阿里市2025屆高二物理第一學(xué)期期中考試試題含解析

阿里市2025屆高二物理第一學(xué)期期中考試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、為測某電阻R的阻值，分別接成如圖（a）、（b）兩電路，在（a）電路中電壓表和電流表的示數(shù)分別為3V、3mA，乙電路中兩表示數(shù)分別是2.9V、4mA，則被測電阻的值應(yīng)為()A．比1000Ω略大一些 B．比1000Ω略小一些C．比750Ω略大一些 D．比750Ω略小一些2、首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)和提出分子電流假說的物理學(xué)家分別是（）A．安培和法拉第 B．法拉第和楞次 C．奧斯特和安培 D．奧斯特和法拉第3、下列電路中屬于“與”邏輯電路的是（）A． B．C． D．4、如圖為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想電表，Rt為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻，R1為定值電阻．若發(fā)電機(jī)向原線圈輸入如圖所示的正弦交流電．下列說法中正確的是（）A．輸入變壓器原線圈的交流電壓的表達(dá)式為u=36B．變壓器原、副線圈中的電流之比為4：lC．t=0.0ls時，穿過發(fā)電機(jī)的線圈的磁通量為0D．Rt中溫度升高時，變壓器的輸入功率變大5、電流表的量程為I，其內(nèi)阻為RA，現(xiàn)欲把這電流表的量程擴(kuò)大至原來的N倍，則(A．應(yīng)加串一個阻值為RA的NB．應(yīng)加并一個阻值為RAC．刻度盤的最小刻度是原來的N倍D．刻度盤的最小刻度是原來的16、如圖所示，將帶正電的甲球放在不帶電的乙球左側(cè)，兩球在空間形成了穩(wěn)定的靜電場，實(shí)線為電場線，虛線為等勢線．A、B兩點(diǎn)與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點(diǎn)關(guān)于直線AB對稱，則()A．A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢相同B．C點(diǎn)和D點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C．正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場力做正功D．負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢能增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在一個勻強(qiáng)電場(圖中未畫出)中有一個直角梯形ABCD，其中，E為AD的中點(diǎn)，F(xiàn)為BC的中點(diǎn)．一個帶正電的粒子從A點(diǎn)移動到B點(diǎn)，電場力做功為WAB=3.0×10-6J；將該粒子從D點(diǎn)移動到C點(diǎn)，電場力做功為WDC=4.0×10-6J．則以下分析正確的是()A．若將該粒子從E點(diǎn)移動到F點(diǎn)，電場力做功為WEF=3.5×10-6JB．若將該粒子從E點(diǎn)移動到F點(diǎn)，電場力做功WEF有可能大于3.5×10-6JC．若將該粒子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力做功為WBC=1.0×10-6J，則此勻強(qiáng)電場的方向一定是從A點(diǎn)指向B點(diǎn)的方向D．若該粒子的電量為2×10-6C，則A、B之間的電勢差為1.5V8、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，其方向與水平方向成＝30°斜向上，在電場中有一質(zhì)量為，帶電荷量為的帶電小球，用長為L的不可伸長的絕緣細(xì)線掛于O點(diǎn)，當(dāng)小球靜止于M點(diǎn)時，細(xì)線恰好水平。現(xiàn)用外力將小球拉到最低點(diǎn)P，然后無初速度釋放，則以下判斷正確的是（）A．小球再次到M點(diǎn)時，速度剛好為零B．小球從P到M過程中，合外力對它做了的功C．小球從P到M過程中，小球的機(jī)械能增加了D．如果小球運(yùn)動到M點(diǎn)時，細(xì)線突然斷裂，小球以后將做類平拋運(yùn)動9、如圖所示，為一做周期性變化的勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)隨時間變化的圖象．一帶電粒子（不計重力）在t=0時在電場中無初速釋放，則（）A．粒子在電場中總是沿某個方向運(yùn)動，位移越來越大B．粒子在電場中來回運(yùn)動，每隔，速度方向改變一次C．粒子的速度和加速度的方向都不隨時間變化，但速度和加速度的大小隨時間做周期性變化D．每隔，加速度方向變化，而速度方向始終不變化，速度大小不斷變化10、如圖所示，M、N為電場中兩個等勢面，GH直線是其中的一條電場線，則下列說法中正確的是()A．EG＜EHB．正電荷置于G點(diǎn)時電勢能大于置于H點(diǎn)時的電勢能C．φG＜φHD．負(fù)電荷由H點(diǎn)移動到G點(diǎn)時電場力做正功三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)的實(shí)驗(yàn)情況如圖19甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖．圖乙中的①__是力F1和F2的合力的理論值；②__是力F1和F2的合力的實(shí)際測量值．12．（12分）某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓3.8V，額定電流0.32A）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻3kΩ）；電流表A（量程0.5A，內(nèi)阻0.5Ω）；固定電阻R0（阻值1000Ω）；滑動變阻器R（阻值0～9.0Ω）；電源E（電動勢5V，內(nèi)阻不計）；開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

