濟南市歷城第四中學(xué)2025屆物理高三上期中統(tǒng)考模擬試題含解析

濟南市歷城第四中學(xué)2025屆物理高三上期中統(tǒng)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是質(zhì)量為1kg的滑塊在水平面上做直線運動的v-t圖像，下列判斷正確的是A．在t=1s時，滑塊的加速度為零B．在4s末~6s末時間內(nèi)，滑塊的平均速度為2.5m/sC．在3s末~7s末時間內(nèi)，合力做功的平均功率為2WD．在5s末~6s末時間內(nèi)，滑塊受到的合力為2N2、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定在墻壁上，另一端與擋板相連（擋板質(zhì)量不可忽略）．放置在光滑的水平面上。把一質(zhì)量為m的物體A緊靠著擋板壓縮彈簧后，由靜止開始釋放，彈簧前端到O點時物體與擋板分離，此時物體的動能為E；現(xiàn)換一質(zhì)量為M(M>m)的物體B緊靠著擋板壓縮彈簧到相同的位置，由靜止釋放，則A．彈簧前端到O點左側(cè)時B物體與擋板分離 B．彈簧前端到O點右側(cè)時B物體與擋板分離C．物體B與擋板分離時的動能大于Eo D．物體B與擋板分離時的動能小于Eo3、在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是（）A．在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實驗應(yīng)用了控制變量法B．根據(jù)速度定義式v=ΔxΔt，當(dāng)△t非常非常小時，ΔxΔtC．伽利略認(rèn)為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動．再根據(jù)銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律，這是采用了實驗和邏輯推理相結(jié)合的方法D．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫微元法4、我國不少地方在節(jié)日期間有掛紅燈籠的習(xí)俗．如圖，質(zhì)量為m的燈籠用兩根不等長的輕繩OA、OB懸掛在水平天花板上，OA比OB長，O為結(jié)點．重力加速度大小為g．設(shè)OA、OB對O點的拉力分別為FA、FB，輕繩能夠承受足夠大的拉力，則()A．FA大于FBB．FA、FB的合力大于mgC．調(diào)節(jié)懸點A的位置，可使FA、FB都大于mgD．換質(zhì)量更大的燈籠，F(xiàn)A的增加量比FB的增加量大5、質(zhì)點做直線運動的速度—時間圖象如圖所示，該質(zhì)點A．在第1秒末速度方向發(fā)生了改變B．在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變C．在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D．第3秒和第5秒末的位置相同6、如圖所示，水平面上有一汽車A，通過定滑輪用繩子拉同一水平面的物體B，當(dāng)拉至圖示位置時，兩繩子與水平面的夾角分別為α、β，二者速度分別為vA和vB，則()A．vA∶vB＝1∶1B．vA∶vB＝cosβ∶cosαC．vA∶vB＝sinα∶sinβD．vA∶vB＝sinα∶cosβ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、甲、乙為兩顆地球衛(wèi)星，乙的運行高度低于甲的運行高度，兩衛(wèi)星軌道均可視為圓軌道．以下判斷正確的是（）A．甲的周期大于乙的周期B．甲的速度大于乙的速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲的角速度小于乙的角速度8、質(zhì)量為m的小球由輕繩a和b分別系于一輕質(zhì)細(xì)桿的A點和B點，如右圖所示，繩a與水平方向成θ角，繩b在水平方向且長為l，當(dāng)輕桿繞軸AB以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動時，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()A．a(chǎn)繩的張力不可能為零B．a(chǎn)繩的張力隨角速度的增大而增大C．當(dāng)角速度，b繩將出現(xiàn)彈力D．若b繩突然被剪斷，則a繩的彈力一定發(fā)生變化9、甲、乙兩物體從同一地點開始沿同一方向運動，其速度隨時間的變化關(guān)系如圖所示，圖中t，兩段曲線均為圓弧，則（）A．兩物體在t1時刻加速度相同B．兩物體在t2時刻運動方向均改變C．兩物體在t3時刻相距最遠(yuǎn)，t4時刻相遇D．0～t4時間內(nèi)甲物體的平均速度等于乙物體的平均速度10、一球形行星對其周圍物體的萬有引力使物體產(chǎn)生的加速度用a表示，物體到球形行星表面的距離用h表示，a隨h變化的圖象如圖所示，圖中a1、h1、a2、h2及萬有引力常量G均為己知．根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出（）A．該行星的半徑B．該行星的質(zhì)量C．該行星的自轉(zhuǎn)周期D．該行星同步衛(wèi)星離行星表面的高度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，是利用自由落體運動進行“驗證機械能守恒定律”的實驗。所用的打點計時器通以50Hz的交流電。