2025屆山西省呂梁市泰化中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆山西省呂梁市泰化中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)減小 B.燈泡L變暗C.R1電流變化量比R3電流變化量小 D.R1電壓變化量比R2電壓變化量大2、關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)下列說(shuō)法中正確的是A.電源的電動(dòng)勢(shì)實(shí)質(zhì)上就是電源兩極間的電壓B.電源的電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于兩極間的電壓C.電源的電動(dòng)勢(shì)與電壓的單位相同，但與電壓有本質(zhì)的區(qū)別D.電動(dòng)勢(shì)越大，電源兩極間的電壓一定越高3、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一個(gè)電荷量為q的正離子，自a點(diǎn)沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，突然吸收了附近若干電子，接著沿另一半圓軌道運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，已知a、b、c在同一直線上，且ab=ac，電子電荷量為e，電子質(zhì)量可忽略不計(jì)，則該離子吸收的電子個(gè)數(shù)為A. B.C. D.4、如圖所示直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡L1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L1串聯(lián)起來(lái)組成閉合回路時(shí)燈泡L1恰能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.此電源的內(nèi)電阻為0.67ΩB.燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低D.由于小燈泡L1的U﹣I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過(guò)程中歐姆定律不適用5、一根長(zhǎng)為0.2m，電流為4A的通電導(dǎo)線，放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，受到的安培力大小不可能是（）A.0.4N B.0.5NC.0.3N D.06、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標(biāo)有“6V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=0.5Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光且電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，以下說(shuō)法中正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)的輸入功率是12W B.電動(dòng)機(jī)的輸出功率12WC.電動(dòng)機(jī)的熱功率是12W D.整個(gè)電路消耗的電功率是22W二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、半徑為R的橡膠圓環(huán)均勻帶正電，總電荷量為Q，現(xiàn)使圓環(huán)繞垂直環(huán)所在平面且通過(guò)圓心的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則由環(huán)產(chǎn)生的等效電流判斷正確的是（）A.若ω不變而使電荷量Q變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則等效電流也將變?yōu)樵瓉?lái)的2倍B.若電荷量Q不變而使ω變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則等效電流也將變?yōu)樵瓉?lái)的2倍C.若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，等效電流將變大D.若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，等效電流將變小8、如圖所示，在光滑絕緣水平面上的P點(diǎn)正上方O點(diǎn)固定了一電荷量為＋Q的正點(diǎn)電荷，在水平面上的N點(diǎn)，由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為－q的負(fù)檢驗(yàn)電荷，該檢驗(yàn)電荷經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)速度為v，圖中θ＝，規(guī)定電場(chǎng)中P點(diǎn)的電勢(shì)為零，則在＋Q形成的電場(chǎng)中（）A.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是N點(diǎn)的4倍B.N點(diǎn)電勢(shì)高于P點(diǎn)電勢(shì)C.檢驗(yàn)電荷在N點(diǎn)具有的電勢(shì)能為D.N點(diǎn)電勢(shì)9、如圖，真空中一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的檢驗(yàn)電荷僅受固定點(diǎn)電荷Q(圖中未畫出)的作用繞Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A、B是q在運(yùn)動(dòng)中通過(guò)的相距為L(zhǎng)的兩點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)，電荷的速率為v，與A、B連線的夾角為30°。已知靜電力常量為k，由此可知（）A.電荷Q距A、B連線的距離是LB.