（1）實(shí)驗(yàn)要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0～3.8V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進(jìn)行測量，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖______。（2）實(shí)驗(yàn)測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示．由實(shí)驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻________（選填“增大”“不變”或“減小”），燈絲的電阻率________（選填“增大”“不變”或“減小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，傾角為30°的光滑斜面的下端與水平地面平滑連接（可認(rèn)為物體在連接處速率不變）．一個質(zhì)量為m的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，從距地面h=3.2m高處由靜止沿斜面下滑．物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.5

，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物體沿斜面下滑時的加速度是多大？（2）物體沿下斜面滑到底端時的速度是多大？（3）物體由靜止開始下滑到停止需要多長時間？14．（16分）如圖所示，在一個邊長為a的正六邊形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場．三個相同的帶電粒子，比荷大小均為，先后從A點(diǎn)沿AD方向以大小不等的速度射入勻強(qiáng)磁場區(qū)域，粒子在運(yùn)動過程中只受磁場力作用．已知編號為q1的粒子恰好從F點(diǎn)飛出磁場區(qū)域，編號為q2的粒子恰好從E點(diǎn)飛出磁場區(qū)域，編號為q3的粒子從ED邊上的某點(diǎn)垂直邊界飛出磁場區(qū)域．問：（1）三個帶電粒子帶何種電荷？（2）編號為q1的粒子進(jìn)入磁場區(qū)域的初速度大小為多少？（3）編號為q2的粒子在磁場區(qū)域內(nèi)運(yùn)動的時間為多少？（4）編號為q3的粒子在ED邊上飛出的位置與E點(diǎn)的距離多遠(yuǎn)？15．（12分）如圖所示，一質(zhì)量m=0.5kg的“日”字形勻質(zhì)導(dǎo)線框“abdfeca”靜止在傾角α=37°的粗糙斜面上，線框各段長ab=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5m，ef與斜面底邊重合，線框與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均為R=0.4Ω，其余部分電阻不計。斜面所在空間存在一有界矩形勻強(qiáng)磁場區(qū)域GIJH，其寬度GI=HJ=L，長度IJ>L，IJ平行于ef，磁場垂直斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T?，F(xiàn)用一大小F=5N、方向沿斜面向上且垂直于ab的恒力作用在ab中點(diǎn)，使線框沿斜面向上運(yùn)動，ab進(jìn)入磁場時線框恰好做勻速運(yùn)動。若不計導(dǎo)線粗細(xì)，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）ab進(jìn)入磁場前線框運(yùn)動的加速度大小a。（2）cd在磁場中運(yùn)動時，物體克服安培力做功的功率P。（3）線框從開始運(yùn)動到ef恰好穿出磁場的過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱與外力F做功的比值。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】用試觸法判斷電流表內(nèi)外接方法是：哪個電表的變化大就用哪個表側(cè)真實(shí)值，電壓表的變化為，大于電流表的變化，故應(yīng)該讓電壓表側(cè)真實(shí)值，即電流表外接（乙圖），，電流表測量值偏大，故所測電阻值比真實(shí)值大，所以待測電阻的值應(yīng)為比750Ω略大一些，故應(yīng)該選C2、C【解析】

首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的物理學(xué)家是奧斯特；提出分子電流假說的物理學(xué)家是安培。故選C。3、B【解析】

“與”邏輯電路為多個條件必須同時滿足時才能出現(xiàn)某個結(jié)果．B中兩開關(guān)必須同時閉合時燈才亮，為“與”邏輯電路，B對．4、D【解析】

由圖乙可知交流電壓最大值Um=362V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值為ω=2π0.02=100π，則可得交流電壓u的表達(dá)式U=362sin100πtV，故A錯誤；變壓器原、副線圈中的電流之比其原、副線圈的匝數(shù)比成反比，為1：4，故B錯誤；t=0.01s時，瞬時值為零，發(fā)電機(jī)的線圈平面與磁場方向垂直，磁通量最大，故C錯誤。t處溫度升高時，阻值減小，變壓器輸出功率變大，則輸入功率也變大，故D【點(diǎn)睛】根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．5、C【解析】

根據(jù)改裝原理可知，要使電流表量程擴(kuò)大N倍，故應(yīng)并聯(lián)電阻分流，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知：R=IRA(N-1)I=RAN-1，故AB錯誤；改裝后滿偏刻度為NI，故最小分度將變?yōu)樵瓉淼腘倍，故6、C【解析】A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)的電勢，A錯．C點(diǎn)和D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等方向不同，電場強(qiáng)度是矢量，故兩點(diǎn)電場強(qiáng)度不同，B錯．正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，往低電勢運(yùn)動，電場力做正功，C對．負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢能不變（在同一等勢面上），D錯二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

