2025屆山東省青島即墨區(qū)高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題含解析

2025屆山東省青島即墨區(qū)高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是一個勻強電場的等勢面，每兩個相鄰等勢面相距4cm，由此可以確定電場強度的方向和數(shù)值是()A．豎直向下，E＝50V/mB．水平向左，E＝50V/mC．水平向左，E＝200V/mD．水平向右，E＝200V/m2、在設(shè)計游樂場中“激流勇進(jìn)”的斜傾斜滑道時，小組同學(xué)將劃艇在傾斜滑道上的運動視為由靜止開始的無摩擦滑動，已知傾斜滑道在水平面上的投影長度L是一定的，而高度可以調(diào)節(jié)，則A．滑道傾角越大，劃艇下滑時間越短 B．劃艇下滑時間與傾角無關(guān)C．劃艇下滑的最短時間為2 D．劃艇下滑的最短時間為3、關(guān)于電流，下列說法正確的是()A．通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大B．單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，則導(dǎo)體中電流越大C．電流有方向，因此電流是矢量D．通電時間越短，電流越大4、A和B都是不帶電的物體，它們互相摩擦后A帶正電荷

C，下列判斷中正確的是A．在摩擦前A和B的內(nèi)部沒有任何電荷B．摩擦的過程中電子從A轉(zhuǎn)移到了BC．A在摩擦后一定得到了個電子D．A在摩擦過程中一定失去了

C電子5、關(guān)于摩擦起電，下列說法正確的是()A．摩擦起電過程中電荷的總量增加B．兩種不同材料的絕緣體相互摩擦后，它們必將同時帶上等量同種電荷C．摩擦起電時，質(zhì)子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體D．摩擦起電時，電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體6、如圖所示，平行金屬板內(nèi)有一勻強電場，一帶電粒子以平行于金屬板的初速從板間某點射入電場，不計粒子受的重力，當(dāng)入射動能為Ek時，此帶電粒子從場中射出的動能恰好為2Ek．如果入射速度方向不變，初動能變?yōu)?Ek，那么帶電粒子射出的動能為（）A． B． C． D．3Ek二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖電路中，A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計，開關(guān)S合上時，靜電計張開一個角度，下述情況中可使指針張角增大的(即AB間電壓增大的)是:________A．合上S，使A、B兩板靠近一些B．合上S，使A、B正對面積錯開一些C．?dāng)嚅_S，使A、B間距增大一些D．?dāng)嚅_S，使A、B正對面積錯開一些8、如圖所示，導(dǎo)線框abcd與固定直導(dǎo)線AB在同一平面內(nèi)，直導(dǎo)線AB中通有恒定電流I，當(dāng)線框由圖示位置向右勻速運動的過程中（）A．線圈中的感應(yīng)電流方向是abcda B．線圈中的感應(yīng)電流方向是dcbadC．線圈中的感應(yīng)電流大小逐漸減小 D．線圈中的感應(yīng)電流大小不變9、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知()A．三個等勢面中，a的電勢最高B．帶電質(zhì)點通過P點時的電勢能較Q點大C．帶電質(zhì)點通過P點時的動能較Q點大D．帶電質(zhì)點通過P點時的加速度較Q點大10、將一電荷量q=-2.0×10﹣6C的電荷從無窮遠(yuǎn)處移至電場中的A點，克服電場力做功3.0×10﹣4J，再將電荷從A點移至B點的過程中，電場力做功2.0×10﹣4J，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處的電勢能為零．則（）A．電荷在A點的電勢能為-3.0×10﹣4JB．A點的電勢為-150VC．B點的電勢為-50VD．將電荷量為+2.0×10﹣6C的電荷從B點移到無窮遠(yuǎn)處的過程中，電荷的電勢能將增加1.0×10﹣4J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測繪額定電壓為2V的日常用小燈泡的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A．電源E(電動勢3.0V，內(nèi)阻可不計)B．電壓表V(量程為0～3.0V，內(nèi)阻約2kΩ)C．電流表A(0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω)D．滑動變阻器R1(最大值10Ω)實驗中要求電壓表示數(shù)在0～2V范圍內(nèi)變化，讀取并記錄下多組不同的電壓值U和對應(yīng)的電流值I，繪出伏安特性曲線如圖．（1）畫出實驗原理圖(請畫在答題紙上)_______；（2）由圖線可知,燈絲電阻隨電壓升高而________；（填“增大”、“不變”或“減小”）（3）實驗中產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是：_______；因為上述原因?qū)⑹箿y量結(jié)果比真實值_______．（填“偏大”、“偏小”或“沒有影響”）12．（12分）如圖所示為驗證動量守恒的實驗裝置示意圖．若入射小球質(zhì)量為，半徑為；被碰小球質(zhì)量為，半徑為則______A.

