2025屆賀州市重點中學物理高二上期中達標檢測試題含解析

2025屆賀州市重點中學物理高二上期中達標檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以速度沿水平方向飛行的手榴彈在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的兩塊，其中0.5kg的那塊以的速率沿原來速度相反的方向運動，此時另一塊的速率為（）A． B． C． D．2、關于位移和路程，下列說法中正確的是（）A．位移和路程是兩個相同的物理量B．路程是標量，即表示位移的大小C．位移是矢量，位移的方向即質點運動的方向D．若物體做單一方向的直線運動，位移的大小等于路程3、如圖所示，小磁針放置在螺線管軸線的左側．閉合電路后，不計其他磁場的影響，小磁針靜止時的指向是()A．N極指向螺線管B．S極指向螺線管C．N極垂直于紙面向里D．S極垂直紙面向里4、某物體做直線運動的v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是A．0~2s內物體做勻速直線運動B．0~2s內物體做勻減速直線運動C．0~2s內物體的位移為2mD．0~2s內物體的位移為零5、如圖所示，在等量異號或等量同號點電荷的電場中，有分別距兩個點電荷連線中點O等距的a、b兩點，將同一負電荷分別放在a點和b點，其中在兩點受到的電場力和具有的電勢能都相同的是A． B． C． D．6、有關電動勢的說法中正確的是（）A．當電路中通過1C電量時，電源消耗的其他形式能的數(shù)值等于電源電動勢的數(shù)值B．電源提供的電能越多，電源的電動勢越大C．電源的電動勢越大，也就是電源內儲存的電荷越多D．電源的電動勢反映了電源將電能轉化為其他形式的能的本領二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，相距為d的兩水平虛線分別是水平向里的勻強磁場的邊界，磁場的磁感應強度為B，正方形線框abcd邊長為L(L<d)、質量為m。將線框在磁場上方高h處由靜止開始釋放，當ab邊進入磁場時速度為v0，cd邊剛穿出磁場時速度也為v0。從ab邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個過程中（）A．線框一直都有感應電流 B．線框有一階段的加速度為gC．線框產生的熱量為mgd D．線框做過減速運動8、如右圖所示的同心圓是電場中的一組等勢線，一個電子只在電場力作用下沿著直線由A向C運動時的速度越來越小，B為線段AC的中點，則有()A．電子沿AC運動時受到的電場力越來越小B．電子沿AC運動時它具有的電勢能越來越大C．電勢φA＞φB＞φCD．電勢差UAB＝UBC9、2018年珠海航展，我國五代戰(zhàn)機“殲20”再次閃亮登場．表演中，戰(zhàn)機先水平向右，再沿曲線ab向上(如圖)，最后沿陡斜線直入云霄．設飛行路徑在同一豎直面內，飛行速率不變．則沿ab段曲線飛行時，戰(zhàn)機A．所受合外力大小為零B．所受合外力方向不斷變化C．豎直方向的分速度逐漸增大D．水平方向的分速度不變10、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是（）A．甲表是電流表，R增大時量程增大B．甲表是電流表，R增大時量程減小C．乙表是電壓表，R增大時量程增大D．乙表是電壓表，R增大時量程減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率，步驟如下：用20分度的游標卡尺測量其長度如圖1，由圖可知其長度為______mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖2，由圖可知其直徑為______mm；該同學先用歐姆表粗測該圓柱體的阻值，選擇歐姆檔倍率“”后測得的阻值如圖3表盤所示，測得的阻值約為______，導線的直徑為d，長度為L，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則電阻率的表達式______．12．（12分）(1)圖1螺旋測微器讀數(shù)為__________mm，圖2游標卡尺讀數(shù)為__________mm。(2)選擇電流表的量程為0.6A，則圖3中電流表的讀數(shù)為____A。(3)某電流表表頭內阻Rg為200Ω，滿偏電流Ig為2mA，按如圖4改裝成量程為3V和15V的電壓表，其中=____Ω。(4)在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要求加在小燈泡上的電壓從零開始變化，滑動變阻器的連接方式應選擇___（填“（a）”或“（b）”）；隨著電壓的增大，燈絲的電阻____（填“增大”或“減小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）矩形區(qū)域I、II中分別存在垂直于紙面的勻強磁場，磁場方向如圖所示．區(qū)域I寬度2d，區(qū)域II寬度d，一個質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子以速度v，從P點沿紙面垂直磁場邊界射入磁場，穿過區(qū)域I后從MN上的S點射入?yún)^(qū)域II，粒子在S點的速度方向與MN的夾角為，最終從區(qū)域II左邊界從Q點圖中未畫出回到區(qū)域I，不計粒子重力．求：區(qū)域I中磁感應強度的大??；粒子沒有從區(qū)域II的右邊界射出磁場，則區(qū)域II磁感應強度的大小應滿足什么條件．14．（16分）如圖所示,電壓表為理想表，定值電阻R0=5.0Ω，R1=9.0Ω，R2=4.0Ω．當開關S扳到位置1時，電壓表的示數(shù)U1=1.80V，當開關S扳到位置2時，電流表的示數(shù)U2=1.20V，求：電源的電動勢和內阻．15．（12分）如圖所示，兩個水平放置的帶電平行金屬板間形成勻強電場，長為L的絕緣細線一端固定在O點，另一端拴著一個質量為m、帶有一定電荷量的小球，小球原來靜止.當給小球某一沖量后，它可繞O點在豎直平面內做勻速圓周運動.若兩板間電壓增大為原來的4倍，重力加速度為g，則：（1）要使小球從C點開始在豎直平面內做圓周運動，開始至少要給小球多大的沖量？（2）在小球運動過程中，細線上的最大拉力為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