電荷q從A到B經(jīng)歷的時(shí)間為C.電荷Q帶負(fù)電，電荷量絕對(duì)值為D.電荷Q在A、B連線中點(diǎn)O處的場(chǎng)強(qiáng)大小為10、如圖所示，水平直導(dǎo)線中通有恒定電流I，在導(dǎo)線的正上方處將一帶電粒子以與電流方向相同的初速度v0射入，不計(jì)重力作用，該粒子將A.若粒子帶正電，將沿路徑a運(yùn)動(dòng)B.若粒子帶正電，將沿路徑b運(yùn)動(dòng)C.若粒子沿路徑b運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑變小D.若粒子沿路徑b運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）在“測(cè)定金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)出其長(zhǎng)度L、直徑d和電阻R（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑時(shí)讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm（2）若用圖乙測(cè)金屬絲的電阻，則測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)值_____．（選填“偏大”或“偏小”）（3）用電壓表和電流表測(cè)金屬絲的電壓和電流時(shí)讀數(shù)如圖丙、丁，則電壓表的讀數(shù)為_____V，電流表的讀數(shù)為_____A12．（12分）現(xiàn)在要測(cè)量一段電阻絲的電阻率ρ，電阻絲的阻值Rx≈0.5Ω，允許通過(guò)的最大電流為0.5A?，F(xiàn)提供如下器材：(1)下面四位同學(xué)分別設(shè)計(jì)的“測(cè)量部分”的電路，你認(rèn)為合理的是________。(2)實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇________(選填“R1”或“R2”)，并采用________接法。(3)根據(jù)你在(1)、(2)中的選擇，在圖中完成實(shí)驗(yàn)電路的連接________。(4)實(shí)驗(yàn)中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測(cè)得拉直后電阻絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑為D，則待測(cè)電阻絲的電阻率ρ的計(jì)算式為ρ＝________。(5)用螺旋測(cè)微器測(cè)量待測(cè)電阻絲的直徑時(shí)讀數(shù)如圖所示，則該電阻絲的直徑D＝________mm。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，豎直平行正對(duì)放置的帶電金屬板A、B，兩板間的電勢(shì)差UAB=1000V，B板中心的小孔正好位于平面直角坐標(biāo)系xOy的O點(diǎn)；y軸沿豎直方向；在x>0的區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m＝1×10-13kg，電荷量q＝1×10－8C帶正電粒子P從A板中心O′處?kù)o止釋放，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好經(jīng)過(guò)M(m,1m)點(diǎn)；粒子P的重力不計(jì)，試求：（1）粒子到達(dá)O點(diǎn)的速度（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度；（3）粒子P到達(dá)M點(diǎn)的動(dòng)能14．（16分）在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一圓形導(dǎo)體環(huán)（單匝線圈），其面積為S=1×102cm2，電阻為R=0.1Ω．規(guī)定導(dǎo)體環(huán)中電流的正方向如圖所示的順時(shí)針方向，磁場(chǎng)向上為正方向．磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖變化，計(jì)算結(jié)果均保留一位有效數(shù)字．試分析：(1)第2s末通過(guò)導(dǎo)體環(huán)的磁通量Φ的大??；(2)在1~2s內(nèi)導(dǎo)體環(huán)中的感應(yīng)電流I的大小及方向；(3)在1~2s內(nèi)導(dǎo)體環(huán)中產(chǎn)生的熱量Q15．（12分）如圖為質(zhì)譜儀工作原理圖，離子從電離室A中的小孔S1逸出（初速度不計(jì)），經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后，通過(guò)小孔S2和S3，從磁場(chǎng)上邊界垂直于磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，運(yùn)動(dòng)半個(gè)圓周后打在接收底版D上并被吸收．對(duì)于同一種元素，若有幾種同位素時(shí)，就會(huì)在D上的不同位置出現(xiàn)按質(zhì)量大小分布的譜線，經(jīng)過(guò)分析譜線的條數(shù)、強(qiáng)度（單位時(shí)間內(nèi)打在底版D上某處的粒子動(dòng)能）就可以分析該種元素的同位素組成(1)求比荷為的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大?。?2)若測(cè)得某種元素的三種同位素a、b、c打在底版D上的位置距離小孔S3的距離分別為L(zhǎng)1、L2、L3，強(qiáng)度分別為P1、P2、P3，求：①三種同位素a、b、c的粒子質(zhì)量之比m1：m2：m3；②三種同位素a、b、c在該種元素物質(zhì)組成中所占的質(zhì)量之比M1：M2：M3.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A．