2024年計算機軟考（初級）程序員考前必刷必練題庫500題（含真題、必會題）

卻用市斤。這種沖突被稱為()沖突。存量，供應商→聯(lián)系方式}。商品關系模式P達到();該關系模式分解成(請反后加1。例如，十進制整數(shù)+1的補碼表示為00000001,-1的補碼表示為11111111。機器字長為8時，用7位表示數(shù)值，最大整數(shù)值為12^7(補碼表示為011(請作答此空),再經(jīng)過()后形成在計算機上運行的可執(zhí)行程序6.設機器字長為8,對于二進制編碼10101100,如果它是某整數(shù)x的補碼表示，則x的真值為(作答此空),若它是某無符號整數(shù)y的機器碼，則y的真值為()。解析：(21)反碼為：10101011,原碼為：11010100.則轉化8.在一系統(tǒng)中，不同類對象之間的通信的一種構造稱為(),一9.下面表述不正確的是()。C、地址寄存器用來保存當前CPU所訪問的內(nèi)存單元的地址。10.Cloudputingisaphraseusedtodescribelvealargenumberofputers(請作答此空)throughareal-timemunicationnetworksuchastheInternet.Inscience,cloudputingisa(utersatthesametime.Thearchitectureofacloudisdevfrastructure,platform,andapplication.Theinfrastucturelayerisbvirtualizedputestorageandnetworkresources.Theplatformlay-erisforal-purposeandrepeatedusageofthecollectionofsoftwareresocationlayerisformedwithacollectionofallneededsoftwaremplications.Theinfrastucturelayerservesasthe()layerofthecloud.Inturn,theplatformlayerisfounda云計算是分布式網(wǎng)絡計算的(),意味著有()同時在多臺互連的計算機上運行的()基礎；相應地，平臺層是執(zhí)行應用層SaaS()的基礎。A.連接B.實施C.優(yōu)化D.虛擬化口，可用狀態(tài)來對其進行配置。此模式為(),體現(xiàn)的最主要的意圖是()。BuyBuyVend解析：狀態(tài)型模式的特點是對于對象內(nèi)部的狀態(tài)，允許其在不同的狀態(tài)下，擁有不同的行為，對狀態(tài)單獨封裝成類。題干中根據(jù)投入貨幣的情況，售貨機分別有交付產(chǎn)品不找零和交付產(chǎn)品找零以及不提供貨物等行為判斷該模式是屬于狀態(tài)模式。VendingMachineState是客戶程序使用的主要接口。設計模式的類型如下工廠方法慎式、抽象工廠模式、血例模式、建造者模通配器常式、裝飾得模式、代理候式、外就模式、資路模式、模板方法帽式、氧展者模式、進代于模式、責任鏈候式世令模式、備言錄模式、狀態(tài)模式、訪筒老擺式、中介老模式、解二觀編址的內(nèi)存區(qū)域，則需()片芯片。解析：內(nèi)存區(qū)域從40000000H到400FFFFH,占用的字節(jié)數(shù)為400FFFFFH-40000000H+1=100000H=10000芯片的存儲容量為256KB,需要的芯片數(shù)為1024divide256=4。A、HTMLvicedinorderoftheirar子網(wǎng)掩碼中，第三個字節(jié)的后面3位是0,因此子網(wǎng)掩碼是。22.以下關于編程的敘述中，不正確的是(55)。2鄰接頂點編號邊上的權值2鄰接頂點編號邊上的權值指向下一個鄰接頂點的指針A1AA入*ABCDE23457512454268B、圖G具有14條弧C、頂點B的出度為3D、頂點B的入度為314$。C.頂點B的出度為3,從鄰接表中可以看出頂點B有3條出邊，因此出度24.ICMP協(xié)議的作用是()。C、自動分配IP地址25.圖形用戶界面的設計原則中不包括()。誤操作后的應對處理(例如，給出錯誤信息，提示正確操作等)。編譯和運行程序的源代碼。A可使用性B可移植性C可靠性D可維護性28.SMTP使用的傳輸協(xié)議是(69)。存量，供應商→聯(lián)系方式}。商品關系模式P達到(請作答此空);該關系模式A、1NF30.實現(xiàn)二分查找(折半查找)時，要求查找表()環(huán)鏈表和雙向鏈表，如下圖(a)、(b)、(c)所示，通常設置一個指針表中的元素，即要訪問元素ai,必須順次遍歷表中的a1,a2,…,ai-1等元素。aaAa解析：數(shù)據(jù)字典就是包含元數(shù)據(jù)的文件，即關于數(shù)據(jù)的數(shù)據(jù)。35.()isthenamegiventoa"secret"accessrout36.()isexactlyanalogoustoamarketplaceaptingproductstonewenvironments,andcorrec40.()isaveryimportanttaskinthesoftwaredevelopmentprocess,becaorrectprogramcanhavesignificantconsequences棧滿(即?？臻g中是否有空閑單元),若棧滿，則元素入棧會發(fā)生上溢現(xiàn)象。用鏈44.以下媒體文件格式中，(15)是視頻文件格式。A、WAV45.在面向?qū)ο蟪绦蛟O計語言中，對象之間通過(請作答此空)方式進行通信。以下關于好的面向?qū)ο蟪绦蛟O計語言的敘述中，不正確的是()。B.46.對關鍵碼序列(12,24,15,56,20,87,69,9)采用散列法進行存儲和查序地探查可用存儲單元)解決沖突所構造的散列表為()。B.023456739關鍵字9哈希地址02345639關鍵字9哈希地址02345689關鍵字29哈希地址023456399表類數(shù)據(jù)分別與7進行取余運算。