云南省昆明市官渡一中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測試題含解析

云南省昆明市官渡一中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、對關系式

的理解，正確的是A．式中的

d

是

a、b

兩點間的距離B．a、b

兩點間距離越大，電勢差越大C．d

是

a、b

兩個等勢面的距離D．此式適用于任何電場2、一帶電小球懸掛在平行板電容器內部，閉合電鍵S，電容器充電后，懸線與豎直方向夾角為φ，如圖所示．下列方法中能使夾角φ減小的是（）A．保持電鍵S閉合，使兩極板靠近一些B．保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動C．保持電鍵S閉合，使兩極板遠離一些D．斷開電鍵S，使兩極板靠近一些3、如圖所示，倒置的光滑圓錐面內側，有兩個小玻璃球A、B沿錐面在水平面內做勻速圓周運動，則下列關系式正確的是A．兩小玻璃球的線速度vA<vBB．兩小玻璃球的角速度ωA＝ωBC．兩小玻璃球的向心力FA＝FBD．兩小玻璃球的向心加速度aA＝aB4、下列說法正確的是（）A．電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，電阻率越大，其導電性能越好B．各種材料的電阻率都與溫度有關，金屬的電阻率隨溫度的升高而減小C．電動勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負極移送到正極時，非靜電力所做的功D．電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大5、處于靜電平衡的導體，內部場強處處為零的原因是（）A．導體內部無任何電場B．外電場不能進入導體內部C．所有感應電荷在導體內部產生的合場強為零D．外電場和所有感應電荷的電場在導體內部疊加的結果為零6、下列哪一位物理學家首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點？()A．洛倫茲B．安培C．牛頓D．奧斯特二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電兩極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的勻強電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速．兩D形金屬盒處于垂直于盒底面的勻強磁場中，磁場方向如圖所示，設勻強磁場的磁感應強度為B，D形金屬盒的半徑為R，狹縫間的距離為d，勻強電場間的加速電壓為U，要增大帶電粒子（電荷量為q，質量為m，不計重力）射出時的動能，則下列方法中正確的是A．增大加速電場間的加速電壓 B．減小狹縫間的距離C．增大磁場的磁感應強度 D．增大D形金屬盒的半徑8、如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎直墻面和水平地面上，且處于同一豎直平面內，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置，如果將小球B向左推動少許，待兩球重新達到平衡，則兩個小球的受力情況與原來相比（）A．兩小球之間的距離減小B．水平推力F不變C．小球B對地面的壓力不變D．豎直墻面對小球A的彈力減小9、如圖所示，電場中有A、B兩點，則下列說法中正確的是（）A．電勢，場強B．電勢，場強C．將電荷從A點移到B點電場力做了正功D．將電荷分別放在A、B兩點時具有的電勢能10、如圖，一根不可伸長絕緣的細線一端固定于O點，另一端系一帶電小球，置于水平向右的勻強電場中，現(xiàn)把細線水平拉直，小球從A點由靜止釋放，經最低點B后，小球擺到C點時速度為0，則()A．小球在B點時速度最大B．小球從A點到B點的過程中，機械能一直在減少C．小球在B點時的繩子拉力最大D．從B點到C點的過程中小球的電勢能一直增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）游標卡尺的讀數(shù)為_______cm.

螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm.12．（12分）“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率為0.5W，實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A．直流電源3V(內阻不計)B．直流電流表0～300mA(內阻約為5Ω)C．直流電流表0～3A(內阻約為0.025Ω)D．直流電壓表0～3V(內阻約為3.0kΩ)E．滑動變阻器100Ω，0.5AF．滑動變阻器10Ω，2A實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量。(1)實驗中電流表應選用__________，滑動變阻器應選用__________。(均填寫儀器前的字母)(2)應選擇下圖中哪一個電路圖進行實驗？__________。(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出小燈泡I-U圖線如圖乙所示。由此可知，當電壓為0.5V時，小燈泡的燈絲電阻是________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在豎直平面內固定的圓形絕緣軌道的圓心在O點，半徑為r，內壁光滑，A、B兩點分別是圓弧的最低點和最高點．該區(qū)間存在方向水平向右的勻強電場，一質量為m、帶負電的小球在軌道內側做完整的圓周運動（電荷量不變），經C點時速度最大，O、C連線與豎直方向夾角θ=60°，重力加速度為g.(1)求小球所受到的電場力大小；(2)小球在A點速度多大時，小球經B點時對軌道的壓力最??？14．（16分）如圖所示，真空中水平放置的兩個相同極板Y和Y'長為L，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側相距b．在兩板間加上可調偏轉電壓U，一束質量為m、帶電量為+q的粒子（不計重力）從兩板左側中點A以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出．（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心O點；（2）求兩板間所加偏轉電壓U的范圍；（3）求粒子可能到達屏上區(qū)域的長度．15．（12分）如圖所示，圖線AB是某閉合電路的路端電壓隨電流變化的關系圖線，OM是某定值電阻R的伏安特性曲線，由圖求：（1）R的阻值；（2）處于直線OM與AB交點C時電源的輸出功率；（3）電源的最大輸出功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

公式Uab＝Ed只適用于勻強電場，其中d為沿場強方向上的距離或過a、b兩點的兩個等勢面間的距離，故C正確，ABD錯誤．故應選C．2、C【解析】小球在兩極板間受到豎直向下的重力，水平向左的電場力以及繩子的拉力，三力作用下處于靜止狀態(tài)，要使夾角減小，則應減小電場力，保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板靠近一些，則根據(jù)可知，電場強度增大，所以小球受到的電場力增大，即夾角變大，A錯誤；保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動，兩極板間距離不變，電場強度不變，即夾角不變，B錯誤；保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板遠離一些，則根據(jù)可知，電場強度減小，所以小球受到的電場力減小，即夾角減小，C正確；斷開電鍵，則兩極板所帶電荷量恒定不變，根據(jù)，則有，即兩板間的電場強度和兩極板的距離無關，故電場強度不變，所以夾角不變，D錯誤．【點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變3、D【解析】

