2025屆湖北省武漢市漢南區(qū)職教中心物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題含解析

2025屆湖北省武漢市漢南區(qū)職教中心物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測(cè)模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，D是一只具有單向?qū)щ娦缘睦硐攵O管，水平放置的平行板電容器AB內(nèi)部有帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài).下列措施下，關(guān)于P的運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法中不正確的是（）A．保持S閉合，增大A、B板間距離，P仍靜止B．保持S閉合，減小A、B板間距離，P向上運(yùn)動(dòng)C．?dāng)嚅_S后，增大A、B板間距離，P向下運(yùn)動(dòng)D．若B板接地，斷開S后，A板稍下移，P的電勢(shì)能不變2、一個(gè)電容為C的電容器，當(dāng)所帶電量為Q時(shí)，兩板間電勢(shì)差為U，如果電量增大為2Q，則A．電容變?yōu)?C，電勢(shì)差保持不變B．電容變?yōu)?C，電勢(shì)差變?yōu)?UC．電容保持不變，電勢(shì)差變?yōu)?UD．電容保持不變，電勢(shì)差保持不變3、真空中有兩個(gè)距離保持不變的點(diǎn)電荷．若將他們各自的電荷量都增大到原來(lái)的3倍，則兩電荷之間相互作用的靜電力將增大到原來(lái)的（）A．2倍 B．3倍 C．6倍 D．9倍4、決定平拋物體在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的因素是（）A．初速度B．拋出時(shí)物體的高度C．拋出時(shí)物體的高度和初速度D．以上說(shuō)法都不正確5、如圖所示，以O(shè)為圓心的圓周上有6個(gè)等分點(diǎn)a，b，c，d，e，f，等量正、負(fù)點(diǎn)電荷分別放置在a、d兩處時(shí)，在圓心O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E．現(xiàn)改變a處點(diǎn)電荷的位置，使O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度改變，下列敘述正確的是（）A．移至b處，O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變B．移至c處，O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小減半C．移至e處，O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變D．移至f處，O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變6、關(guān)于電源和電流，下列各種說(shuō)法中正確的是A．從能量轉(zhuǎn)化的角度看，電源是把電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的裝置B．電流的定義式I=q/t，適用于任何電荷的定向移動(dòng)形成的電流C．電荷定向移動(dòng)的方向就是電流的方向D．閉合回路的導(dǎo)體做切割磁感線的運(yùn)動(dòng)就一定有感應(yīng)電流二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，為兩個(gè)不同閉合電路中，兩個(gè)不同電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象。下列說(shuō)法中正確的是A．電動(dòng)勢(shì)E1=E2,內(nèi)阻片r1<r2B．電動(dòng)勢(shì)E1=E2,短路電流I1<I2C．電動(dòng)勢(shì)E1=E2,內(nèi)阻r1>r2D．電動(dòng)勢(shì)E1=E2.短路電流I1>I28、如下圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)ε=6.3V，內(nèi)電阻r=0.5Ω，固定電阻R1=2Ω，R2=3Ω,R3是阻值為5Ω的滑動(dòng)變阻器．按下電鍵K，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)，通過(guò)電源的電流可能是（）A．2.1A B．2.5A C．3.0A D．4.0A9、關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)，以下說(shuō)法中正確的是()A．電源電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量B．在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的讀數(shù)等于電源的電動(dòng)勢(shì)C．同一節(jié)干電池接入不同的電路時(shí)，電池的電動(dòng)勢(shì)將發(fā)生變化D．在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)外電壓之和10、如圖所示，正方形線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，電容器的電容為C，正方形線框的一半放在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度以k為變化率均勻減小時(shí)，則()A．線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為B．電壓表沒有讀數(shù)C．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)D．電容器所帶的電荷量為零三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室提供了小燈泡(2.5V,0.5A)、電流表、電壓表以及滑動(dòng)變阻器等實(shí)驗(yàn)器材：（1）圖甲為實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)連接好的實(shí)驗(yàn)電路圖，在開關(guān)S閉合后，把滑動(dòng)片P從A向B端移動(dòng)過(guò)程中會(huì)觀察到電壓表讀數(shù)變________(填“大”或“小”)。