12,24,15,56,20,87,69,9與11取余分別得到：1,2,4,1,9,10,3,9,按照序列依次存儲到相應位置，若出現(xiàn)解釋的簡單符號為()事物。程49.專業(yè)程序員小王記錄的編程心得體會中，()并不正確。51.()isaprocessthatconsumersgothroughtopurchaseprodu該需求繪制數(shù)據(jù)流圖，則()表示為數(shù)據(jù)存儲。使用(請作答此空)表達檢查訂54.已知一個文件中出現(xiàn)的各個字符及其對應的頻率如下表所示。若采用定長編碼，則該文件中字符的碼長應為(請作答此空)。若采用Huffman編碼，則字符序列"face"的編碼應為()。1bf解析：①有6個不同字母，需要采用3位二進制進行編碼。②Huffman編碼，即即把字符0～255(28=256)的頻率值以2～4Bytes的長度順序存儲起來，(用4Bytes的長度存儲頻率值，頻率值的表示范圍為0～232-1,這已足夠表示大文件中字符出現(xiàn)的頻率了。)以便解壓時創(chuàng)建同樣的哈夫曼樹進行解壓；第二遍則根若用PV操作控制進程P1、P2、P3、P4和P5并發(fā)執(zhí)行的過程，需要設置5個信行圖中a和b處應分別填寫();c和d處應分別填寫(請作答此空);e和f處應分別填寫()。進程開始的時候執(zhí)行P操作(P1沒有P操作，只有V操作),結束的時候執(zhí)行V56.數(shù)字信封技術能夠()。保存著一份內(nèi)存儲器中部分內(nèi)容的副本(拷規(guī)式(0|1|2)表示的正規(guī)集為{0,1,2},將{ab,c)與{0,1,2)進行連接運算后統(tǒng)每個頁面的大小為(27)。61.Apushoperationaddsanitemtothetopofa(73).called”()".數(shù)空I間為225千萬字節(jié)，也就是2.25×1010)字節(jié)，遠超過1GB(約等于109)堆的思路是：先用前10個元素建個小頂堆(堆頂是最小元素),此后從第11數(shù)找最大的10個元素，由于10個元素構成的小頂堆建立和調(diào)整時所花費的時間是個很小的常數(shù)c0,因此，采用這種方式在n為三百萬個元素時找出10個最大者的運算時間是線性階的(大約為n+c0,c0是小整數(shù))。反之，如果采用大頂堆，一種情況是建立10個元素構成的大頂堆，則在順序地處理后面元素時，無破1GB的存儲容量限制，而且建立初始大頂堆的運算時間(有可能是達到4n)以及后面9次調(diào)整大頂堆的時間(9logn)的時間都遠多于前面的小頂堆方案。65.若循環(huán)體執(zhí)行的次數(shù)為m,則在do-while型循環(huán)中，循環(huán)條件的執(zhí)行次數(shù)為(請作答此空),在while-do型循環(huán)中，判斷循環(huán)條件的次數(shù)為()。循環(huán)條件67.設有一個64K×32位的存儲器(每個存儲單元為32位),其存儲單元的地址寬度為()。生(),再經(jīng)過(請作答此空)后形成在計算機上運行的可執(zhí)行程序。放在()號物理內(nèi)存頁中。假設進程A的邏輯頁4與進程B的邏輯頁5要共享物理頁8,那么應該在進程A頁表的邏輯頁4和進程B頁表的邏輯頁5對應的物理頁處分別填(請作答此空)。物理頁091224364501132537425物理頁01234567892,對應的物理頁號為4。根據(jù)題意進程A的邏輯頁4與進程B的邏輯頁5要共享的物理頁8,那么應該在進程A頁表的邏輯頁4對應的物理頁處填8,進程B在J3單元格中輸入(),再向垂直方向拖動填充柄至J12單元格，則可自動算單元格中，則可B13和D13中分別填寫(姓名部門實發(fā)工資3142536475趙小勇8697892D、=COUNTIF(E3:E12,“=0”)和CONTIF函數(shù)。對于計算員工的實發(fā)工資，根據(jù)題目描述，在J3單元格中輸入IF函數(shù)。根據(jù)題目描述，缺勤的人數(shù)是指工資為0的人TIF(E3:E12,"=0")統(tǒng)計缺勤的人數(shù)。全勤的人數(shù)是指工資為300的人數(shù)，因此可73.已知x=-53/64,若采用8位定點機器碼表示，則[x]原=(),[x]補=(22)。解析：首先，我們需要確定定點機器碼的表示方法。假設我碼，其中1位為符號位，剩下7位為小數(shù)部分。符號位為0表示正數(shù)，為1表示負數(shù)。小數(shù)部分的最高位為2^-1,最低位為2^-7。因此，最大表示的正數(shù)為0.9921875,最小表示的負數(shù)為-0.9921875。接下來，我們需要將x轉換為定點機器碼表示。由于x為負數(shù)，我們需要將其轉換為補碼表示。具體步驟如下：1.將-53轉換為二進制：53的二進制為00110101,取反得11001010。2.將110010示。符號位為1,小數(shù)部分為0.1001011。由于小數(shù)部分有7位，我們可以直接將其轉換為二進制，得到1001011。因此，[x]原為10010110,[x]補為22,答案為D。位移量為15H。則取該指令時PC(程序計數(shù)器)為(請作答此空)H,該指令執(zhí)行解析：由于兩個字節(jié)的相對尋址的無條件轉移指令移量為15H,執(zhí)行該指令時是：PC+位移量→PC。因此，該指令執(zhí)行結束時PC為75.Teamsarerequiredformostengineeringprojects.Althougreorsoftwareproductscanbedevelopedbyindividuals,thescaleaodemsystemsissuch,andthedemandforshortschedulessogreat,tD.請求作答此空),andtheeffectivenessoftheteamlargelydeterminesthe()oftheerelativelyindependently,muchlikewrestlingandtr并不()。