福建省2024年高考物理壓軸卷含解析

PAGE15-福建省2024年高考物理壓軸卷（含解析）考試時(shí)間：90分鐘滿(mǎn)分：100分★?？忌诒敬慰荚嚭透呖贾腥〉米顫M(mǎn)足的成果！第I卷（選擇題，40分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.貨運(yùn)飛船“天舟一號(hào)”與已經(jīng)在軌運(yùn)行的“天宮二號(hào)”勝利對(duì)接形成組合體，如圖所示。假設(shè)組合體在距地面高度為h的圓形軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為T(mén)1。假如月球繞地球的運(yùn)動(dòng)也看成是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為R1，周期為T(mén)2。已知地球表面處重力加速度為g，地球半徑為R，引力常量為G，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，地球看成質(zhì)量分布勻稱(chēng)的球體。則()A.月球的質(zhì)量可表示為eq\f(4π2R\o\al(3,1),GT\o\al(2,2))B.組合體與月球運(yùn)轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度比值為eq\r(\f(R1,h))C.地球的密度可表示為eq\f(3πR＋h3,GT\o\al(2,1)R3)D.組合體的向心加速度可表示為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R＋h,R)))2g2.如圖所示，一束光斜射向厚度為d的長(zhǎng)方體玻璃磚，經(jīng)它折射后射出a、b兩束光線(xiàn)，則下列說(shuō)法正確的是()A.玻璃磚對(duì)a光的折射率大于對(duì)b光的折射率B.在真空中，a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)C.在玻璃中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度D.從玻璃磚底邊射出的a、b光傳播方向不平行3.如圖所示，小滑塊a從傾角為θ＝45°的固定粗糙直角三角形斜面頂端以速度v1沿斜面勻速下滑，同時(shí)將另一小滑塊b在斜面底端正上方與小滑塊a等高處以速度v2水平向左拋出，兩滑塊恰在斜面中點(diǎn)P處相遇，不計(jì)空氣阻力，不考慮小滑塊b碰撞斜面后的狀況，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.v1∶v2＝1∶1B.斜面總高度C.若b以速度2v2水平向左拋出，a、b仍能相遇D.若b以速度2v2水平向左拋出，則b落在斜面上時(shí)，a在b的下方4.氫原子光譜在可見(jiàn)光區(qū)域內(nèi)有四條譜線(xiàn)，都是氫原子中電子從量子數(shù)n>2的能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)發(fā)出的光，它們?cè)谡婵罩械牟ㄩL(zhǎng)由長(zhǎng)到短，可以判定（）A.對(duì)應(yīng)的前后能級(jí)之差最小B.同一介質(zhì)對(duì)的折射率最大C.同一介質(zhì)中的傳播速度最大D.用照耀某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則也肯定能二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。5.甲、乙兩車(chē)在平直馬路上同向行駛，其v-t圖象如圖所示。已知兩車(chē)在t＝3s時(shí)并排行駛，則()A.在t＝1s時(shí)，甲車(chē)在乙車(chē)后B.在t＝0時(shí)，甲車(chē)在乙車(chē)前7.5mC.兩車(chē)另一次并排行駛的時(shí)刻是t＝2sD.甲、乙車(chē)兩次并排行駛的位置之間沿馬路方向的距離為40m6.帶電平行板電容器兩極板水平放置，充電后與電源斷開(kāi)。兩質(zhì)量相等的帶電小球a、b分別位于電容器內(nèi)上、下極板旁邊，a與上極板、b與下極板的距離相等?，F(xiàn)在同時(shí)由靜止釋放a、b，a和b同時(shí)經(jīng)過(guò)兩極板的中線(xiàn)MN，已知重力加速度為g，不計(jì)a、b間的相互作用和電容器極板的邊緣效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.到達(dá)MN時(shí)，a的動(dòng)能大于b的動(dòng)能B.到達(dá)MN時(shí)，a、b的電勢(shì)能變更相等C.從釋放兩帶電小球a、b到MN的過(guò)程中，b的機(jī)械能變更量的肯定值大于a的機(jī)械能變更量的肯定值D.若將上極板上移一小段距離h，下極板下移2h，再同時(shí)由原位置釋放a、b，a、b仍同時(shí)到達(dá)原中線(xiàn)MN7.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定的四分之一圓弧軌道AP，圓弧軌道的圓心為O，OA水平，OP豎直，半徑為R＝2m。一質(zhì)量為m＝1kg的小物塊從圓弧頂點(diǎn)A起先以2m/s的速度從A到P做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度g＝10m/s2，Q為圓弧AP的一個(gè)三等分點(diǎn)（圖中未畫(huà)出），OA與OQ的夾角為30°，下列說(shuō)法正確的是（）A.