（2）某同學(xué)由測(cè)出的數(shù)據(jù)畫出I—U圖象，如圖乙所示，當(dāng)小燈泡兩端電壓為1.6V時(shí)，小燈泡的電阻值R＝________Ω，此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率P＝________W。12．（12分）（1）如圖所示為某多用電表內(nèi)部簡(jiǎn)化電路圖，作電流表使用時(shí)，選擇開關(guān)S應(yīng)接________(選填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程較大．（2）某同學(xué)想通過(guò)多用表的歐姆擋測(cè)量量程為3V的電壓表內(nèi)阻(如圖乙)，主要步驟如下：①把選擇開關(guān)撥到“×100”的歐姆擋上；②把兩表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻零刻度處；③把紅表筆與待測(cè)電壓表________(選填“正”或“負(fù)”)接線柱相接，黑表筆與另一接線柱相連，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角度很??；④換用________(選填“×10”或“×1k”)歐姆擋重新調(diào)零后測(cè)量，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)適中，記下電阻數(shù)值；⑤把選擇開關(guān)調(diào)至空擋或交流電壓最高擋后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實(shí)驗(yàn)完畢．（3）實(shí)驗(yàn)中(如圖丙)某同學(xué)讀出歐姆表的讀數(shù)為_________Ω，這時(shí)電壓表讀數(shù)為___________V.（4）請(qǐng)你計(jì)算歐姆表內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)為________V．(保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，某空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)將一套有小球的細(xì)直桿放入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小球孔徑略大于細(xì)桿直徑，桿足夠長(zhǎng)，如圖所示，小球的質(zhì)量為1kg，帶電量為2×10-4C，球與桿間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1．（取g＝10m/s2）（1）當(dāng)桿在水平方向上固定時(shí)（如圖虛線所示），調(diào)節(jié)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，使電場(chǎng)強(qiáng)度E為2×104N/C，求此時(shí)小球受到的摩擦力f1的大?。?）若調(diào)節(jié)細(xì)桿使桿與水平方向間夾角θ為37°并固定（如圖實(shí)線所示），調(diào)節(jié)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，使E為2×101N/C，求小球從靜止出發(fā)在細(xì)桿上2秒內(nèi)通過(guò)位移的大?。?sin37°=0.6，cos37°=0.8)（3）當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為零時(shí)，調(diào)節(jié)細(xì)桿與水平方向之間的夾角θ（0＜θ＜90°），然后固定，使小球從桿的底端以速率v0沿桿上滑．試通過(guò)計(jì)算、分析，說(shuō)明在不同的夾角θ情況下，小球在桿上可能的運(yùn)動(dòng)情況．14．（16分）如圖所示，為一除塵裝置的截面圖，其原理是通過(guò)板間的電場(chǎng)或磁場(chǎng)使帶電塵埃偏轉(zhuǎn)并吸附到極板上，達(dá)到除塵的目的。已知金屬極板MN長(zhǎng)為d，間距也為d。大量均勻分布的塵埃以相同的水平速度v0進(jìn)入除塵裝置，設(shè)每個(gè)塵埃顆粒質(zhì)量為m、電量為―q。當(dāng)板間區(qū)域同時(shí)加入勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)并逐步增強(qiáng)至合適大小時(shí)，塵埃恰好沿直線通過(guò)該區(qū)域;且只撤去電場(chǎng)時(shí)，恰好無(wú)塵埃從極板MN間射出，收集效率（打在極板上的塵埃占?jí)m埃總數(shù)的百分比）為100%，不計(jì)塵埃的重力、塵埃之間的相互作用及塵埃對(duì)板間電場(chǎng)、磁場(chǎng)的影響。(1)判斷M板所帶電荷的電性；(2)求極板區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?3)若撤去極板區(qū)域磁場(chǎng)，只保留原來(lái)的電場(chǎng)，則除塵裝置的收集效率是多少？(4)把極板區(qū)域的磁場(chǎng)和電場(chǎng)均撤去后，在y軸右側(cè)設(shè)計(jì)一個(gè)垂直于坐標(biāo)平面的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，就可把全部塵埃收集到位于Q點(diǎn)的收集箱內(nèi)。若直角坐標(biāo)系原點(diǎn)O緊貼金屬極板MN右側(cè)中點(diǎn)，Q點(diǎn)坐標(biāo)為（2d，―1.5d），求此磁場(chǎng)的方向及磁感應(yīng)強(qiáng)度B′的大小范圍。15．（12分）如圖A為帶正電Q的金屬板，沿金屬板的垂直平分線，在距板r處放一質(zhì)量為m．電荷量為q的小球，小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)，受水平向右的電場(chǎng)力偏轉(zhuǎn)θ角而靜止（已知重力加速度為g）。求：（1）小球受到的電場(chǎng)力的大小；（2）小球所在處的電場(chǎng)強(qiáng)度。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