系統(tǒng)開發(fā)是團隊(請作答此空),團隊工作的效率很大程度上決定了每個人都有自己擅長的技術，但是大家是向著()目標而努力的。項目團隊()元素，則適宜采用()存儲時A、中間代碼不依賴于具體的機器B、使用中間代碼可提高編譯程序的可移植性C、中間代碼可以用樹或圖表示D、中間代碼可以用棧和隊列表示答案：D解析：中間代碼是源程序的一種內(nèi)部表示，或稱中間語言。中間代碼的作用是使編譯程序的結構在邏輯上更為簡單明確。使用中間代碼可提高編譯程序的可移植性，常見的有逆波蘭記號、四元式、三元式和樹。79.Fibnacci數(shù)列的定義為：F0=0,F1=1,Fn=Fn-1+Fn-2(n≥2,n∈N*),要計算該數(shù)列的任意項Fn,既可以采用遞歸方式編程也可以采用循環(huán)語句編程，由于(),所以需要較多的運行時間。A、遞歸代碼經(jīng)編譯后形成較長目標代碼B、遞歸代碼執(zhí)行時多次復制同一段目標代碼C、遞歸代碼執(zhí)行時需要進行一系列的函數(shù)調(diào)用及返回且存在重復計算D、遞歸代碼執(zhí)行過程中重復存取相同的數(shù)據(jù)答案：C解析：本題考查程序語言基礎知識。分析遞歸代碼執(zhí)行過程可知，由于調(diào)用函數(shù)時系統(tǒng)需要在棧區(qū)開辟支持函數(shù)運行時需要的空間(大多數(shù)局部變量的存儲單元即分配在此空間中),同時還需造成控制流的轉移、返回位置的記錄和恢復等工作，同時在該例子中存在著重復計算，例如計算只時要通過遞歸調(diào)用分別計算F3和F2,而在計算F3時，則要通過遞歸調(diào)用分別計算F2和F1,其中F2的計算B、待執(zhí)行的函數(shù)的名字解析：消息機制是指對象之間通過發(fā)送消息來實現(xiàn)相互A、E2PROMA、FTP號端口),另一條用于傳送文件內(nèi)容(使用20號端口)。TFTP簡單文件傳輸協(xié)84.()isacontiguous,numberedsetofvariablesofagivenbaset空),且分別有()。A、只有1個候選關鍵字ACBB、只有1個候選關鍵字BCDC、有2個候選關鍵字ACD和ABDD、有2個候選關鍵字ACB和BCDattribute),否則叫做非主屬性(Nonprimeattribute)”,所以，關系R中的B、只可能在子矩陣C、或D中D、只可能在子矩陣D中答案：C解析：可以把A作為一個直角坐標系的原點，X軸是從左到右遞增，Y軸是從上到下遞增。如果E大于A,那么E應該在A的右側或者在A的下側。因此，可能在子矩陣B、C或者D中。87.某二叉排序樹如下所示，新的元素45應作為()插入該二叉樹中。A、11的左子樹B、17的右子樹C、61的左子樹D、27的右子樹解析：本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。根據(jù)二叉排序樹的定義，當新來的元素大于根結點的關鍵碼時，應將其插入根結點的右子樹中，當新來的元素小于根結點的因此將其插入結點31的右子樹中，又由于45大于31、小于91、小于61,因此89.(71)acceptsdocumentsconsistingoftextand/orimagesa展，歷經(jīng)4個主要階段：(1)電子數(shù)據(jù)處理系統(tǒng)(EDPS):簡單數(shù)據(jù)處理，僅用于PS):對企業(yè)局部事務的管理，例如財會、銷售、物息系統(tǒng)(MIS):是用系統(tǒng)思想建立起來，以電子計算為基本信息處理手段集成了事務處理中的局部應用，形成全局性、整體性的系統(tǒng)(DSS):為高層決策提供支持的系統(tǒng)，例如ERP(集成了MIS)、SRM等。91.十六進制數(shù)92H的八進制表示為()。0,從右往左每3位一組得到對應的八進制表示222。93.以用戶為中心的軟件設計原則不包括()。A、因為客戶是上帝，所以客戶的需求是天然合理的C、要求用戶輸入信息時盡量提供選項94.Agoodprogramshouldbe(74)byprogrammersotherthanthep解析：好的程序應是可理解的，其他程序，(非編寫者)也能理解它。95.以下關于網(wǎng)絡攻擊的敘述中，錯誤的是()。B、多個郵箱群發(fā)同一封電子郵件是一種網(wǎng)絡攻擊行為控受攻擊者的任何活動.,包括賬戶和口令。電子郵件攻擊主要表現(xiàn)為向目標信96.TCP/IP協(xié)議族中的()協(xié)議支持離線郵件處理，電子郵件客戶端可利用該協(xié)解析：POP3(Post0fficeProtocol3)即郵局協(xié)議的第3個版本，它是規(guī)定個人97.使用圖像掃描儀以300DPI的分辨率掃瞄一幅3×3英寸的圖片，可以得到()合是在編譯時進行的，這種綁定稱為()。101.Theterm“software()”isusedtodescrib動。A分析B維護C設計D開發(fā)A、3級rg分別表示用戶信箱的()容量為32K×8bit的存儲芯片構成該內(nèi)存，至少需要(2)片。108.機構為()學院，本課程授課老師為薛大龍教授和()副教授。109.對關鍵碼序列(9,12,15,20,24,29,56,69,87)進行二分查找(折半查找),若要查找關鍵碼15;則需依次與()進行比較。解析：二分法查找(折半查找)的基本思想是：(設R[low,?,high]是當前的查找區(qū))(1)確定該區(qū)間的中點位置：mid=[(low+high)/2];(2)將待查的k值對新的查找區(qū)間進行，重復步驟(1)和(2)。(4)在查找過程中，low逐步其中，"部門號"是該關系的主鍵；員工關系Emp(員工號，姓名，部門，家庭住址),屬性"家庭住址"包含省、市、街道以及門牌號，該屬性是一個()屬性。創(chuàng)建Emp關系的SQL語句如下：CREATETABLEEmp(員工號CHAR59(請作答此空),姓資"字段，其數(shù)據(jù)類型為數(shù)字型并保留2位小數(shù)，可采用的SQL語句為()。