在Q點(diǎn)時(shí)，重力的瞬時(shí)功率為10WB.在A到P的過(guò)程中合力對(duì)小物塊的沖量為零C.小物塊在AQ段克服摩擦力做的功等于在QP段克服摩擦力做的功D.在P點(diǎn)時(shí)，小物塊對(duì)圓弧軌道的壓力大小為11.5N8.如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，將質(zhì)量為、長(zhǎng)為、電阻為的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置在足夠長(zhǎng)的水平光滑形導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌電阻可忽視不計(jì)。金屬棒在垂直于棒的水平拉力的作用下，由靜止起先（時(shí)）以加速度向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，后保持拉力的功率不變，直到棒以最大速度做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)再撤去拉力。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)拉力的大小為B.棒的最大速度為C.內(nèi)安培力對(duì)金屬棒的沖量大小為D.撤去拉力后，棒運(yùn)動(dòng)的距離為三、非選擇題：共60分?？忌罁?jù)要求作答。9.如圖所示，是肯定質(zhì)量的氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C到狀態(tài)D的圖象，已知?dú)怏w在狀態(tài)C時(shí)的體積是6L，則狀態(tài)D時(shí)的體積VD=；狀態(tài)A時(shí)的氣體體積VA=。10.一簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖（a）所示，x=0.30m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖線(xiàn)如圖（b）所示，該質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸_______（填“正向”或“負(fù)向”）。已知該波的波長(zhǎng)大于0.30m，則該波的波長(zhǎng)為_(kāi)______m。11.利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，試驗(yàn)裝置如圖甲所示，水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A點(diǎn)處有一帶長(zhǎng)方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過(guò)輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩和一質(zhì)量為m的小球相連；遮光片兩條長(zhǎng)邊與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌上B點(diǎn)有一光電門(mén)，可以測(cè)量遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的擋光時(shí)間t，用d表示A點(diǎn)到光電門(mén)B處的距離，b表示遮光片的寬度，將遮光片通過(guò)光電門(mén)的平均速度看做滑塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度，試驗(yàn)時(shí)滑塊在A處由靜止起先運(yùn)動(dòng).(1)某次試驗(yàn)測(cè)得傾角θ＝30°，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示為ΔEk＝_________，系統(tǒng)的重力勢(shì)能削減量可表示為ΔEp＝________，在誤差允許的范圍內(nèi)，若ΔEk＝ΔEp，則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒.(用題中字母表示)(2)在上述試驗(yàn)中，某同學(xué)變更A、B間的距離，作出的v2－d圖象如圖乙所示，并測(cè)得M＝m，則重力加速度g＝________m/s2.12.用伏安法測(cè)量某電阻的阻值，現(xiàn)有試驗(yàn)器材如下：A.待測(cè)電阻：約B.電流表：量程（內(nèi)阻約）C.電壓表：量程（內(nèi)阻約）確定電流表的內(nèi)外接方式為_(kāi)__________（內(nèi)接或外接），此方法測(cè)量值比真實(shí)值___________（填“偏大”或“偏小”）。(2)在測(cè)定金屬絲電阻率的試驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲的直徑如圖甲所示，___________；用多用電表的“”歐姆擋，調(diào)零后測(cè)得金屬絲的電阻值如圖乙所示，___________。若試驗(yàn)中測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度為，則該金屬絲電阻率的表達(dá)式___________（用符號(hào)表示）。