手榴彈在空中爆炸過程，爆炸力遠大于重力，在水平方向上動量守恒，以手榴彈原來速度為正方向，由動量守恒定律得：即解得故選C.2、D【解析】位移和路程是兩個不相同的物理量，位移是矢量，其方向是由起點指向終點的有向線段方向，不是質點的運動方向；路程是標量，是物體運動軌跡的長度，不是位移的大小，故ABC錯誤；質點只有做單向直線運動時，路程才等于位移的大小，故D正確；故選D.3、A【解析】

根據(jù)安培定則可以判斷通電螺線管左則為S極，右側為N極，因此左側小磁針靜止時N極指向右側，故BCD錯誤，A正確．故選A．4、D【解析】

AB.物體0~1s內向正方向做勻減速直線運動，1s~2s向反方向做勻加速直線運動，故AB錯誤；CD.根據(jù)速度時間圖象圍成的面積表示位移，則0~2s位移為：m故C錯誤，D正確。5、C【解析】

ABCD．由同種等量電荷和異種等量電荷周圍的電場線分布可知，等量異種電荷和等量同種的電場線關于電荷連線和中垂線對稱，沿著電場線電勢降低，場強方向為電場線的切線方向，故C正確，A、B、D錯誤；6、A【解析】A、電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功，當電路中通過1庫侖電量時，電源消耗的其他形式能的數(shù)值等于電源電動勢的值．故A正確．B、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源提供的電能的多少無關．故B錯誤．C、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢在數(shù)值上等于將1C正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功，與電源內部儲存的電能的多少無關，故C錯誤．D、電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故D錯誤．故選A?！军c睛】本題考查對電動勢的理解．關鍵抓住電動勢的物理意義和電動勢的定義式。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB．正方形線框abcd邊長為L(L＜d)，所以cd進入磁場后，ab還在磁場內，所以線框磁通量不變，即無感應電流，一直到ab邊出磁場，此過程中線框只受重力，即加速度為重力加速度g，故A錯誤，B正確；C．根據(jù)能量守恒研究從ab邊剛進入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個過程，動能變化為0，重力勢能轉化為線框產生的熱量即故C錯誤；D．線框進入磁場過程，可能做勻速運動、加速運動和減速運動，完全在磁場中做勻加速運動，由于ab邊進入磁場時速度和cd邊剛穿出磁場時速度都是v0，則線框穿過磁場過程一定有減速運動，故D正確。故選BD。8、BC【解析】