解析：本題題正確的選項為A。因為根據(jù)題意"員工號"是員工關系Emp的主鍵，B、所用名詞和術語盡量采用業(yè)務用語用的中間代碼有后綴式、()、樹等。段，則信號量S的初值為(),信號量S的變化范圍是(請作答此空)。X修改日期：2013/9/159:57試題二117.設某無向圖的頂點個數(shù)為n,則該圖最多(42)條邊；若將該圖用鄰接矩陣存儲，則矩陣的行數(shù)和列數(shù)分別為()。0處理機。()方式I/0端口總是準備好接受主機的輸出數(shù)據(jù)，或是總是準備好和傳送，更多地免去了cpu的接入(請作答此空)指專門條件查詢和程序查詢方式。①無條件傳送方式，I/0端口總是準輸出數(shù)據(jù)，或是總是準備好向主機輸入數(shù)據(jù)，而cpu在需要時，隨時直接利/0指令訪問相應的I/0端口，實現(xiàn)與外設的數(shù)據(jù)交換。優(yōu)點是軟、硬件結構簡單，缺點是對時序要求高，只適用于簡單的1/0控制。②程序查詢方式程序查詢準備好(Ready)狀態(tài)時，CPU就可以與I/0設備進行數(shù)據(jù)存取操作。這種方式下的CPU與1/0設備是串行工作的。2、中斷方式當I/0設備結束(完成、特殊或異詢方式相比，大大提高了CPU的利用率。3、DMA(直接內(nèi)存存取)方式DMA方式也無須CPU的干預。4、通道控制方式在一定的硬件基礎上利用軟件手段實現(xiàn)對1/0的控制和傳送，更多地免去了cpu的接入，使主機和外設并行工作程度更高。erverStateStrategy和Visitor。120.在uml圖中，()展現(xiàn)了一組對象、接口、協(xié)作和它們之間的關系。()強作序列得到(38)。d和處應分別地寫(13),t和g處應分別填寫(14)BeginP(S1);P2;V(S2);V(S3);end;題目中b處填寫P(S1),c處填寫V(S2)和V(S3)BeginP(S2);P3;V(S4);end;題目中d處填寫P(S2),e處填寫V(S4)BeginP(S3);P4;V(S5);end;題目中f處填寫P(S3),BeginP(S4);P(S5);P5;答案：A可能發(fā)生的情形是()。答案：D建Emp關系的SQL語句如下：CREATETABLEEmp(進行修改。此行為屬于(51)維護。解析：本題考查應用層協(xié)議及主要功能。HTTP是超文本傳輸協(xié)議，用以瀏覽網(wǎng)130.若循環(huán)體執(zhí)行的次數(shù)為m,則在do-while型循環(huán)中，循環(huán)條件的執(zhí)行次數(shù)為(),在while-do型循環(huán)中，判斷循環(huán)條件的次數(shù)為(請作答此空)。答案：C解析：While-do型循環(huán)的含義如下圖(a)所示。在這種循環(huán)中，是先判斷循環(huán)條件再決定是否執(zhí)行循環(huán)體，循環(huán)條件(菱形框)的運算總是比循環(huán)體多一次。因此，若循環(huán)體的執(zhí)行次數(shù)為m,則循環(huán)條件的執(zhí)行次數(shù)為m+1。循環(huán)體循環(huán)體(a)while-do循環(huán)循環(huán)體循環(huán)體(b)do-while循環(huán)注意numpy模塊的使用頁號頁內(nèi)地址A、頁面的大小為1K,最多有16M個頁B、頁面的大小為2K,最多有8M個頁C、頁面的大小為4K,最多有1M個頁D、頁面的大小為8K,最多有2M個頁其中0～11位為頁內(nèi)地址，占12位，即每頁的大小為4KB:12～31位為頁號，140.表達式可采用后綴形式表示，例如，“a+b”的后綴式為“ab+”.解析：要先看運算順序，為b-c,表示為bc-,然后是a*(b-c),表示為abc-*,最A、端口掃描C、包過濾D、身份認證解析：本題考查網(wǎng)絡攻擊方式基礎知識。所謂端口掃描，就是利用Socket編程掃描、IP段掃描和FTP返回攻擊等。通過端口掃描能發(fā)現(xiàn)目標主機的某些內(nèi)在鑒別",是指在計算機及計算機網(wǎng)絡系統(tǒng)中確認操作者身份的過程，從而確定該遠程登錄，只能采取端口掃描的方法，因此本題答案為A。142.在Word編輯狀態(tài)下，將光標移至文本行首左側空白處呈刮形狀時，單擊鼠標左鍵可以選中(),按下(請作答此空)鍵可以保存當前文檔。解析：本題考查計算機基本操作。在Word編輯狀態(tài)下，輸入文字時有些英文單拼寫錯誤，綠色波浪線表示語法錯誤，這就是Word中文版提供的"拼寫和語法"C、原型D、主程序制訂計劃、風險分析、實施工程、客戶評價等活動，144.在網(wǎng)絡安全管理中，加強內(nèi)防內(nèi)控可采取的策略有()。①控制終端接入數(shù)解析：內(nèi)網(wǎng)安全系統(tǒng)緊密圍繞"合規(guī)",內(nèi)含企業(yè)級主機防火墻系統(tǒng)，通過"終端準入控制、終端安全控制、桌面合規(guī)管理、終端泄密理，全面提升內(nèi)網(wǎng)安全防護能力和合規(guī)管理水平。因此1、2、3、4都屬于內(nèi)防146.以下關于文檔的敘述中，不正確的是()。B、編寫文檔會降低軟件開發(fā)的效率C、編寫高質(zhì)量文檔可以提高軟件開發(fā)的質(zhì)量147.在單入口單出口的do...while循環(huán)結構()。解析：do??while為先執(zhí)行后判斷，執(zhí)行次數(shù)和判斷次數(shù)相等150.A()applicationismadeupofdistinctpvironments,usuallyondifferentplatformsconnectedthrougha153.()isthesendingandreceivingofthem155.以下關于統(tǒng)一過程UP的敘述中，不正確的是()。迭代式的增量開發(fā)。