13.如圖所示，光滑平行的長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，相距L＝1m，左端連接R＝2Ω的電阻，一質(zhì)量m＝0.5kg、電阻r＝1Ω的導(dǎo)體棒MN垂直放置在兩平行金屬導(dǎo)軌上，彼此接觸良好，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)。在兩導(dǎo)軌間有這樣的磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小隨x變更關(guān)系是B＝0.6sineq\f(πx,2x0)(T)，x0＝0.5m；兩區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小關(guān)于直線(xiàn)x＝0.5m對(duì)稱(chēng)。(1)導(dǎo)體棒在水平向右的拉力F作用下，以速度v0＝1m/s勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)，求此過(guò)程中感應(yīng)電流的最大值Im；(2)在(1)的狀況下，求棒穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中拉力做的功W以及電阻R上產(chǎn)生的熱量QR。14.如圖所示，在光滑的水平面上放著一個(gè)質(zhì)量為m的木球，在木球正上方L處有一個(gè)固定懸點(diǎn)O，在懸點(diǎn)O和木球之間用一根長(zhǎng)為2L的不行伸長(zhǎng)的輕繩連接。有一個(gè)質(zhì)量也為m的子彈以v0的速度水平射入木球并留在其中，一段時(shí)間之后木球繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，求：(1)木球以多大速度離開(kāi)水平地面；(2)子彈速度v0的最小值。15.如圖甲所示，在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立平面直角坐標(biāo)系xOy，在第Ⅱ象限內(nèi)有平行于桌面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向與x軸負(fù)方向的夾角θ=45°。在第Ⅲ象限垂直于桌面放置兩塊相互平行的平板C1、C2，兩板間距為d1=L，板間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩板右端在y軸上，板C1與x軸重合，在其左端緊貼桌面有一小孔M，小孔M離坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為L(zhǎng)。在第Ⅳ象限垂直于x軸放置一塊平行于y軸的豎直平板C3，平板C3在x軸上垂足為Q，垂足Q與原點(diǎn)O相距?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球從桌面上的P點(diǎn)以初速度v0垂直于電場(chǎng)方向射出，剛好垂直C1板穿過(guò)M孔進(jìn)入磁場(chǎng)。已知小球可視為質(zhì)點(diǎn)，P點(diǎn)與小孔M在垂直電場(chǎng)方向上的距離為s，不考慮空氣阻力。（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小；（2）要使帶電小球無(wú)碰撞地穿出磁場(chǎng)并打到平板C3上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍；（3）若t=0時(shí)刻小球從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間周期性變更，取豎直向上為磁場(chǎng)的正方向，如圖乙所示，磁場(chǎng)的變更周期，小孔M離坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離，求小球從M點(diǎn)打在平板C3上所用的時(shí)間。2024福建省高考?jí)狠S卷物理1.答案：選C。解析：由于月球是環(huán)繞天體，依據(jù)題意可以求出地球的質(zhì)量，不能求月球的質(zhì)量，A錯(cuò)誤；對(duì)于組合體和月球繞地球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力，設(shè)地球質(zhì)量為M，則由牛頓其次定律可知Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\r(\f(GM,r))，則組合體和月球的線(xiàn)速度比值為eq\r(\f(R1,R＋h))，B錯(cuò)誤；對(duì)于組合體，由Geq\f(Mm,R＋h2)＝meq\f(4π2,T\o\al(2,1))·(R＋h)，解得M＝eq\f(4π2R＋h3,GT\o\al(2,1))，又因?yàn)榈厍虻捏w積為V＝eq\f(4,3)πR3，整理解得ρ＝eq\f(M,V)＝eq\f(3πR＋h3,GT\o\al(2,1)R3)，C正確；由Geq\f(Mm,R＋h2)＝ma，Geq\f(Mm,R2)＝mg，知組合體的向心加速度大小為a＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R,R＋h)))2g，D錯(cuò)誤。