2025屆云南省會澤一中物理高二上期中預(yù)測試題含解析

2025屆云南省會澤一中物理高二上期中預(yù)測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電場線分布如圖所示，電場中a、b兩點的電場強度大小分別為Ea和Eb，a、b兩點的電勢分別為φa和φb，則（）A．Ea>Eb，φa>φb B．Ea>Eb，φa<φbC．Ea<Eb，φa>φb D．Ea<Eb，φa<φb2、關(guān)于電源電動勢，以下說法中正確的是A．電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，所以當電源接入電路時，電動勢將發(fā)生變化B．在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端電壓表的讀數(shù)是電源的電動勢C．電源電動勢是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量D．電動勢越大，說明靜電力在電源內(nèi)部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多。3、某個物體的帶電荷量不可能是(

)A．1.6×10-19CB．3.2×10-20CC．4.8×10-19CD．1.6×10-6C4、如圖甲所示為某一小燈泡的U－I圖線，現(xiàn)將兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后再與一個4Ω的定值電阻R串聯(lián)，接在內(nèi)阻為1Ω、電動勢為5V的電源兩端，如圖乙所示，則()A．通過每盞小燈泡的電流強度為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率為0.6WB．通過每盞小燈泡的電流強度為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率為0.6WC．通過每盞小燈泡的電流強度為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率為0.26WD．通過每盞小燈泡的電流強度為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率為0.4W5、如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的水平勻強磁場。在該區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球。O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c、d為圓環(huán)上的四個點，a點為最高點，c點為最低點，bd沿水平方向。已知小球所受電場力與重力大小相等，現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放，下列判斷正確的是()A．小球能越過與O等高的d點并繼續(xù)沿環(huán)向上運動B．當小球運動到c點時，洛倫茲力最大C．小球從a點到b點，重力勢能減小，電勢能增大D．小球從b點到c點，電勢能增大，動能先增大后減小6、如圖所示,直流電源兩端的電壓保持不變,平行板電容器與電源連接,下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．電容器的電容增大C．極板所帶的電荷量減少D．P點與下極板的電勢差不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,平行板電容器經(jīng)開關(guān)S與電源連接，S閉合一段時間后斷開，a處固定一帶電量很小的正點電荷，現(xiàn)將電容器B板向下移動一小段距離使板間距離增大，則A．AB板的電壓UAB變小B．a(chǎn)點電勢φa變大C．點電荷a受的電場力Fa變大D．點電荷a的電勢能Epa變大8、如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c，d到O點的距離均相等。關(guān)于這幾點處的磁場，下列說法正確的是()A．O點處的磁感應(yīng)強度為零B．a(chǎn)、b兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同C．c、d兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反D．a(chǎn)、b、c、d、O五點處磁感應(yīng)強度的方向都相同9、回旋加速器主要結(jié)構(gòu)如圖，兩個中空的半圓形金屬盒接高頻交流電源置于與盒面垂直的勻強磁場中，兩盒間的狹縫寬度很?。Ｗ釉碨位于金屬盒的圓心處，產(chǎn)生的粒子初速度可以忽略．用兩臺回旋加速器分別加速質(zhì)子(H)和α粒子(He)，這兩臺加速器的金屬盒半徑、磁場的磁感應(yīng)強度、高頻交流電源的電壓均相等，不考慮相對論效應(yīng)，則質(zhì)子和α粒子A．所能達到的最大動量大小相等B．所能達到的最大動能相等C．受到的最大洛倫茲力大小相等D．在達到最大動能的過程中通過狹縫的次數(shù)相等10、真空中的某裝置如圖所示，其中平行金屬板A、B之間有加速電場，C、D之間有偏轉(zhuǎn)電場，M為熒光屏．今有質(zhì)子、氘核和α粒子均由A板從靜止開始被加速電場加速后垂直于電場方向進入偏轉(zhuǎn)電場，最后打在熒光屏上．已知質(zhì)子、氘核和α粒子的質(zhì)量之比為1∶2∶4，電荷量之比為1∶1∶2，則下列判斷中正確的是（）A．三種粒子從B板運動到熒光屏經(jīng)歷的時間相同B．三種粒子打到熒光屏上的位置相同C．偏轉(zhuǎn)電場的靜電力對三種粒子做功之比為1∶1∶2D．偏轉(zhuǎn)電場的靜電力對三種粒子做功之比為1∶2∶4三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量________(填選項前的符號)，間接地解決這個問題．A、小球開始釋放高度hB、小球拋出點距地面的高度HC、小球做平拋運動的射程(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先將入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復(fù)．（小球質(zhì)量關(guān)系滿足m1>m2）接下來要完成的必要步驟是__________．(填選項前的符號)A、用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B、測量小球m1開始釋放高度hC、測量拋出點距地面的高度HD、分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE、測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）（1）在“測金屬的電阻率”的實驗中，分別用游標卡尺和螺旋測微器測出用金屬材料制成的一段圓柱體的長度和橫截面的直徑如圖實所示．則該圓柱體的長度為________mm，橫截面的直徑為________mm．（2）有一標有額定電壓為“6V”，額定功率模糊不清的小燈泡（電阻約為）．一名同學(xué)到實驗室測該燈泡的額定功率與電阻，除導(dǎo)線和開關(guān)若干外，實驗室還有以下器材：A.直流電源10V（內(nèi)阻不計）