A．根據(jù)等勢面的形狀和題意，可知該電場是負點電荷形成的，根據(jù)場強所以當電子沿AC方向運動時，r減小，電場強度增大，則受到的電場力F=Ee增大，A錯誤；B．電子沿AC方向運動過程中，電場力做負功，根據(jù)功能關系，可知電勢能越來越大，故B正確；C．該電場各處的電場線均指向圓心，根據(jù)順著電場線電勢越來越低，故C正確；D．在該電場中等差等勢線的間距不相等，故D錯誤。故選BC。9、BC【解析】

A.戰(zhàn)機做曲線運動，運動狀態(tài)發(fā)生變化，合外力不為零，故A錯誤；B.戰(zhàn)機飛行速率不變，合力方向始終與速度方向垂直，即指向圓心，故B正確；C.飛機速度大小不變，與水平方向的傾角θ增大，則vy=vsinθ增大，即豎直方向的分速度逐漸增大，故C正確；D.飛機速度大小不變，與水平方向的傾角θ增大，則vx=vcosθ減小，即水平方向的分速度減小，故D錯誤．10、BC【解析】

AB．由圖甲所示可知，G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時，電阻R的分流減小，電流表量程減小，故A錯誤，B正確；CD．由圖乙所示可知，G與電阻串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時，電阻分壓增大，電壓表量程增大，故C正確，D錯誤．故選BC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.154.697(±2)700Ω【解析】

游標卡尺是20分度的卡尺，其分度值為，則圖示讀數(shù)為：．

螺旋測微器的固定刻度為，可動刻度為，所以最終讀數(shù)為

表盤的讀數(shù)為7，所以導電玻璃的電阻約為．

根據(jù)電阻定律可得：，圓柱體導體材料的橫截面積：，根據(jù)歐姆定律可得：，聯(lián)立可得金屬電阻率：．12、0.90014.500.351300（a）增大【解析】

(1)[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：；[2]由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為：；(2)[3]電流表量程為0.6A，其分度值為0.02A，示數(shù)為0.35A；(3)[4]表頭滿刻度電壓值為：量程為3V時，在電阻兩端的電壓應為：電阻為：；(4)[5]在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，要求加在小燈泡上的電壓從零開始變化，滑動變阻器的連接方式應該選分壓接法，因為分壓接法可以從零開始調解，故選（a）；[6]燈絲材料是金屬，金屬的電阻率隨溫度升高而增大，所以隨著電壓的增大，燈絲的電阻將增大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（2）．【解析】

根據(jù)題意作出粒子運動軌跡，求出粒子軌道半徑，然后應用牛頓第二定律求出磁感應強度．粒子運動軌跡與磁場右邊界相切時粒子恰好不從區(qū)域II右邊界射出磁場，作出粒子運動軌跡，應用牛頓第二定律求出臨界磁感應強度，然后確定磁感應強度的范圍．【詳解】粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)題意作出粒子運動軌跡如圖所示：

由幾何知識得：

解得：

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力

由牛頓第二定律得：

解得：

粒子運動軌跡與磁場右邊界相切時恰好不從磁場射出，運動軌跡如上圖所示

由幾何知識得：

解得：

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力由牛頓第二定律得：

解得：

磁感應強度需要滿足的條件是：【點睛】帶電粒子在磁場中運動，洛倫茲力做向心力，故常根據(jù)速度及磁感應強度求得半徑，然后根據(jù)幾何關系求得運動軌跡；或反過來由軌跡根據(jù)幾何關系求解半徑，進而求得速度、磁感應強度．14、E=3V；r=1Ω【解析】試題分析：根據(jù)閉合電路歐姆定律