當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí)，電阻減小，外電路總電阻減小，則干路電流增大，根據(jù)可知R1兩端的電壓電壓增大，而電壓表的示數(shù)等于R1兩端的電壓，所以電壓表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B．干路電流增大，則全電路的歐姆定律有：故通過(guò)R2中電流減小，則由并聯(lián)分流關(guān)系知通過(guò)小燈泡的電流增大，故小燈泡功率增大，燈泡L變亮，故B錯(cuò)誤；C．電路中并聯(lián)部分電壓減小，通過(guò)R2中電流減小，燈泡支路的電流增大，而干路電路的電流增大，則干路電流增加量小于電阻R3電流增加量，故C正確；D．干路電流增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則電阻R1電壓增加量小于并聯(lián)部分電壓減小量，即R1電壓變化量比R2電壓變化量小，故D錯(cuò)誤；故選C。2、C【解析】電源電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量；電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功，電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)電源兩極間的電壓，電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和【詳解】AB．電源電動(dòng)勢(shì)反映電源將其他形式能量轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，電源正、負(fù)極之間的電勢(shì)差為電源的路端電壓，只有當(dāng)電源處于斷路狀態(tài)時(shí)，電源的電動(dòng)勢(shì)才等于路端電壓；故AB錯(cuò)誤；C．由A的分析可知，電源電動(dòng)勢(shì)與電壓?jiǎn)挝幌嗤c電壓有本質(zhì)的區(qū)別；故C正確；D．電動(dòng)勢(shì)越大，說(shuō)明電源轉(zhuǎn)化能量的本領(lǐng)越大，但電源兩端的電壓與外電路有關(guān)，電壓并一定大；故D錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】電動(dòng)勢(shì)是一個(gè)表征電源特征的物理量．定義電源的電動(dòng)勢(shì)是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過(guò)電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功3、B【解析】正離子在吸收電子這前的半徑由半徑公式得：正離子吸收若干電子后由半徑公式得：雙因聯(lián)立解得：故選B4、B【解析】A．由圖讀出電源的電動(dòng)勢(shì)E=4V內(nèi)阻故A錯(cuò)誤；B．兩圖線的交點(diǎn)表示小燈泡L1與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V額定電流I=2A則額定功率為P=UI=6W故B正確；C．燈泡L1的電阻換成阻值恒為1Ω的純電阻，可知外電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，知把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變大，效率將變低，故C錯(cuò)誤；D．燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，U-I圖象為曲線的原因是燈泡電阻隨溫度的變化而變化，故D錯(cuò)誤。故選B。5、B【解析】設(shè)導(dǎo)線電流與磁場(chǎng)方向夾角為，根據(jù)安培力公式，因?yàn)楸绢}未給出導(dǎo)線電流與磁場(chǎng)方向夾角，所以安培力范圍，所以ACD都可能，B不可能6、A【解析】電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=U1I，根據(jù)燈泡正常發(fā)光求出電流，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓等于輸入電壓減去燈泡的電壓．電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=P-I2RM．整個(gè)電路消耗的功率P總=UI【詳解】電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V，整個(gè)電路中的電流I==2A，所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=U1I=6×2W=12W．故A正確．電動(dòng)機(jī)的熱功率P熱=I2RM=4×0.5W=2W，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W．故BC錯(cuò)誤．整個(gè)電路消耗的功率P總=UI=12×2W=24W．故D錯(cuò)誤．故選A二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】截取圓環(huán)的任一截面S，如題圖所示，在橡膠圓環(huán)運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間T內(nèi)，通過(guò)這個(gè)截面的電荷量為Q，則有I=又，所以I＝A．由I＝可知，若ω不變而使電荷量Q變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則電流也將變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故A正確；B．由I＝可知，電荷量Q不變而使ω變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則電流也將變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故B正確；CD．由I＝可知，若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)的半徑增大，對(duì)電流沒有影響，故CD錯(cuò)誤。