A．當(dāng)保持開關(guān)S閉合時(shí)，則電容器的電壓不變；當(dāng)增大A、B極間距，則導(dǎo)致電容器的電容減小，則出現(xiàn)電容器的電量減小，然而二極管作用導(dǎo)致電容器的電量不會(huì)減小，則電容器的電量會(huì)不變。由于平行板電容器的電場(chǎng)強(qiáng)度與電容器的電量、電介質(zhì)及正對(duì)面積有關(guān)。所以電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故A正確，不符合題意；B．當(dāng)保持開關(guān)S閉合時(shí)，電容器的電壓不變；當(dāng)減小A、B極間距，則導(dǎo)致電容器的電容增加，則出現(xiàn)電容器的電量增加。由于平行板電容器的電場(chǎng)強(qiáng)度與電容器的電量、電介質(zhì)及正對(duì)面積有關(guān)。因此電場(chǎng)強(qiáng)度增大，所以P向上運(yùn)動(dòng)。故B正確，不符合題意；C．當(dāng)增大A、B板間距離，導(dǎo)致電容器的電容減小，由于斷開開關(guān)S，則電容器的電量不變，所以極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。因此P仍處于靜止，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．A板稍下移，導(dǎo)致電容器的電容增大；當(dāng)斷開S后，則電容器的電量不變，所以電場(chǎng)強(qiáng)度也不變。由于B板接地，則P點(diǎn)到B板的電勢(shì)差不變，因此P點(diǎn)的電勢(shì)能也不變。故D正確，不符合題意；2、C【解析】電容的大小是電容器本身決定的，與電容器極板上的電量無(wú)關(guān)，電量增大為2Q，電量不變；給定的電容器電容C一定，則，電量增大為2Q，電勢(shì)差增大為2U．故選C.3、D【解析】

根據(jù)庫(kù)侖定律F=K，真空中兩個(gè)距離r保持不變的點(diǎn)電荷Q1和Q2，若將他們各自的電荷量都增大到原來(lái)的3倍，則兩電荷之間相互作用的靜電力將增大到原來(lái)的9倍，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確．4、B【解析】

平拋運(yùn)動(dòng)下落時(shí)只要接觸到地面即不能再運(yùn)動(dòng)，故由可得：即下落時(shí)間只與拋出點(diǎn)的高度有關(guān)，和水平初速度無(wú)關(guān)A.初速度與分析不符，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.拋出時(shí)物體的高度與分析相符，故B項(xiàng)正確；C.拋出時(shí)物體的高度和初速度與分析不符，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.以上說(shuō)法都不正確與分析不符，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。5、B【解析】

由題意可知，等量正、負(fù)點(diǎn)電荷在O處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E2，方向水平向右。當(dāng)移至b處，兩點(diǎn)電荷在該處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向夾角為60°，則O處的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2×E2cos300=32E，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；同理，當(dāng)移至c處，兩點(diǎn)電荷在該處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向夾角為120°，O處的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小E2，故B正確；同理，當(dāng)移至e處，兩點(diǎn)電荷在該處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向夾角為120°，O處的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小E2，故【點(diǎn)睛】本題考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，要掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的分布情況，理解電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與方向，會(huì)用矢量疊加原理分析電場(chǎng)的疊加問題．6、B【解析】

A．從能量轉(zhuǎn)化的角度看，電源是把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電流的定義式I=q/t，適用于任何電荷的定向移動(dòng)形成的電流，選項(xiàng)B正確；C．正電荷定向移動(dòng)的方向就是電流的方向，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．閉合回路的部分導(dǎo)體做切割磁感線的運(yùn)動(dòng)就一定有感應(yīng)電流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】在U-I圖象中與U軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率表示內(nèi)阻，則知電動(dòng)勢(shì)E1=E2，內(nèi)阻r1＜r2，故A正確，C錯(cuò)誤；短路電流為：，因?yàn)殡妱?dòng)勢(shì)E1=E2，內(nèi)阻r1＜r2，所以發(fā)生短路時(shí)的電流I1＞I2，故D正確，C錯(cuò)誤。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。

