山東省濟南市長清第一中學(xué)2025屆物理高二上期中調(diào)研模擬試題含解析

山東省濟南市長清第一中學(xué)2025屆物理高二上期中調(diào)研模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,平行板電容器兩金屬板水平放置,開關(guān)S是閉合的,兩板間一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止狀態(tài),G為靈敏電流計．則以下說法正確的是()A．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運動，G中有從b到a的電流B．在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，油滴向下加速運動，G中有從b到a的電流C．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，G中有從a到b的電流D．在將S斷開后，油滴仍保持靜止狀態(tài)，G中無電流通過2、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們所帶的電荷量都增大為原來的2倍，距離減少為原來的1/2，它們之間的相互作用力變?yōu)椋ǎ〢．F B．2F C．4F D．16F3、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）A．燈泡L變亮 B．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變小C．電源的輸出功率變小 D．電容器C上所帶的電荷量減少4、甲、乙兩輛汽車在平直的高速公路上行駛，某時刻兩車正好并排行駛，從該時刻起兩車的速度—時間圖像如下圖所示，則下列說法正確的是A．t0時刻兩車相遇B．0到t1時間內(nèi)，甲、乙兩車的加速度大小均逐漸減小且方向相同C．0到t0時間內(nèi)，甲車的平均速度小于乙車的平均速度D．t1時刻甲、乙兩車一定再次相遇，之后甲車將一直在乙車前方5、帶正電的空心金屬球殼置于絕緣支架上，將4個原來不帶電的金屬小球按圖示位置放置，A球用絕緣輕繩豎直懸掛，B球接地，C球用導(dǎo)線與球殼內(nèi)部相連，D球與球殼內(nèi)部接觸．設(shè)大地電勢為零，當達到靜電平衡時，下列說法正確的是（）A．由于靜電感應(yīng)，A球帶負電，B．B球接地帶負電，但電勢為零C．C球不帶電，但電勢與球殼電勢相等D．D球帶正電，電勢為零6、加在某臺電動機上的電壓是U（V），電動機消耗的電功率為P（W），電動機線圈的電阻為R（Ω），則電動機線圈上消耗的熱功率為（）A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，把四個相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，且兩個電路的總功率相等，則這兩個電路中的U甲，U乙，R甲，R乙之間的關(guān)系，正確的是()A．U甲>U乙 B．U甲＝4U乙 C．R甲＝4R乙 D．R甲＝2R乙8、下列關(guān)于電源電動勢的說法，正確的是（）A．電動勢是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量B．外電路斷開時的路端電壓等于電源的電動勢C．電動勢數(shù)值上等于閉合電路內(nèi)外電壓之和D．外電路的總電阻越大，則路端電壓越接近電源電動勢9、帶電粒子在勻強電場中的運動軌跡如圖所示，如果帶電粒子只受電場力作用從a到b運動，下列說法正確的是（）A．粒子帶正電 B．粒子在a和b點的加速度相同C．該粒子在a點的電勢能比在b點時大 D．該粒子在b點的速度比在a點時大10、如圖所示是用電壓表和電流表測電阻的一種方法，Rx為待測電阻，如果考慮到儀表本身電阻對測量結(jié)果的影響，則（）A．Rx的測量值大于實際值B．Rx的測量值小于實際值C．Rx為大阻值電阻時應(yīng)采用這種接法D．Rx為小阻值電阻時應(yīng)采用這種接法三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）甲圖所示游標卡尺的讀數(shù)為_____cm，乙圖所示螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm。12．（12分）在一次實驗時某同學(xué)用游標卡尺測量（如圖所示，游標上刻有20格），示數(shù)為________cm．在一次實驗時某同學(xué)用螺旋測微器測量（如圖），示數(shù)為________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一個電場強度E1=E的勻強電場，在兩條平行的直線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2=2E的勻強電場，在虛線PQ右側(cè)相距為L處有一與電場E2平行的屏?，F(xiàn)將一電子（電荷量e，質(zhì)量為m，不計重力）無初速度放入電場E1中的A點，A點到MN的距離為，最后電子打在右側(cè)的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：(1)電子從釋放到打到屏上所用的時間t；(2)電子剛射出電場E2時的速度方向與AO連線夾角的正切值tanθ；(3)電子打到屏上的點P′到O點的距離x。14．（16分）把一根長為L=10cm的直導(dǎo)線垂直磁感線方向放入如圖的勻強磁場中。（1）當導(dǎo)線中通以I1=2A的電流時，導(dǎo)線受到的安培力F1大小為1.0×10-7N，試求該磁場的磁感應(yīng)強度的大小B。（2）若該導(dǎo)線中通以I2=3A的電流，試求此時導(dǎo)線所受安培力大小F2。15．（12分）利用電動機通過如圖所示的電路提升重物，已知電源電動勢，電源內(nèi)阻，電阻，重物質(zhì)量，當將重物固定時，理想電壓表的示數(shù)為5V，當重物不固定，且電動機最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，電壓表的示數(shù)為，不計摩擦，g取求：串聯(lián)入電路的電動機內(nèi)阻為多大？重物勻速上升時的速度大?。畡蛩偬嵘匚?m需要消耗電源多少能量？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：電容器與電阻R、電阻R2相并聯(lián)后與R1串聯(lián)，滑片移動，根據(jù)電路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到導(dǎo)致電容器兩端電壓變化情況，最終判斷油滴受力變化和運動情況．解：A、C、粒子原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡；電容器與電阻R、電阻R2相并聯(lián)后與R1串聯(lián)，滑片向上移動，電阻R變大，電路總電阻變大，電流變小，電容器兩端電壓為：U=E﹣I（r+R1），故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電場力變大，粒子向上加速；電容器充電，故電流從b到a，故A正確，C錯誤；B、在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程剛好與選項A相反，故B錯誤；D、在將S斷開后，電容器通過電阻R2與R1放電，電量減為零，電流沿a至b，故D錯誤；故選A．【點評】本題是電路動態(tài)分析問題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化．2、D【解析】