UP定義了四個階段：起始階段(Inception):該階段的主括需求和用例。精化階段(Elaboration):該階段的目的是對問題域進行分析，增量式開發(fā)可以交付給用戶的軟件產(chǎn)品。移交階段(Transition):目的是將軟3步。若取指令時間為4△t,分析時間為2△t。執(zhí)行時間為3△t,按順序方式從頭到尾執(zhí)行完600條指令所需時間為(請作答此空)△t;若按照執(zhí)行第i條，分析第i+1條，讀取第i+2條重疊的流水線方式執(zhí)行指令，則從頭到尾執(zhí)行完600條指令所需時間為()△t。解析：按順序方式需要執(zhí)行完一條執(zhí)行之后再執(zhí)行下一條指令，執(zhí)行1條執(zhí)行所需的時間為4△t+2△t+3△t=9△t,執(zhí)行600條指令所需的時間為9△t×600=5400△t。若采用流水線方式，則處理過程如下圖所示，執(zhí)行完600條執(zhí)行所需要157.puter()focusesonprotectinginform概念或物理元素。以下()屬于此類事物。作的動作，這些動作比元素的總和要大。第4種是用例，用作，這些動作是系統(tǒng)對一個特定角色執(zhí)行，產(chǎn)生值得注意的活動類，活動類是這種類，它的對象有一個或多個進程或線程。第6種是構件，能會遇到不同種類的構件，如D或EJB。第7種是節(jié)點，節(jié)點是一個物理元素，它在運行時存在，代表一個可計算的資源，通常占用一160.某保險公司推出的電腦損壞保險業(yè)務如下所述：每臺參保電腦每年需交付200元，當電腦損壞時，可以獲得理賠金額1700元。據(jù)統(tǒng)計，每年約有10%的電腦損壞需要理賠，則該保險公司每年平均從每臺參保電腦獲益()元。解析：該保險公司從90%的參保電腦每年每臺獲益200元，對10%損壞的參保電腦則每年先收了200元，又理賠支付了1700元，即付出了1500元。因此，該保險公司每年平均對每臺參保電腦獲益0.9X200+0.1(-1500)=30元。0頁號頁內(nèi)地址162.Sincetabletputersandsmartphoneshave(7evethatallhomeandbusinessputerswilleventuallyhavethis解析：由于平板電腦和智能手機配有觸摸屏界面，許多人相信，將來所有家用電腦和商用電腦最終也都會配置這類接口。163.以下媒體中，(請作答此空)是表示媒體，()是表現(xiàn)媒體。C、電磁波為目標程序，其中包括四個階段：詞法分析、語法分的詞法分析階段會被刪除掉。因此，本題的正確答A、外模式發(fā)生改變時，數(shù)據(jù)的物理結構需要改變B、內(nèi)模式發(fā)生改變時，數(shù)據(jù)的邏輯結構不需要改變C、外模式發(fā)生改變時，數(shù)據(jù)的邏輯結構不需要改變D、內(nèi)模式發(fā)生改變時，數(shù)據(jù)的物理結構不需要改變167.計算機中機械硬盤的性能指標不包括();其平均訪問時間等于(請作答此D、平均尋道時間十平均等待時間答案：D答案：BAND(15<A1,A1<100)”,則A2單元格顯示的值為(請作答此空);若在A2錯誤”)”,則A2單元格顯示的值為()。A、TRUE的值為15,故A2單元格顯示的值FALSE。因為函數(shù)IF(條件，值1,值2)的功解析：計算機中的CPU(中央處理器)是整個計算機系統(tǒng)的核心，它負責執(zhí)行指ache的訪問速度比內(nèi)存快得多。C.通用寄存器：通用寄存器是CPU內(nèi)部的一種表達式x%m(x被m除取余數(shù))在()時會報錯，這是一種(請作答此空)錯誤。C、語義A、商標使用人B、商標設計人D、商標制作人helnternet.Inscience,cloudpnfrastructure,platform,andapplication.Theinfrahvirtualizedputestorageandnetworkresources.Theplral-purposeandrepeatedusageofthecollectionofsofticationlayerisformedwithacollectionofalIneededspplications.Theinfrastucturelayerservesasthe()formlayerofthecloud.Inturn,theplatformlayerisfound機通過實時通信的網(wǎng)絡，如Internet,()在一起。在科學研究中，分布式網(wǎng)絡計算的(請作答此空),意味著有()同時在多臺互連的計算機上運行一個程序或應用。云的結構分為3層：基礎設施、平臺和應用。基礎實施層由合；應用層是云上針對SaaS應用的所有應用軟件的集合?；A設施層時建立平臺層的()基礎；相應地，平臺層是執(zhí)行應用層SaaS()的基礎。A.替代品B.轉換C.代替D.同義詞176.在Excel中，設單元格F1的值為38,若在單元格F2中輸入公式“=IF(ANDB、輸入錯誤C、TRUE177.在網(wǎng)絡操作系統(tǒng)環(huán)境中，當用戶A的文件或為訪問用戶A的計算機或網(wǎng)絡的人(請作答此空)。生成的矩陣的大小。選項A和C中的size參數(shù)傳入的是一個數(shù)值10,這樣生成這樣生成的是一個10*10的矩陣，符合要求。因此，選項B是正確答案。180.對于線性表，相對于順序存儲，采用鏈表存儲的缺點是()。B是順序存儲的缺點，選項C和D是鏈表操作的時間復雜度問題，插入和刪除元答案為A。C、指令寄存器182.假設磁盤塊與緩沖區(qū)大小相同，每個盤塊讀入緩沖區(qū)的時間為16us,由緩沖區(qū)送至用戶區(qū)的時間是5us,在用戶區(qū)內(nèi)系統(tǒng)對每塊數(shù)據(jù)的處理時間為1us.若用進行處理，那么采用單緩沖區(qū)需要花費的時間為()us:采用雙緩沖區(qū)需要花費的時間為，(請作答此空)us.age之間為()關系。UML類圖通常不用于對(請作答此空)進行建模。