C.

為完成此實驗，以下所提供的測量工具中必需的是______填下列對應(yīng)的字母A.直尺

游標(biāo)卡尺

天平

彈簧秤

秒表設(shè)入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為為碰前入射小球落點的平均位置，則關(guān)系式用、及圖中字母表示______成立，即表示碰撞中動量守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直線MN上方存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，質(zhì)量為m、電荷量為-q（q＞0）的粒子1在紙面內(nèi)以速度從O點射入磁場，其方向與MN的夾角α=30°；質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子2在紙面內(nèi)以速度也從O點射入磁場，其方向與MN的夾角β=60°角．已知粒子1、2同時到達(dá)磁場邊界的A、B兩點（圖中未畫出），不計粒子的重力及粒子間的相互作用．（1）求兩粒子在磁場邊界上的穿出點A、B之間的距離d；（2）求兩粒子進(jìn)入磁場的時間間隔；（3）若MN下方有平行于紙面的勻強電場，且兩粒子在電場中相遇，其中的粒子1做直線運動．求電場強度E的大小和方向．14．（16分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場強為E1=E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2=E的勻強電場，在虛線PQ右側(cè)距PQ為L處有一與電場E2平行的屏?，F(xiàn)將一電子（電荷量為e，質(zhì)量為m，重力不計）無初速度地放入電場E1中的A點，最后電子打在右側(cè)的屏上，A點到MN的距離為，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：（1）電子從釋放到進(jìn)入E2的時間（2）電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的動能（3）電子打到屏上的點到O的距離15．（12分）空間有一與紙面平行的勻強電場，紙面內(nèi)的A、B、C三點位于以O(shè)點為圓心，半徑R＝0.2m的圓周上，并且，如圖所示．現(xiàn)把電荷量的試探電荷從A移到B，電場力做功;從B移到C，電場力做功為．求：（1）AB兩點的電勢差UAB與BC兩點的電勢差UBC;（2）該勻強電場場強方向和大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)電場強度的方向應(yīng)與等勢面垂直，且由較高的等勢面指向較低的等勢面，可知該電場強度的方向水平向左．由場強與電勢差的關(guān)系得：E＝Ud2、C【解析】

根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動公式找到下滑的時間與滑道傾角的函數(shù)關(guān)系進(jìn)行討論即可.【詳解】設(shè)滑道傾角為θ，則滑道長度，下滑時的加速度：，則根據(jù)可得，，可知滑道傾角θ=450時，劃艇下滑時間最短，最短時間為；θ<450時，傾角越大，時間越短；θ>450時，傾角越大，時間越長；故選項C正確，ABD錯誤；故選C.3、B【解析】

根據(jù)I=q/t可知，通過導(dǎo)體橫截面的電量多，但不知道通電時間，所以不能得出導(dǎo)體中的電流大小，故A錯誤；由電流的定義可知，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量相多，則導(dǎo)體中電流越大；故B正確；電流有方向，但電流是標(biāo)量；故C錯誤；通電時間短，若流過的電量小，則電流一樣可以很小；故D錯誤；故選B．4、B【解析】A、摩擦起電的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，說明在摩擦前A、B內(nèi)部都有電荷，故A錯誤；B、互相摩擦后A帶1.6×10﹣10C正電荷，故應(yīng)該是A上的電子轉(zhuǎn)移到B上，故B正確；CD、A原來是電中性，摩擦后帶上1.6×10﹣10C的正電荷，故B在摩擦后一定帶1.6×10﹣10C的負(fù)電荷，故A在摩擦過程中失去的電子數(shù)為：個，故C錯誤，D錯誤．故選B5、D【解析】

摩擦起電的實質(zhì)是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，電荷的總量不變，它們同時帶上等量異種電荷。A.由上分析可知，A不符合題意；B.由上分析可知，B不符合題意；C.由上分析可知，C不符合題意；D.由上分析可知，D符合題意。6、C【解析】