對A、B兩球分別受力分析，如圖

由圖可知

F合=mgtanθ；因為兩小球質量不知，所以它們的向心力不一定相等，故C錯誤；根據(jù)向心力公式有解得：a=gtanθ，，；由于A球轉動半徑較大，故向心加速度一樣大，A球的線速度較大，角速度較小，所以AB錯誤，D正確。4、C【解析】

A、電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，電阻率越大，其導電性能越差；錯誤B、各種材料的電阻率都與溫度有關，金屬的電阻率隨溫度的升高而增大；錯誤C、由電動勢的定義式可知，電動勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負極移送到正極時非靜電力所做的功；正確D、電源的電動勢由電源本身決定與外電路無關；錯誤故選C5、C【解析】

處于靜電平衡的導體內部存在兩個電場，一個是外加電場、一個是導體內部自己產生的感應電場，兩電場疊加的合場強為零，故只有C正確．6、A【解析】通過學習磁場對運動電荷的作用我們知道，首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點的物理學家是洛倫茲，故BCD錯誤，A正確。故選：A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】根據(jù)qvB=m得，粒子的最大速度v=，則最大動能EKm=．知增大動能，需增大D形盒的半徑，或增大磁感應強度．故CD正確，A、B錯誤．故選CD．8、CD【解析】

以A球為研究對象，分析受力，作出力圖如圖1所示：

設B對A的庫侖力F與墻壁的夾角為θ，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為：N1=mAgtanθ將小球B向左推動少許時θ減小，則N1減小。

再以AB整體為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得：F=N1

N2=（mA+mB）g則F減小，地面對小球B的彈力一定不變。

由上分析得到庫侖力，θ減小，cosθ增大，F(xiàn)庫減小，根據(jù)庫侖定律分析得知，兩球之間的距離增大。A.兩小球之間的距離減小，與結論不相符，選項A錯誤；B.水平推力F不變，與結論不相符，選項B錯誤；C.小球B對地面的壓力不變，與結論相符，選項C正確；D.豎直墻面對小球A的彈力減小，與結論相符，選項D正確；9、BCD【解析】

電場線越密的地方電場強度越大，所以場強，沿著電場線電勢一定降低，所以電勢，故A錯誤，B正確；將+q電荷從A點移動到B點所受電場力和電場線方向相同，電場力做正功，故C錯誤．將-q電荷從A點移動到B點，所受電場力和電場線方向相反，電場力做負功，電勢能增加，所以，故D錯誤．故選B．【點睛】電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場線越密的地方電場強度越大，電勢的高低看電場線的指向，沿著電場線電勢一定降低．要正確在電場中通過電場線來判斷電場強度、電勢、電勢能大小變化，理解這些概念之間的關系．10、BD【解析】

首先要判斷出小球運動的等效最低點，然后根據(jù)動能減小判斷電場力做功的正負，從而知道帶電的正負，利用電場力做功與電勢能的變化關系判斷電勢能的變化．【詳解】A、C、小球受到電場力與重力、繩子的拉力的作用，在復合場中做類單擺運動，當重力與電場力的合力與繩子的拉力在同一條直線上時（在角AOC角平分線上），小球處于等效最低點，此時小球的速度最大，對繩子的拉力最大．故A錯誤，C錯誤；

B、從A到B的過程中電場力對小球做負功，小球的機械能減小．故B正確；

D、從B到C的過程中克服電場力做功，小球的電勢能一直增大，D正確；

故選BD【點睛】本題是復合場在的等效最低點的問題，帶電物體在電場中圓周運動問題，利用等效最低點的特點與電場力做功與電勢能和動能的變化關系判斷是常用的解題方法．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.0310.295【解析】

游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm，游標尺上第3個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.1×3mm=0.3mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.3mm=20.3mm=2.03cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為10.295mm(10.294~10.297)．【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.12、BFA5.5與5.6都算正確【解析】

(1)[1]小燈泡的額定電流為故選電流表B[2]要求小燈泡兩端的電壓從零開始，所以采用滑動變阻器的分壓接法，滑動變阻器選擇較小的，便于操作，故選滑動變阻器F；(2)[3]電流表內阻和小燈泡的內阻相接近，故采用電流表外接法，要求小燈泡兩端的電壓從零開始，所以采用滑動變阻器的分壓接法，故A正確；(3)[4]從圖中可知當小燈泡兩端的電壓為0.5V時，小燈泡中的電流為0.09A，所以根據(jù)歐姆定律可得此時小燈泡的電阻為：由于誤差存在，5.5與5.6都算正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

(1)抓住帶電小球運動至C點的速度最大這一突破口，根據(jù)豎直平面內圓周運動的最大速度出現(xiàn)在物理“最低點”，即合外力沿半徑指向圓心，而電場力和重力的合力則背離圓心的方向．作出受力示意圖，求解電場力的大小．(2)D點豎直平面內圓周運動的物理“最高點”，恰好能完整的做圓周運動，在“最高點”有最小速度，在“最高點”對軌道壓力為0，由牛頓第二定律求解.【詳解】(1)已知帶電小球在光滑的豎直圓軌道內做完整的圓周運動，經C點時速度最大，因此，C點是豎直平面內圓周運動的物理“最低點”，也就是小球在C點電場力和重力的合力則背離圓心的方向，如圖:則有因此電場力為：(2)D點豎直平面內圓周運動的物理“最高點”，恰好能完整的做圓周運動，在“最高點