2.答案C解析由圖可知，a光在玻璃磚中的折射角大于b光的折射角，依據(jù)折射定律可知，na<nb，依據(jù)n＝eq\f(c,v)，在玻璃磚中，a光傳播的速度大于b光的傳播速度，故A、C正確；由于na<nb，所以a光的頻率小于b光的頻率，由λ＝eq\f(c,f)知，真空中a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；a、b兩束出射光都分別與入射光平行，故該兩束出射光平行，故D錯(cuò)誤。3.【答案】D【詳解】A.兩滑塊恰在斜面中點(diǎn)P處相遇，可知兩滑塊水平位移相等，則有解得，故A錯(cuò)誤；B.豎直位移相等，則有解得則斜面總高度為故B錯(cuò)誤；CD.由以上分析可知，當(dāng)b以速度2v2水平向左拋出，則b肯定落在斜面上的P點(diǎn)上方，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，此時(shí)滑塊a的豎直位移與滑塊b的豎直位移之比為則此時(shí)，即b落在斜面上時(shí)，a在b的下方，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D4.【答案】A【解析】：依據(jù)分析前后能級(jí)差的大?。灰罁?jù)折射率與頻率的關(guān)系分析折射率的大?。灰罁?jù)推斷傳播速度的大?。灰罁?jù)發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件是入射光的頻率大于該光的極限頻率推斷是否會(huì)發(fā)生光電效應(yīng).波長(zhǎng)越大，頻率越小，故的頻率最小，依據(jù)可知對(duì)應(yīng)的能量最小，依據(jù)可知對(duì)應(yīng)的前后能級(jí)之差最小，A正確；的頻率最小，同一介質(zhì)對(duì)應(yīng)的折射率最小，依據(jù)可知的傳播速度最大，BC錯(cuò)誤；的波長(zhǎng)小于的波長(zhǎng)，故的頻率大于的頻率，若用照耀某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則不肯定能，D錯(cuò)誤.5.答案BD解析由題中v-t圖象得a甲＝10m/s2，a乙＝5m/s2，兩車(chē)在t＝3s時(shí)并排行駛，此時(shí)x甲＝eq\f(1,2)a甲t2＝eq\f(1,2)×10×32m＝45m，x乙＝v0t＋eq\f(1,2)a乙t2＝10×3m＋eq\f(1,2)×5×32m＝52.5m，所以t＝0時(shí)甲車(chē)在前，距乙車(chē)的距離為L(zhǎng)＝x乙－x甲＝7.5m，B項(xiàng)正確；t＝1s時(shí)，x甲′＝eq\f(1,2)a甲t′2＝5m，x乙′＝v0t′＋eq\f(1,2)a乙t′2＝12.5m，此時(shí)x乙′＝x甲′＋L＝12.5m，所以另一次并排行駛的時(shí)刻為t＝1s，故A、C兩項(xiàng)錯(cuò)誤；兩次并排行駛的位置沿馬路方向相距L′＝x乙－x乙′＝40m，故D項(xiàng)正確。6.答案：CD【詳解】A.兩個(gè)粒子都做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則有：由題意知，相同時(shí)間內(nèi)a的位移與b的位移大小相等，m、E又相等，可知aa=ab，由牛頓其次定律可知合外力F=ma，兩粒子的合外力相等。由動(dòng)能定理可知：a、b兩粒子在相同的時(shí)間內(nèi)位移相同，合外力相同，動(dòng)能的增量相同，所以到達(dá)MN時(shí)，b的動(dòng)能等于a的動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；B.對(duì)a粒子牛頓其次定律：m對(duì)b粒子牛頓其次定律：綜上分析可知兩粒子的電荷量大小qb＞qa，又由于兩粒子帶負(fù)電，則到達(dá)MN時(shí)，依據(jù)可知，電場(chǎng)力對(duì)a做功少，電勢(shì)能變更不相等，故B錯(cuò)誤；C.從釋放到MN的過(guò)程中，依據(jù)W=qU=qEy知，因?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)E和位移y相等，而兩粒子的電荷量大小qb＞qa，則電場(chǎng)力對(duì)b粒子做功的肯定值大于電場(chǎng)力對(duì)a粒子做功的肯定值，則b粒子機(jī)械能的增加量大于a機(jī)械能的減小量，故C正確；D.若僅將上極板向上平移一段距離，因極板帶電量不變，正對(duì)面積不變，依據(jù)推論知板間場(chǎng)強(qiáng)不變，兩個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度不變，則再同時(shí)由原位置釋放a、b，a將同時(shí)達(dá)到原中線(xiàn)MN，故D正確。故選CD。7.答案：AC【解析】A.在Q點(diǎn)時(shí)，重力方向與速度方向夾角為30°，則重力的瞬時(shí)功率為P＝mgvcosθ＝10W故A正確；B.在A到P的過(guò)程中小物塊的速度方向不斷變更，動(dòng)量不斷變更，所以合力對(duì)小物塊的沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C.