（1）甲同學(xué)按照正確的實驗步驟操作后，選出一條紙帶如圖2所示，其中O點為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數(shù)點，用刻度尺測得OA=12.41cm，OB=18.60cm，OC=27.21cm，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點。已知重物的質(zhì)量為1.00kg，取g=9.80m/s2。在OB段運動過程中，重物重力勢能的減少量ΔEp=_________J；打B點瞬間重物的速度VB=_________m/s(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)。（2）該實驗沒有考慮各種阻力的影響，這屬于本實驗的___________誤差（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）。由此看，甲同學(xué)數(shù)據(jù)處理的結(jié)果比較合理的應(yīng)當(dāng)是ΔEp________ΔEk（選填“大于”、“等于”或“小于”）。（3）①乙同學(xué)想利用該實驗裝置測定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。他打出了一條紙帶后，利用紙帶測量出了各計數(shù)點到打點計時器打下的第一個點的距離h，算出了各計數(shù)點對應(yīng)的速度v，以h為橫軸，以為縱軸畫出了如圖3所示的圖線。由于圖線沒有過原點，他又檢查了幾遍，發(fā)現(xiàn)測量和計算都沒有出現(xiàn)問題，其原因可能是____________（在A、B、C項中選擇并填在橫線上）。A、由于空氣阻力的影響B(tài)、先釋放重物再接通打點計時器電源C、先接通打點計時器電源后釋放重物②乙同學(xué)測出該圖線的斜率為k，如果不計一切阻力，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭____k（選填“大于”、“等于”或“小于”）。（4）丙同學(xué)利用該實驗裝置又做了其它探究實驗，分別打出了以下4條紙帶①、②、③、④，其中只有一條是做“驗證機械能守恒定律”的實驗時打出的。為了找出該紙帶，丙同學(xué)在每條紙帶上取了點跡清晰的、連續(xù)的4個點，用刻度尺測出相鄰兩個點間的距離依次為x1、x2、x3。請你根據(jù)下列x1、x2、x3的測量結(jié)果確定該紙帶為________。（取g=9.80m/s2,將選中紙帶數(shù)據(jù)前的序號填在橫線上）①6.05cm，6.10cm，6.06cm②4.96cm，5.35cm，5.74cm③4.12cm，4.51cm，5.30cm④6.10cm，6.58cm，7.06cm12．（12分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是可以通過僅測量________(填選項前的序號)，間接地解決這個問題．A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的水平位移(2)用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2.圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放；然后把被碰小球m2靜止于軌道水平部分的右側(cè)末端，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并重復(fù)多次，分別找到小球的平均落點M、P、N，并測量出平均水平位移OM、OP、ON.(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為________[用(2)中測量的量表示]；若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)該滿足的表達式為________[用(2)中測量的量表示]．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一細(xì)U型管兩端均開口，用兩段水銀柱封閉了一段空氣柱在管的底部，初始狀態(tài)氣體溫度為T1=280K,各段的長度分別為L1=20cm,L2＝15cm，L3＝10cm，h1＝4cm，h2＝20cm；現(xiàn)使氣體溫度緩慢升高，（大氣壓強為p0＝76cmHg）求：①若當(dāng)氣體溫度升高到T2時，右側(cè)水銀柱開始全部進入豎直管，求此時左側(cè)水銀柱豎直部分有多高？并求出此時管底氣柱的長L1′②求第一問中的溫度T2等于多少K?③在T2的基礎(chǔ)上繼續(xù)升溫至T3時,右側(cè)水銀柱變成與管口相平，求T3等于多少K?14．（16分）質(zhì)量為M=0.2kg的木塊放在水平臺面上，臺面比水平地面高出h=0.20m，木塊離臺的右端L=1.7m．質(zhì)量為m=0.10M的子彈以v0=180m/s的速度水平射向木塊，當(dāng)子彈以v=90m/s的速度水平射出時，木塊的速度為v1=9m/s（此過程作用時間極短，可認(rèn)為木塊的位移為零）．若木塊落到水平地面時的落地點到臺面右端的水平距離為s=1.6m，求：（1）木塊對子彈所做的功W1和子彈對木塊所做的功W2；（2）木塊與臺面間的動摩擦因數(shù)為μ．15．（12分）如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為，以的速度勻速運動，在傳送帶的A端輕輕放一小物體，已知物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，AB間距離，則：若傳送帶轉(zhuǎn)動方向為順時針，小物體從A端運動到到B端所需要的時間是多少？若傳送帶轉(zhuǎn)動方向為逆時針，小物體從A端運動到到B端所需要的時間是多少？已知

