2025屆江西省重點中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試試題含解析

2025屆江西省重點中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、四個相同的小燈泡按照如圖所示的、兩種方式接入電壓相等的電路中，調節(jié)、使四個小燈泡都正常發(fā)光，這時可變電阻、消耗的電功率和的關系為A． B． C． D．2、小強用與水平方向成θ角的輕繩拉木箱，未拉動，此時繩中拉力為F，則木箱所受摩擦力的大小為（）A．F B．FsinθC．0 D．Fcosθ3、用相同的靈敏電流計作表頭改裝成電流表A和電壓表V，分別將其串聯和并聯在一起，然后接入電路中.通電后關于指針的偏角情況的敘述正確的是（）A．圖甲中電壓表的指針偏角與電流表的相等B．圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的小C．圖乙中電壓表的指針偏角與電流表的相等D．圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小4、1932年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A．離子從磁場中獲得能量B．電場的周期隨粒子速度增大而增大C．離子由加速器的中心附近進入加速器D．當磁場和電場確定時，這臺加速器僅能加速電量相同的離子5、如圖所示，示波器的示波管可視為加速電場與偏轉電場的組合，若已知加速電壓為U1，偏轉電壓為U2，偏轉極板長為L，極板間距為d，且電子被加速前的初速度可忽略，則關于示波器靈敏度（即偏轉電場中每單位偏轉電壓所引起的偏轉量()與加速電場、偏轉電場的關系，下列說法中正確的是（）A．L越大，靈敏度越高 B．d越大，靈敏度越高C．U1越大，靈敏度越高 D．U2越大，靈敏度越低6、如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，電場和磁場區(qū)域中，有一個固定在豎直平面內的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球，O點圓環(huán)的圓心，a、b、c為圓環(huán)上的三個點，a點為最高點，c點為最低點，bO沿水平方向，已知小球所受電場力與重力大小相等，現將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放，下列判斷正確的是（）A．當小球運動到b點時，小球受到的洛倫茲力最大B．當小球運動到c點時，小球受到的支持力一定大于重力C．小球從b點運動到c點，電勢能增大，動能先增大后減小D．小球從a點運動到b點，重力勢能減小，電勢能增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器A、B間有一帶電油滴P正好靜止在極板正中間，現將B極板向下移動到虛線位置，其他條件不變．則（）A．油滴將向上運動B．在B極板移動過程中電流計中有由b流向a的電流C．油滴運動的電勢能將增大D．極板帶的電荷量減少8、如圖所示，傾角為θ的絕緣斜面固定在水平面上，當質量為m、帶電荷量為＋q的滑塊沿斜面下滑時，在此空間突然加上豎直方向的勻強電場，已知滑塊受到的電場力小于滑塊的重力．則：A．若滑塊勻速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊將加速下滑B．若滑塊勻速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊仍勻速下滑C．若滑塊勻減速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊仍減速下滑，但加速度變小D．若滑塊勻加速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊仍以原加速度加速下滑9、如圖為表演雜技“飛車走壁”的示意圖．演員騎摩托車在一個圓臺形結構的內壁上飛馳，做勻速圓周運動．圖中a、b兩個虛線圓表示同一位演員騎同一輛摩托，在離地面不同高度處進行表演的運動軌跡．不考慮車輪受到的側向摩擦力，下列說法中正確的是A．在a軌道上運動時線速度較大B．在a軌道上運動時角速度較大C．在a、b兩個軌道上運動時摩托車對側壁的壓力相等D．在a軌道上運動時摩托車和運動員所受的向心力較大10、如圖，a、b、c三個α粒子（氦核），同時由同一點垂直于場強以不同的速率進入偏轉電場，其軌跡如圖，其中b恰好飛出電場，不計α粒子之間的相互作用力，由此可以肯定（）A．在b飛離電場的同時，a還未打在負極板上B．b比c后飛離電場C．進入電場時，c的速度最小，a的速度最大D．動能的增量相比，c的最小，a和b一樣大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，可供選擇的器材及代號如下：A．小燈泡L（3V、5Ω）；B．滑動變阻器R1（0－10Ω，額定電流1.5A）；C．滑動變阻器R2（0－500Ω，額定電流0.5A）；D．電壓表V1（量程：0－3V，RV＝5kΩ）；E．電壓表V2（量程：0－15V，RV＝10kΩ）；F．電流表A1（量程：0－0.6A，RA＝0.5Ω）；G．電流表A2（量程：0－3A，RA＝0.1Ω）；H．鉛蓄電池、開關各一個，導線若干；實驗中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調到額定電壓。（1）為了減少誤差，實驗中應選滑動變阻器_________電壓表_______，電流表________；（2）請在圖虛線框內按要求設計實驗電路圖（部分線已畫好）（3）某同學實驗后作出的I－U圖象如圖所示，請分析該圖象形成的原因是：__________。（4）某同學由測出的數據畫出I—U圖象，如圖所示，當小燈泡兩端電壓為1.8V時，小燈泡的電阻值R＝________Ω，此時小燈泡的實際功率P＝________W。(結果保留兩位有效數字)12．（12分）在測定“金屬絲的電阻率”實驗中，待測金屬絲電阻約為，要求測量結果盡量準確，提供以下器材供選擇：