(Association)——合(Com(Realization)-----類圖用于對項目的靜態(tài)設計視圖建模。這種視圖主要支持系統(tǒng)的功能需求，即系統(tǒng)視機的狀態(tài)。186.cache存儲器一般采用()存儲器件構成。A、DRAMC、1件判斷函數(shù)，格式為IF(條件表達式，值1,值2),其功能是執(zhí)行真假判斷，并及格",所以輸出結果為1。D、和XLS合邏輯)來構建控制器190.有以下HTML代碼，在瀏覽器中顯示正確的是()<tableborder="1"><tr><th>Name</th><thcolspan="2">Tel</th></ABCD</td><td>55577854</td><td>5557ABCD)lA、置不變),則可選擇的排序方法是(39)。動(或交換),不大于基準元素者向前端移動(或交換),移動元素時不考慮所i-1這三個元素滿足ai最小(小頂堆)或最大(大頂堆),若不滿足，則通過193.在Pandas中如果要查看某一列數(shù)據(jù)的值(去除重復后的值),那么可以使aCNb后再訪問Temp,最后釋放S;P2需要先訪問Temp,然后再訪問Hj,最后也需要案為A。行(31)等階段的處理。C、記賬日志D、網(wǎng)絡攻擊日志文件Q)操作@查看效口)材助國計管理(本地)流共享義件夾理能日志0警報S存體系統(tǒng)槽誤記錄國皮用程序日日圖事件查看器咨詢委員會(Consultativemi棧，則經(jīng)過操作序列push、push、pop、pop、push、pop之后，得到的出棧序列為()出棧，新元素總是壓在棧頂元素之上并成為棧頂元素。初始棧為空，如下圖(所示。對于元素1、2、3,依照操作序列push、push、pop、pop、push、pop,可以得到出棧序列213,其過程為：第一個push操作將元素1壓入棧中，如下圖(b)所示：第二個push操作將元素2壓入棧中，如下圖(c)所示：第一個pop將棧頂元素2彈出棧，新棧頂元素為1,如下圖(d)所示；第二個pop將棧頂元素1彈出棧，導致?？?，如下圖(e)所示：其后的push和pop分別將元素3壓入200.詞法分析的作用是識別源程序中的()。201.確認測試主要涉及的文檔是()。位移量為15H。則取該指令時PC(程序計數(shù)器)為()H,該指令執(zhí)行結束時PC為(請作答此空)H。解析：由于兩個字節(jié)的相對尋址的無條件轉移指令存于內(nèi)存20H單元和21H單元移量為15H,執(zhí)行該指令時是：PC+位移量→PC。因此，該指令執(zhí)行結束時PC為203.如果“2X”的補碼是“90H”,那么X的真值是()碼是其絕對值的二進制反碼加1。因此，如果“2X”的補碼是“90H”,那么“2得到-128,因此“2X”等于-128,即X等于-64。但是，題目要求的是X的真值，因此需要將X的補碼轉換為原碼，即將-64的補碼“COH”轉換為原碼。由于“C0H”的反碼是“3FH”,加1得到補碼“40H”,因此X的原碼是“40H”,轉換為十進制數(shù)為64。但是，由于“2X”是一個有符號數(shù)，因此X的真值應該是負數(shù)，即-64,因此選項B“-56”是正確的答案。204.在Windows系統(tǒng)中，對話框是特殊類型的窗口，其大小(請作答此空);下圖C、可以改變，允許用戶選擇選項來執(zhí)行任務，或者提供信息D、不能改變，而且不允許用戶選擇選項來205.已知x=-53/64,若采用8位定點機器碼表示，則[x]原=(21),[x]補=(2適合采用()模型。208.以下說法正確的是()209.如果“2X”的補碼是“90H”,那么X的真值是()。如果物理頁的大小為512字節(jié)，那么進程A邏輯地址為1111(十進制)的變量存放在(請作答此空)號物理內(nèi)存頁中。假設進程A的邏輯頁4與進程B的邏輯頁5要共享物理頁8,那么應該在進程A頁表的邏輯頁4和進程B頁表的邏輯頁5對應的物理頁處分別填()。邏輯頁物理頁0912243645邏輯頁物理頁01132537425物理頁0123456789解析：物理頁的大小為512字節(jié)，進程A邏輯地址為1111的變量的邏輯頁號為2,對應的物理頁號為4。根據(jù)題意進程A的邏輯頁4與進程B的邏輯頁5要共享的物理頁8,那么應該在進程A頁表的邏輯頁4對應的物理頁處填8,進程B頁表的邏輯頁5對應的物理頁處也填8。211.在Word文字處理軟件的界面上，單擊工具欄上的按鈕，其作用D、彈出打印對話框進行設置解析：常識題。選擇C碼，則該文件中字符的碼長應為()。若采用Huffman編碼，則字符序列"face"的編碼應為(請作答此空)。1f損率(%)A、110001001101解析：①有6個不同字母，需要采用3位二進制進行編碼。②Huffman編碼，即即把字符0～255(28=256)的頻率值以2～4Bytes的長度順序存儲起來，(用4B據(jù)第一遍掃描得到的哈夫曼樹進行編碼，并把編碼后得到的碼字存儲起來。的程序設計語言到第二代的匯編語言，再到第三代的高級程序設計語言，為了不斷滿足人們對計算機功能的需求，第四代計算機程序設計語言又誕生了，它是一種面向問題的程序設計語言，其代表者有SQL語言。214.堆排序是一種基于(請作答此空)的排序方法，()不是堆。解析：堆排序是一種基于選擇的排序方法，它利用堆這種數(shù)據(jù)結構來實現(xiàn)排序。堆是一種完全二叉樹，分為大根堆和小根堆兩種。在大根堆中，每個節(jié)點的值都大于或等于其左右子節(jié)點的值；在小根堆中，每個節(jié)點的值都小于或等于其左右本題中PV操作順序如下：BeginBeginP1;V(S1);enBeginP(S1);P2;V(S2);V(S3);end;題目中b處填寫P(S1),c處填寫V(S2)和V(S3)BeginP(S2);P3;V(S4);end;題目中d處填寫P(S2),e處填寫V(S4)BeginP(S3);P4;V(S5);end;題目中f處填寫P(S3),BeginP(S4);P(S5);P5;C、ache的命中率必須很高，一般要達到90%以上解析：浮點數(shù)的表示格式一般為：符號位(1位)+指數(shù)位(階碼，8位或11位)+尾數(shù)位(23位或52位)。