B.直流電流表（內(nèi)阻約為）C.直流電壓表（內(nèi)阻約為）

D.滑動變阻器，畫出實驗電路圖___________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段光滑水平，BC段為光滑圓弧，對應(yīng)的圓心角θ＝37o，半徑r＝2.5m，CD段平直傾斜且粗糙，各段軌道均平滑連接，傾斜軌道所在區(qū)域有場強大小為E＝2×105N／C、方向垂直于斜軌向下的勻強電場．質(zhì)量m＝5×10－2kg、電荷量q＝＋1×10－6C的小物體（視為質(zhì)點）被彈簧槍發(fā)射后，沿水平軌道向左滑行，在C點以速度v0＝3m／s沖上斜軌．以小物體通過C點時為計時起點，0.1s以后，場強大小不變，方向反向．已知斜軌與小物體間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1．設(shè)小物體的電荷量保持不變，取g＝10m／s2，sin37o＝0.6，cos37o＝0.2．（1）求彈簧槍對小物塊所做的功；（2）在斜軌上小物體能到達的最高點為P，求CP的長度．14．（16分）如圖所示，為用一直流電動機提升重物的裝置，重物的質(zhì)量，恒定電壓，不計摩擦，當電動機以恒定速率向上提升重物時，電路中的電流強度，求電動機線圈的電阻15．（12分）如圖所示，MN、PQ是兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為d，導(dǎo)軌所在平面與水平面成θ角，M、P間接阻值為R的電阻．勻強磁場的方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁感應(yīng)強度大小為B．質(zhì)量為m、阻值為r的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下，以速度v勻速向上運動．已知金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直并且保持良好接觸，重力加速度為g，求：（1）金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E；（2）通過電阻R電流I；（3）拉力F的大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)電場線疏密表示電場強度大??；根據(jù)沿電場線電勢降低，．故選C【點評】電場線可以形象的描述電場的分布，電場線密的地方，電場強度大，沿電場電勢降低2、C【解析】解：電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，不會因為接入電路而發(fā)生變化,電動勢越大,電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大.A錯誤、C正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir,得知,當I=0時,U=E,即電源沒有接入外電路時兩極間的電壓等于電源電動勢.故B錯誤；電動勢越大說明非靜電力在電源內(nèi)部把單位電荷量的正電荷在電源內(nèi)從負極移到正極時非靜電力做的功越多,D錯誤。3、B【解析】

元電荷是指最小的電荷量，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍；【詳解】最小的電荷量是1.6×10-19C，我們把這個最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，由于3.2×10-20C不是【點睛】本題就是對元電荷概念的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題。4、B【解析】

設(shè)通過每個小燈泡的電流為I，電壓為U，則電路中總電流為2I．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-2I（R+r），代入得：U=5-10I，當U=0時，I=0.5A；當I=0時，U=5V．在U-I圖上作出U=5-10I的圖象如圖：

此圖線與小燈泡的U-I圖線的交點即為乙圖狀態(tài)下小燈泡的工作狀態(tài)，由圖讀出通過每盞小燈泡的電流強度為I=0.3A，電壓為U=2V，則此時每盞小燈泡的電功率為P=UI=0.6W；故ACD錯誤，B正確．5、D【解析】

電場力與重力大小相等，則二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于新的重力，所以ad弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最高點”。關(guān)于圓心對稱的位置（即bc弧的中點）就是“最低點”，速度最大。A．由于a、d兩點關(guān)于新的最高點對稱，若從a點靜止釋放，最高運動到d點，故選項A錯誤；B．由于bc弧的中點相當于“最低點”，速度最大，當然這個位置洛倫茲力最大。故選項B錯誤；C．從a到b，重力和電場力都做正功，重力勢能和電勢能都減少。故選項C錯誤；D．小球從b點運動到c點，電場力做負功，電勢能增大，但由于bc弧的中點速度最大，所以動能先增后減。選項D正確。故選D。6、C【解析】