A、電池組E（3V，內阻約）

B、電流表A（0-0.6A，內阻約）

C、電壓表（0-3V，內阻）

D、電壓表（0-15V，內阻）

E、滑動變阻器（，允許最大電流0.3A）

F、滑動變阻器（，允許最大電流1A）

G、開關、導線若干（1）實驗中選擇的電壓表是___________；選擇的滑動變阻器是_________（填寫儀器前字母代號）（2）用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的讀數如圖，則讀數為____mm；（3）若用L表示金屬絲長度，d表示直徑，電流表讀數為I，電壓表讀數為U。則金屬絲電阻率的表達式ρ=____________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖,在xOy平面的第一象限內有平行于y軸的有界勻強電場,方同沿y軸正方向；第四象限有一勻強電場一質量、電荷量的帶電粒子,從P點以初速度大小,垂直y軸方向射入電場中,粒子偏轉后經過x軸上A點進入第四象限,并沿直線運動的最大距離,已知,,不計粒子重力,求：(1)粒子的帶電性質和粒子在第一象限的加速度大??；(2)粒子從A點運動到B點的時間；(3)第四象限的勻強電場大小和方向。14．（16分）如圖所示，兩個圓弧與直軌道組合成固定光滑絕緣軌道，在高度h=2R以下存在、方向水平向右的勻強電場，其它幾何尺寸如圖所標，一帶電量為q，質量為m的帶正電的小球，從A處以初速度v0向右運動。(本題計算結果可以保留根式)（1）當小球運動到最高點B處時，對軌道的壓力等于mg，試求小球落回水平軌道時與A處相距多遠？（2）若小球整個運動只能束縛在軌道內運動而不脫離，則小球v0應滿足的條件？（3）在第（2）問條件下v0取最大值時，求軌道對小球的最大彈力為多少？15．（12分）如圖所示，兩豎直虛線間距為L，之間存在豎直向下的勻強電場．自該區(qū)域的A點將質量為m、電荷量分別為q和－q(q>0)的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出．小球進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的右邊界離開．已知N離開電場時的位置與A點在同一高度；M剛離開電場時的動能為剛進入電場時動能的8倍．不計空氣阻力，重力加速度大小為g．已知A點到左邊界的距離也為L．（1）求該電場的電場強度大??；（2）求小球射出的初速度大??；（3）要使小球M、N離開電場時的位置之間的距離不超過L，僅改變兩小球的相同射出速度，求射出速度需滿足的條件．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