8、ABC【解析】

設(shè)滑動(dòng)變阻器與串聯(lián)部分的電阻為，出總電阻表達(dá)式：當(dāng)時(shí)，，此時(shí)當(dāng)時(shí)，，此時(shí)故通過(guò)電源的電流范圍為，故ABC正確；D錯(cuò)誤；9、AD【解析】試題分析：電源電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量選項(xiàng)A正確；在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端的電壓表的讀數(shù)等于電源的路端電壓，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；同一節(jié)干電池接入不同的電路時(shí)，電池的電動(dòng)勢(shì)將不會(huì)發(fā)生變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)外電壓之和，選項(xiàng)D正確.故選AD.考點(diǎn)：電動(dòng)勢(shì)；全電路歐姆定律.10、BC【解析】

A．由于線框的一半放在磁場(chǎng)中，因此線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為，A錯(cuò)誤；B．由于線框所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定的，且線框連接了一個(gè)電容器，相當(dāng)于電路斷路，外電壓等于電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電壓為零，而接電壓表的這部分相當(dāng)于回路的內(nèi)部，因此，電壓表兩端無(wú)電壓，電壓表沒有讀數(shù)，B正確；C．根據(jù)楞次定律可以判斷，a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，C正確；D．電容器所帶電荷量為D錯(cuò)誤．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、（1）大（2）4或4.00.64【解析】（1）由圖示電路圖可知，在開關(guān)S閉合之前，應(yīng)把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P移到A端；實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)片P從從A向B端移動(dòng)過(guò)程中會(huì)觀察到電壓表讀數(shù)變大．

（2）由圖象可知，當(dāng)U=1.6V時(shí)，對(duì)應(yīng)的電流為：I=0.40A，

則小燈泡的電阻值為：燈泡的實(shí)際功率為：P=UI=1.6×0.40=0.64W；

點(diǎn)睛：本題應(yīng)明確：①若要求電流從零調(diào)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)用分壓式接法；②涉及到圖象問題，可以表示出縱軸物理量與橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，然后再根據(jù)斜率和截距的概念討論即可．12、1負(fù)×1k4.0×1042.203.0【解析】（1）當(dāng)做電流表使用時(shí)，電阻應(yīng)和表頭并聯(lián)分流，故連接1和2時(shí)為電流表，根據(jù)歐姆定律可知并聯(lián)支路的電壓相等，并聯(lián)支路的電阻越大，分流越小，故當(dāng)接1時(shí)量程最大；（2）③根據(jù)“紅進(jìn)黑出”原理，即電流從紅表筆流進(jìn)可知紅表筆接電壓表的負(fù)極；④歐姆表在測(cè)量電阻時(shí)指針從無(wú)窮大處開始偏轉(zhuǎn)，故歐姆表指針偏轉(zhuǎn)很小，說(shuō)明被測(cè)電阻大，檔位應(yīng)提升一級(jí)，即換×1k的測(cè)量；（3）歐姆表的讀數(shù)為；電壓表分度值為0.1V，故讀數(shù)為2.20V；（4）根據(jù)（3）采用的檔位可知中值電阻即歐姆表內(nèi)阻為，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，解得．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）f1＝4N（2）s＝20m（3）①當(dāng)mgsinθ＞μmgcosθ，即μ<arctanθ時(shí)，小球沿桿先勻減速上滑，再勻加速下滑；②當(dāng)mgsinθ＜μmgcosθ，即μ>arctanθ時(shí)，小球沿桿勻減速上滑至停止【解析】

小球在水平方向上受電場(chǎng)力與滑動(dòng)摩擦力作用而靜止，由平衡條件可以摩擦力；對(duì)小球進(jìn)行受力分析，受重力、電場(chǎng)力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，有運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式求出位移；結(jié)合它們的條件與最大靜摩擦力的關(guān)系等分析即可．【詳解】（1）當(dāng)桿在水平方向固定時(shí)，小球受到的最大靜摩擦力為fmax=μN(yùn)=μmg=0.1×10=1N，當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度E為2×104N/C時(shí)，所受的電場(chǎng)力為：，由于4N＜1N，說(shuō)明小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則此時(shí)的摩擦力大小f1=4N．（2）受力分析圖如圖

取沿斜面向上為正方向，電場(chǎng)力為：根據(jù)牛頓第二定律得：Fcos37-mgsin37°-μ（mgcos37°+Fsin37°）=ma代入數(shù)據(jù)a=10m/s2小球從靜止出發(fā)在細(xì)桿上2秒內(nèi)通過(guò)位移的大小：（3）①當(dāng)mgsinθ＞μmgcosθ，即μ<arctanθ時(shí)，小球沿桿先勻減速上滑，再勻