用φ表示各點(diǎn)的電勢．根據(jù)電場力做功的公式W=qU可知：WEF=qUEF=q（?E-?F），因?yàn)镋、F是線段的中點(diǎn)，因此在勻強(qiáng)電場中有：?E＝、?F＝，代入上式化簡可得：WEF＝WAB+WDC=3.5×10-6J．故A正確、B錯誤；若將該粒子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場力做功為WBC＝1×10?6J＝WDC，根據(jù)電場力做功公式W=qU可知UDC=4UBC，則B點(diǎn)電勢與DC連續(xù)靠近C點(diǎn)四分之一處的點(diǎn)電勢相等，這兩個點(diǎn)的連續(xù)就是等勢線；根據(jù)電場線與等勢線必定垂直的性質(zhì)，此勻強(qiáng)電場的方向一定從A點(diǎn)指向B點(diǎn)的方向．故C正確；根據(jù)電場力做功的公式WAB=qUAB得：．故D正確．故選ACD．【點(diǎn)睛】解答本題的關(guān)鍵是：要掌握在勻強(qiáng)電場中連線中點(diǎn)電勢大小的計算方法，同時要靈活應(yīng)用電場力做功公式并熟知等勢面和電場強(qiáng)度的方向關(guān)系．8、BD【解析】

A．當(dāng)小球靜止于M點(diǎn)時，細(xì)線恰好水平，說明重力和電場力的合力方向水平向右，小球從P到M過程中，線拉力不做功，只有電場力和小球重力做功，它們的合力也是恒力，方向水平向右，所以小球到最右邊時，速度最大，而不是零，故A錯誤；B．根據(jù)平衡分析可知，電場力與重力合力為，這個方向上位移為L，所以做功為，故B正確；C．合外力做功為，由動能定理知動能增加量為，重力勢能增加量為mgL，則機(jī)械能增加量等于動能增加量和重力勢能增加量mgL之和，機(jī)械能的增加量即為電場力做功，故機(jī)械能增加量大于，故C錯誤；D．細(xì)線突然斷裂時，速度方向豎直向上，合外力水平向右，相互垂直，做勻變速曲線運(yùn)動，即類平拋運(yùn)動，故D正確。故選BD。9、AD【解析】試題分析：首先知道圖象的意義，場強(qiáng)大小不變而方向周期性的變化；再以帶電粒子為研究對象，受力分析和運(yùn)動分析，從而判斷選項(xiàng)．解：以帶電粒子為研究對象，受大小不變的電場力，但方向周期性的變化，所以帶電粒子第一個T內(nèi)，在內(nèi)先做初速度為零的勻加速，在后內(nèi)做勻減速并且末速度為零，在第二個T內(nèi)與第一個T內(nèi)相同的運(yùn)動，這樣周而復(fù)始，所以帶電粒子的運(yùn)動方向不變即速度方向不變，位移越來越大；由于場強(qiáng)周期性的變化，所以電場力周期性的變化，即每隔加速度方向發(fā)生變化，故AD正確，BC錯誤．故選AD．【點(diǎn)評】明確圖象的意義和帶電粒子受力的特點(diǎn)，據(jù)此分析帶電粒子的運(yùn)動是解題的核心；一定注意運(yùn)動方向、位移和加速度的變化情況．10、ABD【解析】

A．電場線與等勢面垂直，根據(jù)圖象可知電場線成匯聚狀，H點(diǎn)處密集，所以H點(diǎn)的場強(qiáng)一定大于G點(diǎn)的場強(qiáng)。故A正確。BC．沿電場線的方向，電勢降低，G點(diǎn)電勢大于H點(diǎn)電勢，正電荷在高電勢點(diǎn)G電勢能高。故C錯誤，B正確。D．負(fù)電荷在H點(diǎn)的電勢能大于在G點(diǎn)的電勢能，電場力做正功電勢能降低，所以負(fù)電荷由H點(diǎn)移動到G點(diǎn)時電場力做正功。故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①F；②F′；【解析】F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧秤沿AO方向拉橡皮條,使橡皮條伸長到O點(diǎn)，使得一個彈簧秤的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′,由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；點(diǎn)睛：明確實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)誤差的存在，知道該實(shí)驗(yàn)中“理論值”和“實(shí)驗(yàn)值”的區(qū)別．12、（1）（2）增大；增大；【解析】

（1）因本實(shí)驗(yàn)需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應(yīng)采用電流表外接法；另外為了擴(kuò)大電壓表量程，應(yīng)用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；

（2）I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)5m/s2；（2）【解析】(1)物體沿斜面下滑,由牛頓運(yùn)動定律有：mgsinθ=ma1,解得：a1=5m/s2；(2)物體沿斜面下滑過程做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，由勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式得：v2=2ax，位移x=h/sinθ，解得：v=8m/s；(3)在斜面上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，速度：v=a1t1，運(yùn)動時間：t1=v/a1=8/5=1.6s，物體滑到地面作減速運(yùn)動，由牛頓第二定律得：μmg=ma2,解得：a2=5m/s2，經(jīng)時間t2減速到零需要的時間：t2=v/a2=8/5=1.6s，物體從斜面由靜止下滑到停止需要時間：t=t1+t2=3.2s；點(diǎn)睛：物體沿斜面下滑，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出加速度；物體沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式可以求出物塊的速度；物體在斜面上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，在水平面上做勻減速直線運(yùn)動，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，應(yīng)用速度公式求出運(yùn)動時間．14、(1)正電(2)(3)(4)【解析】

(1)由于三個粒子的偏轉(zhuǎn)方向均向上，所以三個粒子帶同種電