燈泡正常發(fā)光時的電流為額定電流；并聯電路中干路電流是各支路電流的和；串聯電路中，各處電流都相等；先表示出并聯和串聯電路的實際電流與燈泡的額定電流的關系，再利用??=????表示出ab兩圖的功率即可求解．【詳解】兩燈泡規(guī)格相同且正常發(fā)光，甲圖燈泡并聯，電流為；乙圖燈泡串聯，電流為；電阻的電壓為：，消耗的功率為：電阻的電壓為：，消耗的功率為：，，所以，B正確．2、D【解析】

試題分析：對木箱受力分析，根據平衡條件：水平方向Fcosθ=f，得：f=Fcosθ，故選D．考點：物體的平衡、力的分解3、D【解析】

AB.圖甲中由于電流表的表頭是并聯在電路中，電壓表的表頭是串聯在電路中，所以由于電流表的定值電阻分流的原因，通過電流表中表頭的電流小于電壓表中的電流，所以電壓表的指針偏角比電流表的大，故A、B錯誤；CD.圖乙中電壓表和電流表是并聯在一起的，兩端的電壓是相等的，由于電壓表中串聯的定值電阻分壓的原因，電壓表中表頭兩端的電壓小于電流表中表頭兩端的電壓，所以圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小，故C錯誤，D正確.4、C【解析】

A.由于洛倫茲力并不做功，而離子通過電場時有，故離子是從電場中獲得能量。故A錯誤；B.據回旋加速器的工作原理知，電場的周期等于粒子在磁場運動的周期。所以，與離子的速度大小無關。故B錯誤；C.要加速次數最多最終能量最大，則被加速離子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故C正確；D.當磁場和電場確定時，由于周期確定了，所以加速時粒子的比荷確定，所以D錯誤；5、A【解析】

在電場中，根據動能定理得：粒子在偏轉電場中，由運動學公式得：L=vt在偏轉電場中的偏轉位移，由運動學公式得：且解得：聯立解得，靈敏度：則：A．L越大，靈敏度越大，選項A正確；；B．d越大，靈敏度越小，選項B錯誤；C．U1越大，靈敏度越小，選項C錯誤；D．靈敏度與U2無關，故D錯誤。6、C【解析】A、電場力與重力大小相等，則二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于新的重力，所以ad弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最高點”。關于圓心對稱的位置(即bc弧的中點)就是“最低點”，速度最大，所受洛倫茲力最大，A錯誤；B、當小球運動到c點時，受到的洛倫茲力向上，由于磁場強弱未知，小球受到的支持力不一定大于重力，B錯誤；C、小球從b點運動到c點，電場力做負功，電勢能增大，由于bc弧的中點相當于“最低點”，速度最大，動能先增大后減小，故C正確；D、小球從a點運動到b點，重力做正功，重力勢能減小，電場力做正功，電勢能減小，D錯誤。故選;C.【名師點睛】電場力與重力大小相等，則二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于新的重力，所以ad弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最高點”．關于圓心對稱的位置（即bc弧的中點）就是“最低點”，速度最大．再根據豎直平面內的圓周運動的相關知識解題即可。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

帶電油滴P正好靜止在極板正中間時，所受的電場力與重力二力平衡，電場力必定豎直向上．將B極板向下移動到虛線位置時，板間距離增大，分析電容的變化，抓住電壓不變，分析板間場強和電容器電量的變化，即可判斷油滴的運動情況，由電量的變化情況，確定電路中電流的方向．【詳解】A．將B極板向下移動到虛線位置時，兩極板的距離增大，由于板間電勢差U不變，根據可知，極板間的電場強度減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下加速，故A錯誤；BD．電容器板間距離增大，則電容減小，而板間電壓U不變，則由可知，電容器所帶電荷量減小，開始放電，上極板帶正電，則知電流計中電流由a流向b，故B錯誤，D正確；C．油滴向下運動時電場力做負功，其電勢能將增大，故C正確．【點評】解決本題的關鍵抓住電容器始終與電源相連，電勢差不變，結合電容的變化判斷電量的變化．由分析場強的變化．8、BC【解析】