取

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】在t=1s時，滑塊的加速度為：，故A錯誤；在4s-6

s時間內(nèi)，滑塊的位移為：，則滑塊的平均速度大小為：，故B錯誤；在3s～7s時間內(nèi)，根據(jù)動能定理得合力做功，合力做功的平均功率的大小為，故C正確．在5s-6

s時間內(nèi)，滑塊的加速度大小為：=4m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：F合=ma=1×4=4N，故D錯誤；故選C．點睛：解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．要知道動能定理是求合力做功常用的方法．2、C【解析】

AB．擋板與B物體分離時加速度相同、兩物體間的彈力為零，所以分離時B物體的加速度為零，即擋板的加速度也為零，由于水平面光滑，所以彈簧恢復(fù)到原長時擋板的加速度為零，即彈簧前端在O點時B物體與擋板分離，故AB錯誤；CD．由于兩次彈簧壓縮到相同的位置，所以初始狀態(tài)彈簧的彈性勢能相同，從開始到兩物體分離由能量守恒得：，由于物體B的質(zhì)量大于物體A的質(zhì)量，所以B物體與擋板分離時的速度較小，此時擋板具有的動能較小，由能量守恒可得B物體的動能較大，即大于，故C正確，D錯誤。3、D【解析】A、在研究加速度與質(zhì)量和合外力的關(guān)系時，由于影響加速度的量有質(zhì)量和力，應(yīng)采用控制變量法，故A項正確；B、為研究某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，采用了極限思維法，故B項正確；C、伽利略認(rèn)為自由落體運動就是物體在傾角為90°的斜面上的運動．再根據(jù)銅球在斜面上的運動規(guī)律得出自由落體的運動規(guī)律，這是采用了實驗和邏輯推理相結(jié)合的方法，故C項正確；D、在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫理想模型法，故D項錯誤。本題選不正確的，故選：D．點睛：物理學(xué)的發(fā)展離不開科學(xué)的思維方法，要明確各種科學(xué)方法在物理中的應(yīng)用，如控制變量法、理想實驗、理想化模型、極限思想等．4、C【解析】

對O點受力分析，受重力和兩個拉力，做出受力圖，根據(jù)平衡條件并結(jié)合合成法分析即可．【詳解】對O點受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，并結(jié)合正弦定理，有：A項：由于α＞β，所以，故A錯誤；B項：根據(jù)平衡條件，F(xiàn)A、FB的合力等于mg，故B錯誤；C項：調(diào)節(jié)懸點A的位置，使A點向左移動，當(dāng)α+β趨向180°時，可使FA、FB都大于mg，故C正確；D項：故換質(zhì)量更大的燈籠，α、β均不變，根據(jù),，F(xiàn)B的增加量比FA的增加量大，故D錯誤．故應(yīng)選：C．【點睛】本題關(guān)鍵是明確O點處于三力平衡狀態(tài)，結(jié)合平衡條件、合成法和正弦定理列式分析．5、D【解析】試題分析：速度圖象的正負(fù)表示速度的方向，而在前2s內(nèi)，運動方向沒有變化，故A錯；圖象的斜率表示加速度，第2秒末斜率不變，所以加速度不變，故B錯；前兩秒內(nèi)圖象都在時間軸上方，故質(zhì)點位移為圖線與坐標(biāo)軸所圍成的面積，C錯；同理，由圖象面積可以知道，第4秒內(nèi)和第5秒內(nèi)的位移大小相同、方向相反，故D正確．考點：運動學(xué)圖象6、B【解析】對A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vAcosα；對B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vBcosβ，由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有vAcosα=vBcosβ，因此ACD錯誤，B正確；故選B．點睛：考查學(xué)會對物體進行運動的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數(shù)知識，同時本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：衛(wèi)星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于：r乙＜r甲，則T甲＞T乙，故A正確；衛(wèi)星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于乙的軌道半徑大于地球半徑，則乙的線速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于：r乙＜r甲，則a乙＞a甲，故C錯誤；由題意可知，衛(wèi)星軌道半徑間的關(guān)系為：r乙＜r甲；甲是地球同步衛(wèi)星，它的軌道在赤道平面內(nèi)，甲不可能通過北極上方，故D錯誤；故選A．考點：萬有引力定律的應(yīng)用【名師點睛】本題考查了萬有引力定律的應(yīng)用，知道萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律可以解題，本題是一道常規(guī)題．8、AC【解析】