小物塊在AQ段重力做的功W1＝mgRsin30°在QP段重力做到功W2＝mgR（1﹣sin30°）可得W1＝W2由小物塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)和動(dòng)能定理可知，小物塊克服摩擦力做的功等于重力做的功，故C正確；D.在P點(diǎn)時(shí)，由牛頓其次定律得到小物塊對(duì)圓弧軌道的壓力大小為12N，故D錯(cuò)誤；故選AC。8.答案：AD【分析】本題通過(guò)金屬棒在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)考查考生的邏輯推理實(shí)力和分析綜合實(shí)力。本題須要考生利用牛頓運(yùn)動(dòng)定律、法拉第電磁感應(yīng)定律及動(dòng)量定理等學(xué)問(wèn)解題?！窘馕觥緼.起初棒做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，時(shí)由牛頓其次定律有棒切割磁感線(xiàn)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，時(shí)的速度為由閉合電路歐姆定律得,聯(lián)立解得,A正確；B.時(shí)拉力的功率為棒最終做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)棒的最大速度為，棒受力平衡，則有其中,聯(lián)立解得,B錯(cuò)誤；C.內(nèi)，金屬棒做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所受安培力可知安培力隨時(shí)間勻稱(chēng)增大，安培力的沖量為圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸圍成的面積，即,C錯(cuò)誤；D.撤去拉力后，以金屬棒為探討對(duì)象，由動(dòng)量定理得又解得又有其中為撤去拉力后棒運(yùn)動(dòng)的距離，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得,D正確。故選AD。9.（1）8L；（2）3L【解析】（1）C到D過(guò)程，屬于等壓變更，由等壓變更規(guī)律可知即解得VD=8L（2）由圖可知，B到C過(guò)程屬于等容變更，所以VB=VC=6LA到B過(guò)程為等溫變更，壓強(qiáng)與體積成反比，即代入數(shù)據(jù)，有2VA=VB=6L解得VA=3L10.【答案】：正向；0.8【解析】：依據(jù)振動(dòng)方程式：，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的縱坐標(biāo)坐標(biāo)為，可知考慮其周期性，畫(huà)一條平行于x軸，縱坐標(biāo)為的直線(xiàn)，與圖像的交點(diǎn)都有可能是該質(zhì)點(diǎn)所處的位置，依據(jù)乙圖可知該質(zhì)點(diǎn)此時(shí)正從平衡位置向上振動(dòng)，該波沿X軸正方向傳播，所以只能是其次個(gè)交點(diǎn)或第四個(gè)交點(diǎn)，又因?yàn)樗杂械胢。11.9.6【詳解】（1）滑塊從A處到達(dá)B處的速度:則系統(tǒng)動(dòng)能的增加量：系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量：△Ep=mgd-Mgdsin30°=（m?）gd（2）依據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒的：（M+m）v2＝（m?）gd則：圖線(xiàn)的斜率：解得：g=9.6m/s212.答案：內(nèi)接偏大0.7308.0【解析】(1)[1][2]因?yàn)檎f(shuō)明是待測(cè)電阻是大電阻，故電流表用內(nèi)接法，此方法電壓的測(cè)量值偏大，則電阻的測(cè)量值比真實(shí)值偏大。(2)[3][4]用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲的直徑0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm用多用電表的“”歐姆擋，調(diào)零后測(cè)得金屬絲的電阻值8.0。[5]若試驗(yàn)中測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度為，則依據(jù)解得13.答案(1)0.2A(2)0.06J0.04J解析(1)導(dǎo)體棒以不變的速度穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)，B＝0.6sineq\f(πx,2x0)，x＝v0t，得B＝0.6sinπt由法拉第電磁感應(yīng)定律得e＝BLv0＝0.6sinπtV這是一正弦溝通電，Em＝0.6V由歐姆定律得Im＝eq\f(Em,R＋r)＝0.2A。(2)電流的有效值I＝eq\f(Im,\r(2))棒在磁場(chǎng)中的時(shí)間t＝eq\f(x,v0)拉力做功等于回路中產(chǎn)生的熱量W＝Q＝I2(R＋r)t電阻R上產(chǎn)生的熱量QR＝I2Rt代入數(shù)據(jù)解得W＝0.06J，QR＝0.04J。14.答案(1)eq\f(1,4)v0(2)8eq\r(2gL)解析(1)設(shè)子彈打入木球后共同速度為v，木球離開(kāi)水平地面的速度為v1，由動(dòng)量守恒定律得：mv0＝2mv，解得：v＝eq\f(1,2)v0木塊離開(kāi)地面時(shí)