定的輕繩系一質量為m的小球，小球放在斜面上，小球靜止時輕繩與豎直方向的夾角也為30°，如圖所示，試求：（1）當劈靜止時繩子的拉力大?。?）若地面對劈的最大靜摩擦力等于地面對劈支持力的k倍，為使整個系統(tǒng)靜止，求k的最小值。14．（16分）如圖所示，水平面上放置一個傾角θ=37°的斜面體，現把一個質量m=10kg的物體放在該斜面體上，當用沿斜面向上大小為40N的拉力F作用于物體上時，物體剛好沿斜面勻速下滑而斜面體保持靜止．求：⑴出物體與斜面之間的動摩擦因數μ；⑵若要使物體能沿斜面勻速上滑，拉力F應變?yōu)槎啻?？（斜面體仍保持靜止）（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）15．（12分）我校足球運動員在做發(fā)球訓練時，將一只靜止的足球，以v0=10m/s的初速度踢出（視足球運動為勻減速直線運動），其加速度大小為2m/s2，求足球從運動到靜止的過程中：(1)平均速度的大小(2)多長時間足球停下(3)從運動到靜止的位移大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

在t1時刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在t1到t3這段時間內，a的速度一直大于b的速度，兩者間距一直增大，t3時刻之后，a的速度小于b的速度，兩者間距減小，則在t3時刻，兩車相距最遠，故AB錯誤；根據速度時間圖象的斜率等于加速度，可知，a車的加速度不變，b車加速度一直增大，故C錯誤；在v-t圖象中，與時間軸所圍面積表示物體運動的位移，故a車的位移大于b車的位移，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．2、C【解析】根據開普勒第三定律，結合b軌道的半徑大于a軌道的半長軸，可知衛(wèi)星b的周期一定大于衛(wèi)星a的周期，A錯誤；衛(wèi)星a在由近地點Q向遠地點P運行過程中，離地越來越高，引力做負功，引力勢能逐漸增大，B錯誤；因為衛(wèi)星在軌道a經過P點要加速做離心運動才能進入軌道b，故衛(wèi)星在b軌道經過P點的時速率大于在a軌道經過P點時的速率，C正確；由于不知道兩顆衛(wèi)星的質量是否相等，所以不能判斷出二者在P點受到的向心力相等，D錯誤．3、D【解析】

對于超重、失重和平衡狀態(tài)的定義是：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度，合力也向上；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度，合力也向下．如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g．綜上可知上升和下降的過程中，都是只受到向下的重力的作用，加速度的大小為重力加速度g；都處于完全失重狀態(tài).A.描述與分析結果不相符；故A錯誤.B.描述與分析結果不相符；故B錯誤.C.描述與分析結果不相符；故C錯誤.D.描述與分析結果相符；故D正確.4、D【解析】

A.在x-t圖象中，圖象的斜率表示速度，根據圖象可知，a的斜率不變，速度不變，做勻速直線運動。b的斜率減小，速度減小，故b車做勻減速直線運動，故A錯誤；B.t=1s時，直線a和曲線b剛好相切，a、b兩車相遇，速度相等，故B錯誤；CD.設b車的位移時間關系式為：x=v0t+將t=1s，x=6m-1m=4m代入得：4=1v0+t=1s時，b車的速度為vb=va=1m/s，由：v=v0+at得：1=v0+1a聯(lián)立解得a=-1m/s1．故C錯誤，D正確。5、B【解析】

當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈L2的電流變大，則燈L2變亮．電源的內電壓和L2的電壓增大，路端電壓減小，則并聯(lián)部分電壓減小，電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L1變暗．A．電壓表讀數變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮，與分析不符，故A錯誤．B．電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮，與分析相符，故B正確．C．電壓表讀數變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗，與分析不符，故C錯誤．D．電壓表讀數變小，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗，與分析不符，故D錯誤．6、D【解析】

剎車真實時間為，1s位移為，3s位移其實就是2.5s位移位移之比為16:25，故D項正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】彈簧、A和B組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，故A正確；當彈簧恢復原長時，A與B有速度關系圖象，如圖所示：由幾何關系可得：，解得：，故B正確；當兩物體加速度為零時，速度最大，則兩物體動能最大，設A、B之間的相互作用力為F，對A受力分析有：，對B受力分析有：，解得：，故C正確，D錯誤；故選ABC.8、ABC【解析】

A．由動能定理可得小物塊到達小車最右端時的動能A正確；B．小車的動能B正確；C．小物塊克服摩擦力所做的功C正確；D．小物塊和小車增加的機械能為，D錯誤。故選ABC。9、BD【解析】

物體在斜面上上升的最大高度為h，物體克服重力做功為mgh，則重力勢能增加了mgh．根據動能定理求解動能的損失．根據動能和重力勢能的變化，確定機械能的變化．【詳解】A、B由題，物體在斜面上上升的最大高度為h，物體克服重力做功為mgh，則重力勢能增加了mgh．故A錯誤，B正確；C、根據動能定理得：△Ek=﹣ma=﹣m?2h=，則物體的動能損失了．故C錯誤；D、由上知道，重力勢能增加了mgh，物體的動能損失，則機械能損失了．故D正確．【點睛】本題考查對常見的功能關系的理解和應用能力．重力勢能的變化與重力做功有關，動能的變化取決于合力做功，而機械能的變化可由動能的變化與重力勢能的變化來確定．10、AC【解析】

A．粒子水平方向速度不變，作勻速直線運動，粒子從進入電場到打中熒光屏所經歷的時間為：選項A正確；B．粒子在電場中運動的時間為：0時刻進入的粒子豎直方向上先作勻加速直線運動，用時t1=2×10-5s；再作勻減速直線運動，用時t2=1×10-5s，加速度大小相等，為：側移量：選項B錯誤；C．射出時豎直方向的速度大小為vy＝at1?at2＝108(2×10?5?1×10?5)=1×103m/s正切值tanθ=選項C正確；D．粒子從t=1×10-5s時刻進入電場，在第一個1×10-5s向負極板加速運動、在第二個1×10-5s向負極板減速運動，在第三個1×10-5s向負極板加速運動；所以出電場時的偏離正極板的位移：y1'=at2×3=0.005×3=0.015m出電場時沿豎直方向的速度為v′1＝at＝103m/s場外沿豎直方向的位移：y2'=v′1t′＝103×m=0.05m結果y'=0.065m-0.05m=0.015m選項D錯誤；故選AC.【點睛】解決在偏轉場中問題，通常由類平拋運動規(guī)律求解，要能熟練運用運動的合成與分解的方法研究，分析時要充分運用勻加速運動位移的比例關系和運動的對稱性，來求解豎直分位移．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、mA>mBab【解析】

（1）[1]要使A可勻加速下落，必須滿足；（2）[2]A經過N的是速度為由勻變速直線運動規(guī)律可知聯(lián)立解得（3）[3]由牛頓第二定律可知即解得（4）[4]根據，要驗證加速度與質量的關系，就要控制F不變，所以，只需要向A、B兩桶中依次增加相同個數的砝碼即可，a正確，bcd錯誤。故選a。（5）[5]有牛頓第二定律可知其中F為定值，所以做a－即可，b正確，acd錯誤。故選b。12、存在摩擦阻力【解析】

①根據