故選AB。8、AD【解析】A．P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是，N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是，由于，所以P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小是N點(diǎn)的4倍，故A正確；B．根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由于N點(diǎn)離正點(diǎn)電荷更遠(yuǎn)，所以N點(diǎn)電勢(shì)低于P點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)動(dòng)能定理得：檢驗(yàn)電荷由N到P的過(guò)程由題，P點(diǎn)的電勢(shì)為零，即φP=0，解得，N點(diǎn)的電勢(shì)檢驗(yàn)電荷在N點(diǎn)具有的電勢(shì)能為故C錯(cuò)誤，D正確9、CD【解析】A．檢驗(yàn)電荷繞點(diǎn)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，庫(kù)侖力提供向心力，庫(kù)侖力方向與速度方向垂直，根據(jù)幾何關(guān)系：軌跡半徑：電荷距、連線的距離為：A錯(cuò)誤；B．弦對(duì)應(yīng)的圓心角：則電荷從到經(jīng)歷的時(shí)間：B錯(cuò)誤；C．兩電荷間存在庫(kù)侖引力，則電荷帶負(fù)電，庫(kù)侖力提供向心力：解得：C正確；D．根據(jù)庫(kù)侖定律可知，電荷在、連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為：D正確。故選CD。第II卷(非選擇題10、AD【解析】水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷出導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，由左手定則判斷帶電粒子所受的洛倫茲力方向，即可分析粒子的運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)半徑公式，結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化分析帶電粒子半徑如何變化.【詳解】A、B、水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線上方的磁場(chǎng)方向向里，導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向向外，由左手定則判斷可知，導(dǎo)線上面的正粒子所受的洛倫茲力方向向下，則正粒子將沿a軌跡運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤.C、D、若粒子沿b軌跡運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力不做功其速率v不變，而離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小，由半徑公式可知粒子的軌跡半徑逐漸增大；故C錯(cuò)誤，D正確.故選AD.【點(diǎn)睛】本題是安培定則、左手定則及洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功而提供向心力的半徑公式的綜合應(yīng)用.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.0.697（0.695﹣0.698）②.偏?、?2.60（2.59﹣2.61）④.0.52【解析】（1）根據(jù)內(nèi)接的特點(diǎn)，結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，即可分析出測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系；（2）先算出電表的分度值，若測(cè)量的最小分度為“1“時(shí)要估讀到下一位，若測(cè)量的最小分度為“2“或“5“時(shí)讀到本位即可【詳解】（1）金屬絲的直徑為：0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm；（2）電流表外接法測(cè)量電阻，由于電壓表分流的影響，故金屬絲電阻的測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)值偏小；（3）電壓表的分度值為0.1V，要估讀到下一位，故其讀數(shù)為2.60V；電流表選擇的是0～0.6A量程，分度值為0.02A，故其讀數(shù)為0.52A.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器和電表的讀數(shù)方法，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．讀電表讀數(shù)時(shí)要注意計(jì)算電表的分度值，然后再確定是否估讀，若測(cè)量的最小分度為“1“時(shí)要估讀到下一位，若測(cè)量的最小分度為“2“或“5“時(shí)讀到本位即可．內(nèi)外接選擇的方法：大電阻選內(nèi)接測(cè)量結(jié)果偏大，小電阻選外界測(cè)量結(jié)果偏小，口訣：“大內(nèi)大，小外?。?2、①.C②.R1③.分壓④.見解析圖⑤.⑥.1.205(±0.002)【解析】(1)電阻絲Rx兩端的最大電壓U＝IRx＝0.25V比電壓表量程小得多，需要串聯(lián)一分壓電阻，即串聯(lián)一標(biāo)準(zhǔn)電阻R0，此時(shí)R0＋Rx<電流表采用外接法，選項(xiàng)C正確。(2)滑動(dòng)變阻器若選用R2或采用限流接法，調(diào)控范圍小，應(yīng)選擇R1，并采用分壓接法。(3)根據(jù)測(cè)量電路圖和滑動(dòng)變阻器的分壓式接法，實(shí)物連線如圖所示。(4)待測(cè)電阻由電阻定律得聯(lián)立解得四