根據(jù)庫侖定律，有：，若它們的帶電量都增大為原來的2倍，距離減少為原來的．3、C【解析】

A．當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻R總增大，電流I減小，燈泡的功率P=I2RL，RL不變，則燈泡變暗，故A錯誤；B．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)U=E-Ir變大，故B錯誤；C．當內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大。燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻，當R增大時，電源的輸出功率變小，故C正確；D．變阻器兩端電壓增大，電容器與變阻器并聯(lián)，電容器上電壓也增大，則其電荷量增大，故D錯誤。故選C?！军c睛】本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數(shù)學(xué)證明，當內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結(jié)論。對于電容器，關(guān)鍵確定電壓，記住這個結(jié)論很有必要：電容器與與它并聯(lián)的電路電壓相等?；瑒幼冏杵骰琍向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，電流減小，燈泡變暗；根據(jù)結(jié)論：當內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率功率最大。燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻，當R增大時，電源的輸出功率應(yīng)減小。變阻器兩端電壓增大，電容器上電荷量增大，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)U=E-Ir變大。4、C【解析】

根據(jù)速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示位移，分析位移關(guān)系，確定兩車是否相遇．根據(jù)圖象斜率的變化分析加速度的變化．根據(jù)位移與時間之比分析平均速度關(guān)系.【詳解】A．根據(jù)速度時間圖象與時間軸所圍的“面積”表示位移，知0-t0時間內(nèi)乙車的位移比甲車的大，則t0時刻兩車沒有相遇，故A錯誤.B．0-t1時間內(nèi)，甲、乙兩車圖象斜率均逐漸減小，則它們的加速度大小均逐漸減?。讏D象切線斜率為正，乙圖象切線斜率為負，則加速度方向相反，故B錯誤.C．0-t0時間內(nèi)甲車的位移比乙車的小，則甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故C正確.D．0-t1時間內(nèi)，甲車的位移比乙車的大，則甲、乙兩車沒有相遇，之后甲車的速度比乙車的大，則甲車將一直在乙車前方，故D錯誤.故選C.【點睛】對于v-t圖象，關(guān)鍵要需掌握兩點：①v-t圖象的斜率大小代表加速度大小，斜率的正負代表加速度的方向；②速度時間圖象與時間軸圍成的面積代表位移.5、B【解析】