將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由電容器的決定式可判斷電容的變化；而電容器兩板間電壓不變，根據(jù)分析板間場強的變化，根據(jù)F=qE判斷電場力變化，確定油滴運動情況．【詳解】電容器兩端的電壓不變，將上極板上移時，d增大，由電容的決定式，可知C減小，根據(jù)Q=UC可知，極板帶電量也減小，故B錯誤，C正確；根據(jù)，可知電場強度減小，則電場力減小，故帶電油滴將沿豎直方向向下運動，故A錯誤；根據(jù)U=Ed，可知，P點與下極板的距離不變，但E減小，故P點與下極板的電勢差減小，故D錯誤，故選C．【點睛】本題考查電容器的動態(tài)分析問題，要明確一直和電源相連，故電壓不變；再由決定式及定義式分析電容、電量等的變化．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

電容器充電與電源斷開，所帶電量不變．根據(jù)電容的決定式C=εS4πkd、E=Ud、C=QU結(jié)合分析板間場強是否變化．B極板接地，電勢為零，根據(jù)a與【詳解】A項：由公式C=εS4πkd，C=QU得U=QεSB、C、D項：由公式C=εS4πkd，C=QU，E=Ud得板間場強E=4πkQεS，由題意，S、Q、?均不變，k是常量，則E不變，點電荷受的電場力根據(jù)公式U=Ed知，B板向下移動時，a與B板間的電勢差增大，而B極板接地，電勢為零，a點電勢高于B板電勢，大于零，則知a點電勢變大，即φa變大，q是正電荷，由電勢能公式Epa=qφa知，Epa變大，故B正確，C錯誤，D正確。故應(yīng)選：BD。【點睛】本題關(guān)鍵是掌握推論：E=4πkQεS，判斷出板間場強不變，再根據(jù)U=Ed、Epa=qφa8、BD【解析】

A．根據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N處導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應(yīng)強度不等于0，故A錯誤；B．M在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，根據(jù)場強的疊加知，a、b兩點處磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同，故B正確；C．M在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產(chǎn)生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強大小相等，故C錯誤；D．a(chǎn)、b、c、d、O五點處磁感應(yīng)強度的方向都豎直向下，故D正確。故選BD。9、BC【解析】

A項：當粒子的半徑到達D型盒的半徑R時，速度最大，由公式可得：，由于兩粒子的電荷量不同，所以所能達到的最大動量大小不相等，故A錯誤；B項：當粒子的半徑到達D型盒的半徑R時，速度最大，由公式可得，動能之比等于電荷量的平方之比與質(zhì)量反比的積，所以所能達到的最大動能相等，故B正確；C項：當粒子的半徑到達D型盒的半徑R時，速度最大，由公式可得：，由公式，所以受到的最大洛倫茲力大小相等，故C正確；D項：粒子每加速一次增加的動能為，粒子能達到的最大動能為，所以要加速的次速為，所以在達到最大動能的過程中通過狹縫的次數(shù)不相等，故D錯誤．故選BC．10、BC【解析】

不同的粒子經(jīng)同一加速電場加速，垂直射入向一偏轉(zhuǎn)電場，最后從偏轉(zhuǎn)電場穿出后，題目要求比較到熒光屏的時間、位置、做功之比，可以先設(shè)定的一些參數(shù)，把要求的物理量表示出來，看它們與質(zhì)量和電量的關(guān)系，然后再做定論．此題要用到動能定理、類平拋運動規(guī)律、三角函數(shù)等內(nèi)容．【詳解】設(shè)AB間的電壓為U1，CD間的電壓為U2、板長為L、板距為d，CD右邊緣離熒光屏的距離為S，從一般情況考慮，在加速電場中有：，進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動．A項：穿出CD后的時間，由于三種粒子的比荷不同，所以三種粒子穿出CD板的時間不同，所以選項A錯誤；B項：偏移的距離：，偏轉(zhuǎn)角的正切：，由以上兩解得：，，由兩式可以看出，三種粒子從CD邊緣的同一點穿出，且速度方向相同，那么最后打到熒光屏的位置相同，所以選項B正確；C、D項：偏轉(zhuǎn)電場對三種粒子所做功，則做功之比等于電量之比為1：1：2，故C正確，D錯誤．故應(yīng)選BC．【點睛】只有表示出每一個選項的表達式，才能準確判斷，要注意的是到達熒光屏的時間，因為水平方向上是勻速直線運動，所以到達熒光屏的時間是總的水平位移除以水平速度，至于偏轉(zhuǎn)電場對粒子的做功直接用功的公式去做，電場力與沿電場力方向距離的積，由于電場力只跟電量有關(guān)，而場強與距離相等，所以做功之比等于電量之比．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解析】

（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度．故選C．（2）實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中D、E是必需的，而且D要在E之前．至于用天平秤質(zhì)量先后均可以．故選ADE．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON12、49.104.702【解析】（1）由圖中所示游標卡尺可知，其主尺示數(shù)為，游標尺示數(shù)為，游標卡尺示數(shù)為；由圖中所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為4.5mm，可動刻度示數(shù)為，螺旋測微器所示為（2）小燈泡兩端的電壓要從零開變化并能進行多次測量，則滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，電流表采用外接法，電路圖如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