由題意可知考查力的平衡和牛頓第二定律應用，根據平衡條件和牛頓第二定律分析可得。【詳解】A.若滑塊勻速下滑，，加上豎直向上的電場后，滑塊受到豎直向上的電場力作用，設電場力為F，滑塊繼續(xù)勻速度運動，故A錯誤；B.若滑塊勻速下滑，，加上豎直向下的電場后，滑塊受到豎直向下的電場力作用，設電場力為F，，說明滑塊仍勻速下滑，故B正確。C.若滑塊勻減速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊仍減速下滑，合力減小，加速度變小，故C正確；D.若滑塊勻加速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊受到的合力增大，加速度增大，故D錯誤?！军c睛】滑塊原來勻速運動，受力平衡，加上電場后合力為零，仍做勻速運動。若滑塊向下做勻加速、勻減速運動，根據牛頓第二定律列出方程求出開始時的加速度，加電場力后受力分析根據牛頓第二定律列出方程求出后來加速度，比較先后加速度的大小可得。9、AC【解析】

任選一摩托車作為研究對象，根據勻速圓周運動的合力提供向心力的特點，分析受力情況，作出力圖，根據牛頓第二定律得到角速度、線速度與半徑的關系，可比較它們的大?。鶕D，比較側壁對摩托車的支持力和向心力的大?。驹斀狻緼、B項：以任摩托車為研究對象，作出力圖，如圖：設側壁與豎直方向的夾角為θ，則根據牛頓第二定律，得mgcotθ=mω2r，得到，θ相同，r大，則ω小，故在a軌道上運動時角速度較小，，解得：，r大，則v大，則在a軌道上運動時線速度較大，故A正確，B錯誤；C項：設側壁對車的支持力為FN，則由圖得到：，故FN的大小一樣，故C正確；D項：向心力Fn=mgcotθ，故向心力Fn的大小相等，故D錯誤．故應選：AC．【點睛】本題是圓維擺類型，支持力和重力的合力提供物體的向心力．對于幾個相似情況的比較，往往以任意情況情況為例研究，得到一般的公式，然后比較大小．10、BD【解析】試題分析：三個粒子所受電場力相等，加速度大小相等，在豎直方向上，，a、b的偏轉位移相等，大于c的位移，所以a、b的時間相等，b飛離的時候，a剛好打在極板上，故A錯誤；C飛離電場所用的時間最短，同時進入，則b比c后飛離電場，故B正確；飛離電場時所走的水平位移是一樣的，c的時間最短，速度最大所以C錯誤；由動能定理可知，動能的增加等于合外力做的功，a、b電場力做的功一樣多，c的位移最小電場力做工最少，故D正確．考點：本題考查了帶電粒子在電場中的偏轉三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BDE溫度的影響3.60.90【解析】（1）因為燈泡的電阻為5歐姆，因此為了調節(jié)方便，滑動變阻器應選擇總阻值較小的

B（R1）即可；為了方便調節(jié)小燈泡額定電壓是3V，電壓表應選V1，即D；燈泡額定電流I=0.6A，電流表應選電流表A1，即E。

（2）因為電壓、電流需從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約5Ω，遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法誤差較小，電路圖如圖所示：（3）從圖象可知I-U圖象的斜率逐漸減小，即電阻R逐漸增大，形成的原因是隨著電壓增高，小燈泡溫度升高，電阻率增大阻值增大，即受溫度的影響。

（4）由圖可知當電壓為1.8V時，對應的電流為0.5A，則根據歐姆定律可得：，此時小燈泡的實際功率：。12、CF1.995【解析】（1）電池組電壓是3V，故電壓表選C，由于待測電阻的電阻值比較小，滑動變阻器選總阻值小的便于調節(jié)，故選F；（2）螺旋測微器讀數為，（3）根據和，聯立得：.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)負電；(2)(3)2.5×103m/s,方向沿AB方向【解析】

粒子在電場中向下偏轉,可知粒子帶負電,根據牛頓第二定律得,粒子在第一象限內的加速度