當(dāng)入射動能為Ek時，粒子做類似平拋運動，有：

水平方向：L=v0t1豎直方向：vy1=at1初動能：末動能：當(dāng)入射動能為2Ek時，有：

水平方向：L=v02t2豎直方向：vy2=at2初動能：末動能：聯(lián)立解得：A.，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.，與結(jié)論相符，選項C正確；D.3Ek，與結(jié)論不相符，選項D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：靜電計測量的是電容器兩端間的電勢差．合上開關(guān)，電容器兩端間的電勢差不變；斷開開關(guān)，電容器所帶的電荷量不變．解：A、合上開關(guān)，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變．故A、B錯誤．C、斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B間距靠近一些，根據(jù)，d變小，C變大．根據(jù)，U減小，張角變?。蔆錯誤．D、斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B正對面積錯開一些，根據(jù)，S變小，C變小．根據(jù)，U增大，張角增大．故D正確．故選D．【點評】解決本題的關(guān)鍵在處理電容器動態(tài)分析時，電容始終與電源相連，兩端間電勢差不變，與電源斷開，電量保持不變．8、BC【解析】

AB．由安培定則可知，載有恒定電流的直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場在線框處的方向為垂直紙面向里，并且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁感應(yīng)強度越小，故當(dāng)沿圖示方向移動線框時，穿過線框平面的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知電流為順時針dcbad，故A錯誤，B正確；CD．離通電導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場越弱，由于線框勻速運動，故磁通量變化率變化率越來越小，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越小，感應(yīng)電流就變小，故C正確，D錯誤。故選BC。9、BD【解析】

A．電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c點電勢最高，故A錯誤；BC．根據(jù)帶正電的質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，即P點時電勢能較大，而動能較小，故B正確，C錯誤；D．等差等勢線密的地方電場線也密，電場強度大，所受電場力大，因此P點加速度也大，故D正確．10、BC【解析】

將電荷量為q=-2.0×10﹣6C的點電荷從無窮遠(yuǎn)處移至電場中A點，克服電場力做功3.0×10﹣4J，其電勢能增加了3.0×10﹣4J，可知電荷在A點的電勢能EpA=3.0×10﹣4J，故A錯誤；A點的電勢，故B正確；AB間的電勢差為：，根據(jù)UAB=φA-φB知，φB=φA-UAB=[-150-（-100）]V=-50V，故C正確；B點與無窮遠(yuǎn)處間的電勢差UB∞=﹣50V，則將電荷量為+2.0×10﹣6C的電荷從B點移到無窮遠(yuǎn)處的過程中，電場力做功WB∞=qUB∞=-2.0×10﹣6×（-50）J=1.0×10﹣4J，所以電荷的電勢能減少6×10﹣5J，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大電壓表的分流偏小【解析】

由題意可知考查描繪小燈泡伏安特性曲線實驗原理，數(shù)據(jù)處理及誤差分析，根據(jù)實驗原理分析可得?！驹斀狻?1)[1]分析伏安特性曲線可知小燈泡最大電阻約為4，屬于小電阻，為減小誤差電流表采用外接法，描繪伏安特性曲線時要求電壓、電流從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法。故畫出的電路圖如下所示：(2)[2]在I-U圖象中，割線的斜率的倒數(shù)表示電阻的大小，隨著電壓的增大，斜率減小，說明電阻增大。(3)[3]實驗中產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用。[4]電壓表測量值等于真實值，但是電流測量值大于真實值，這樣測的電阻值比真實值偏小。【點睛】設(shè)待測電阻為R，電測表內(nèi)接、外接選擇原則：<屬于小電阻，采用電流表外接法。若>屬于大電阻，采用內(nèi)接法。要求電流、電壓從零開始變化時滑動變阻器一定選擇分壓式接法。12、(1)C(2)AC(3)【解析】

（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量．為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；（2）兩球做平拋運動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運動的初速度．將需要驗證的關(guān)系速度用水平位移替代．【詳解】（1）在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2

在碰撞過程中動能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22

解得v1=v0

要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1-m2＞0，m1＞m2，為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，r1=r2，故選C

（2）P為碰前入射小球落點的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1＝；碰撞后入射小球的速度v2＝；碰撞后被碰小球的速度v3＝；若m1v1=m2v3+m1v2則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，代入數(shù)據(jù)得：m1=m1+m2，所以需要測量質(zhì)量和水平位移，用到的儀器是直尺、天平；故選AC．（3）若關(guān)系式m1=m1+m2成立，即表示碰撞中動量守恒．【點睛】本題是運用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）與MN成30°角斜向右上【解析】

試題分析：（1）粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動故（2）粒子1圓周運動的圓心角，粒子2圓周運動的圓心角,粒子圓周運動的周期粒子1在勻強磁場中運動的