其中，尾數(shù)位決定了浮點數(shù)的精度，因為它表示了組的用戶無法進行有意或無意的改動。Everyone,所有所有用戶都屬于這個組。Guests:來賓組，來賓組跟普通組Users的成員有同等221.數(shù)組的內(nèi)情向量中肯定不含有數(shù)組的()信息222.若循環(huán)體執(zhí)行的次數(shù)為m,則在do-while型循環(huán)中，循環(huán)條件的執(zhí)行次數(shù)為(),在while-do型循環(huán)中，判斷循環(huán)條件的次數(shù)為(請作答此空)。循環(huán)條件循環(huán)條件與編譯器相比，解釋器()。犯()行為。A、1024H014查找空閑區(qū)表，此種分配算法稱為()分配算法。解析：常用的4種存儲分配算法如下：(1)最先適應算法：把內(nèi)存中的可用分足要求的空白區(qū)便是最佳的一個。(4)最壞適應算法：分配時把一個作業(yè)程序229.以下關于軟件測試的敘述中，不正確的是(53)。C、對軟件質(zhì)量的定性判斷需要測試提供的定量數(shù)據(jù)支撐表示包含的活動，邊上的數(shù)字表示活動的持續(xù)時間(天),則完成該項目的最少時間為(請作答此空)天。活動BD最多可以晚開始()天而不會影響整個項目232.把E-R圖轉換成關系模型的過程，屬于數(shù)據(jù)庫設計的()。234.Thebasicunitofsoftwarethattheoperatingsystemdealswittheworkdonebytheprocessoris().A、programorsubrouti解析：處理機做調(diào)度工作時，操作系統(tǒng)調(diào)度的軟件基本235.軟件開發(fā)模型用于指導軟件開發(fā)。演化模型是在快速開發(fā)一個()的基礎出結果為()。為引用調(diào)用，因此其會改變x的值，使得main函數(shù)的x值變?yōu)?,而237.Theearliestmethodofdeliveringtelemunicationsisthe().ABCD解析：239.瀏覽器本質(zhì)上是一個(67)答案：D解析：瀏覽器是指可以顯示網(wǎng)頁服務器或者文件系統(tǒng)的HTML文件(標準通用標記語言的一個應用)內(nèi)容，并讓用戶與這些文件交互的一種軟件，它是一種最常用的客戶端程序。240.在一個線性表上可以進行二分查找(折半查找)的充分必要條件是()。A、線性表采用順序存儲且元素有序排列B、線性表采用順序存儲且元素無序排列C、線性表采用單鏈表存儲且元素有序排列D、線性表采用單鏈表存儲且元素無序排列解析：本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。二分查找(折半查找)過程令處于中間位置記錄的關鍵字與給定值比較，若相等，則查找成功；若不等，則縮小范圍，直至新的查找區(qū)間中間位置記錄的關鍵字等于給定值或者查找區(qū)間沒有元素時(表明查找不成功)為止。顯然，在折半查找過程中需要對241.數(shù)據(jù)庫管理系統(tǒng)的功能不包括()D、數(shù)據(jù)的組織、存儲和管理理。因此，本題答案為A。A、構件化方法B、結構化方法D、快速原型方法維護等6個基本活動，并且規(guī)定了它們自上而下、相互銜接的固定次序，如同瀑243.Whenanobjectreceivesa(),methodscontainedwithintheob解析：當一個對象接收到()時，其包含對象需要的響應。A參數(shù)B信息C消息244.某系統(tǒng)采用請求頁式存儲管理方案。假設某進程有6個頁面，系統(tǒng)給該進程分配了4個存儲塊，其頁面變換表如下表所示，表中的狀態(tài)位等于1和0分別表示頁面在內(nèi)存或不在內(nèi)存。當該進程訪問的第4號頁面不在內(nèi)存時，應該淘汰表中頁面號為()的頁面。頁面號頁幀號000015111261113810140005110解析：狀態(tài)位0時不再內(nèi)存，無需考慮，因此0號頁不用考慮。在1、2、3、5中，訪問位1時說明CPU剛剛訪問，不能淘汰，符合條件的只有3號頁面。246.以下說法錯誤的是()A.給定一個學生選課關系SC(Sno,Cno,G),可以得249.中國自主研發(fā)的3G通信標準是()。A、CDMA2000解析：國際電信聯(lián)盟(ITU)在2000年5月確定W-CDMA、CDMA2000和TDS-CDMA一步縮小答案的范圍。根據(jù)以上分析，我們可以得出以下結論：A.橋接(Bridge)模式是類結構型模式，它主要涉及到類之間的關系，但是它并不涉及到對象之間的關系，因此不符合題目要求。B.適配器(Adapter)模式是對象題目要求。D.裝飾器(Decorator)模式是既是類結構型模式，又是對象結構型個接口向這個對象轉發(fā)請求，因此符合題目要求。綜上所述，答在軟件需求分析階段，公司的系統(tǒng)分析師識別出了如下3個關鍵需求：(1)圖重做等行為。(2)圖像處理軟件需要根據(jù)當前正在處理的照片的不同特征選擇目標代碼符號表管理出錯處理257.設32位浮點數(shù)格式如下。以下關于浮點數(shù)表示的敘述中，正若階碼采用補碼表示，為8位(含1位階符),尾數(shù)采用原碼表示，為24位(含1位數(shù)符),不考慮規(guī)格化，階碼的最大值為(請作答此空)。數(shù)符階符階碼(數(shù)值部分)dapter類既繼承了Adaptee(被適配類),也實現(xiàn)了Target接口，在Client類適配器此處改為關聯(lián)對象適配器R的函數(shù)依賴集F={培訓科目→培訓師，(學生，培訓科目)→成績，(時間，教室)→培訓科目，(時間，培訓師)→教室，(時間，學生)→教室}。關系模式R的主鍵為(),其規(guī)范化程度最高達到(請作答此空)。A、1NF生)的組合中，(時間，學生)→教室，(時間，教室)→培訓科目，培訓科目因此(時間，學生)是該關系模式的主鍵。