A、由于靜電感應(yīng)，A球的左右兩端帶上不同的電荷，但整體不帶電，故A錯誤；

B、由于靜電感應(yīng)，B球帶負電，但電勢和大地的電勢相等，為零，故B正確；

C、C球在金屬球殼的外部，會帶上與球殼相同的電荷，且電勢與球殼電勢相等，故C錯誤；

D、D球在球殼的內(nèi)部，與球殼接觸后成為球殼內(nèi)部的一部分，所以D不帶電，故D錯誤．點睛：達到靜電平衡狀態(tài)時，其電勢相等，是一個等勢體，其凈電荷由于靜電斥力作用，盡可能遠離，故都分布在導(dǎo)體的外表面上，所以小金屬球C帶電，而A、B也會由于靜電感應(yīng)而帶電．6、C【解析】

電動機是非純電阻電路，電功率為P=UI，故電流為I=P/U，故熱功率P熱=I2r=（）2r=；故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

設(shè)燈泡的額定電流為I0，因兩燈泡正常發(fā)光，故燈泡中電流相等；則甲電路中電流為I0；乙電路中電流為2I0；因總功率相等，故兩電阻消耗的功率相等；則由P=I2R可知，R甲=4R乙；故C正確，D錯誤；則由歐姆定律可知：U甲=I0R甲+2U=4I0R乙+2U；U乙=2I0R乙+U；故U甲=2U乙；故A正確，B錯誤；故選：AC.【點睛】分析電路的結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點得出電流關(guān)系，由歐姆定律可得出電壓之比及電流之比．8、ABCD【解析】

A．電動勢是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，A正確；B．外電路斷開時的路端電壓等于電源的電動勢，B正確；C．電動勢數(shù)值上等于閉合電路內(nèi)外電壓之和，C正確；D．外電路的總電阻越大，則電路中總電流越小，內(nèi)阻上的電壓越小，此時路端電壓越接近電源電動勢，D正確。故選ABCD。9、BCD【解析】

A．由于粒子運動軌跡越來越向上彎曲，可判斷它受的電場力方向為豎直向上，與電場方向相反，所以粒子應(yīng)帶負電。故A錯誤。

B．勻強電場中粒子所受的電場力恒定，加速度相同。故B正確。

CD．從a到b由于電場力方向速度方向成銳角，電場力做正功，則電勢能減小，動能增大，故該粒子在b點的電勢能比在a點時小，在b點的速度比在a點時大。故CD正確。10、BD【解析】

由于電流表所測的是電壓表與電阻的電流，因此所測電流偏大，則Rx的測量值小于實際值，B正確；如果Rx為大阻值電阻，電壓表所分得電流對電路影響較大，則不采用這種接法，反之Rx為小阻值電阻時應(yīng)采用這種接法，則D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.0151.605±0.003【解析】

[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm所以最終讀數(shù)為10mm+0.15mm=10.15mm=1.015cm[2]螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為10.5×0.01mm=0.105mm所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.105mm=1.605mm12、10.405cm8.077mm【解析】

[1]．由圖可得：游標卡尺主尺讀數(shù)為104mm，游標尺上的第一格線與上面對齊，則游標卡尺讀數(shù)為[2]．由圖可得：螺旋測微器固定部分讀數(shù)為8mm，可動部分為；則螺旋測微器讀數(shù)為【點睛】螺旋測微器又稱千分尺，以毫米為單位作為結(jié)果時，小數(shù)點后面要有三位數(shù)字．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）2（3）3L【解析】(1)電子在電場E1中做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度為a1，時間為t1，由牛頓第二定律得：由得：電子進入電場E2時的速度為：v1=a1t1

進入電場E2到屏水平方向做勻速直線運動，時間為：出電場后到光屏的時間為：電子從釋放到打到屏上所用的時間為：t=t1+t2+t3聯(lián)立求解得：(2)設(shè)粒子射出電場E2時平行電場方向的速度為vy，由牛頓第二定律得，電子進入電場E2時的加速度為：

vy=