小球做勻速圓周運動，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以a繩在豎直方向上的分力與重力相等，可知a繩的張力不可能為零，故A正確；根據(jù)豎直方向上平衡得，F(xiàn)asinθ=mg，解得，可知a繩的拉力不變，故B錯誤；當(dāng)b繩拉力為零時，有：，解得，可知當(dāng)角速度時，b繩出現(xiàn)彈力，故C正確；由于b繩可能沒有彈力，故b繩突然被剪斷，a繩的彈力可能不變，故D錯誤．9、CD【解析】

速度時間圖像的斜率表示物體運動的加速度，所以兩物體在時刻斜率不同，所以加速度不相同，故A錯誤；速度的正負(fù)表示運動方向，在t2時刻之前速度都為正，所以都朝著正方向運動，t2時刻之后，速度仍舊為正，所以速度方向沒有發(fā)生變化，故B錯誤；圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，故兩物體t3時刻相距最遠(yuǎn)，t4時刻相遇，即t4時刻位移相等，而運動時間又相等，所以平均速度相等，故CD正確；故選CD【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠從速度時間圖線中獲取信息，知道斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移速度的正負(fù)表示運動方向，圖像的曲線不表示物體運動的軌跡10、AB【解析】A、球形行星對其周圍質(zhì)量為m的物體的萬有引力：F所以：a1=GMR+hB、將R=h1C、由題目以及相關(guān)的公式的物理量都與該行星轉(zhuǎn)動的自轉(zhuǎn)周期無關(guān)，所以不能求出該行星的自轉(zhuǎn)周期，C錯誤；D、由于不能求出該行星的自轉(zhuǎn)周期，所以也不能求出該行星同步衛(wèi)星離行星表面的高度，D錯誤；故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.821.85系統(tǒng)大于B等于②【解析】

本題考查驗證機械能守恒定律的實驗。【詳解】（1）[1]在OB段運動過程中，重物重力勢能的減少量[2]打B點時的速度（2）[3]該實驗沒有考慮各種阻力的影響，這屬于本實驗的系統(tǒng)誤差。[4]由于有阻力的存在，故數(shù)據(jù)處理結(jié)果比較合理的是。（3）[5]從圖象中可以看出，當(dāng)物體下落的高度為0時，物體的速度不為0，說明了操作中先釋放重物，再接通(打點計時器)電源。故B正確AC錯誤。[6]根據(jù)機械能守恒得：則：則圖像的斜率：。（4）[7]紙帶中打出的點符合相鄰相等的條件，則可以知道相鄰兩位移間應(yīng)保證位移之差等于①中的位移之差分別為0.05cm；②中的位移之差分別為0.39cm；③中的位移之差分別為0.39cm，0.79cm；④中的位移之差分別為0.48cm。故紙帶應(yīng)該為②。12、（1）C（3）【解析】（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度，故選C．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v1t，代入得：；若碰撞是彈性碰撞，滿足能量守恒：，代入得；m1OP1=m1OM1+m1ON1．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①40cm②630K③787.5K【解析】①因為左右兩端管子均向上開口，所以氣體壓強p2＝p0＋h右=p0＋h左＝(76＋14)cmHg＝90cmHg，所以左端液柱高度h左等于右端液柱高度h右，即h左=h左=14cm,此時管底氣柱的長度L1′=L1+2L3=40cm②設(shè)U型管的橫截面積是S，以封閉氣體為研究對象，其初狀態(tài)壓強p1＝p0＋h1＝(76＋4)cmHg＝80cmHg，V1＝L1S＝20S,T1=280K末狀態(tài)是：p2＝p0＋h＝(76＋14)cmHg＝90cmHg，V2＝L1′s=L1S＋2L3S＝20S＋2×10S＝40S,由理想氣體的狀態(tài)方程得：代入數(shù)據(jù)得：T2＝630K③水銀柱全部進入右管后，壓強不再增大，管底氣體做等壓變化，所以左側(cè)的水銀柱不動，右側(cè)水銀柱與管口相平時，氣體的體積：V3＝（L1′+h1+h2-L3-h1）s=(L1＋L3＋h2)s＝50S