數(shù)據(jù)庫的關系范式有：(1)第一范式(1NF):屬性不可拆分或無重復的列。(2)第二范式(2NF):完全函數(shù)依賴。例：成績表(學號，課程號，成績)關系中，(學號，課程號)→成績，只第三范式(3NF):消除傳遞依賴。不依賴于其他非主屬性(消除傳遞依賴)。第四范式(4NF):對于每一個X→Y,X都能找到一個候選碼(若關系中的某一當g(a)采用引用調(diào)用方式傳遞參數(shù)時，x的值會被修改為a的值。根據(jù)函數(shù)g所以，當g(a)采用引用調(diào)用方式傳遞參數(shù)時，函數(shù)f的返回值為4。當g(a)采一個教師只屬于一個院系，則關系D和T之間的聯(lián)系類型為()。關系T(其外鍵是()多個C,一個C對應多個T,因此是應該是n:m(多對多)。266.王某買了一幅美術作品原件，則他享有該美術作品的()。D、所有權與其展覽權267.以下關于結構化開發(fā)方法的敘述中，不正確的是()。C、與面向?qū)ο箝_發(fā)方法相比，更合適大規(guī)模、特別夏雜的項目D、特別適合于數(shù)據(jù)處理領域的項目表1常見的國家或地區(qū)頂級域名國家/地區(qū)國家/地區(qū)China中國GreatBntain英國Korca-south韓國nGcmany德國Italy意大利France法國常表2常見的機構性域名消遣機構政府部門藝術機構商業(yè)公司商業(yè)銷售機構270.已知x=-31/64,若采用8位定點機器碼表示，則[x]原=(請作答此空),[x]解析：首先，我們需要將-31/64轉化為定點二進制數(shù)。由于8位定點機器碼表示中，最高位為符號位，因此我們需要確定符號位為1。然后，我們將31/64轉化為二進制數(shù)，得到0.011111。由于定點表示中小數(shù)部分需要乘以2的n次方，因此我們需要將0.011111乘以2的8次方，得到0b01111100。最后，我們將符號位和整數(shù)部分拼接起來，得到10111100。接下來，我們需要求出補碼。由于得到11000011。然后，我們將其加1,得到11000010,即為該數(shù)的補碼。因此，[x]原=10111100,[x]補=11000010,選項B為正確答案。271.計算機系統(tǒng)的可靠性通常用()來評價。A、平均響應時間273.TodayitismontoaccesstheInternetfromavarietyof()devic(),姓名CHAR60,部門CHAR59,家庭住址CHAR62,());為在員工關系Emp中增故故正確的SQL語句為ALTERTABLEEmpADD工資NUMERIC(6,2)。275.文件的物理結構不包括()123456789開始時間s01233556886458797為一個場地；活動5、10為一個場地，共5個場地。子類型化(一個類型是另一個類型的子類型)屬于(請作答此空)多態(tài)；()多areorsoftwareproductscanbedevelopedbyindividuals,thescaleandplexger()foronepersontodomostengineeringjobs.Systemsdevel (),andtheeffectivenessoftheteamlargelydetermnthoughtheymayhavemultiplespecialties,allthemembersworktowardtenworkrelativelyindependently,muchlikewrestlingandtracktea goals;andtheyneedeffectiveguidanceandleadership.Themetho并不()。系統(tǒng)開發(fā)是團隊(),團隊工作的效率很大程度上決定了軟件工程的 自己擅長的技術，但是大家是向著(請作答此空)目標而努力的。項目團隊()符號為(請作答此空)事物。282.下圖所示為(請作答此空)設計模式，適用于()。VanbleNode284.在字長為16位、32位、64位或128位的計算機中，字長為()位的計算機A、該圖存在回路(環(huán))B、姓名289.某數(shù)據(jù)的7位編碼為0100011,若要增加一位奇校驗位(最高數(shù)據(jù)位之前),取決于數(shù)據(jù)位中1的個數(shù)，如果1的個數(shù)為偶數(shù)，則校驗位為0,如果1的個數(shù)為奇數(shù)，則校驗位為1。對于本題，原編碼為0100011,需要在最高數(shù)據(jù)位之前添加一位奇校驗位。因為原編碼中1的個數(shù)為3,是奇數(shù)，所以奇校驗位應該為0,即新編碼的最高位為0。因此，答案為00100011,即選項D。鍵后，AI單元格中顯示的值為()。292.假設系統(tǒng)有n(n≥6)個并發(fā)進程共享資源R,且資源R的可用數(shù)為3.若采用PV操作，則相應的信號量S的取值范圍應為()。解析：信號量取值范圍最小值為有n-3個進程被阻塞，最大值是有3個資源可以B、發(fā)送郵件通常使用SMTP協(xié)議，而接收郵件通常A、剝奪D、保持和等待tml分別表示(5)。和圖。類、接口、構件屬于()構造塊。泛化和聚集等是()。將多邊形與三角口(Interface)、協(xié)作(CollaborationveClass)、組件(ponent)和節(jié)點(Node);行為事物，如交互(Interaction)、態(tài)機(Statemachine)、分組事物(包則該DFA能識別()。C、50年ABCD1計算機文化基礎成績表2學號姓名成績備注3李曉華不及格4王國軍5良好6胡曉華良好7林志榮解析：本題考查Excel基礎知識。第1小題正確的答案為選項B,第2小題正確回一個值，結果為FALSE時返回另一個值。通過將AND函數(shù)用作IF函數(shù)的logicaltest參數(shù)，可以檢驗多個不同的條件，而不僅僅是一個條件。例如，公式"=IF(AND(1<A3,A3<100),A3,"數(shù)值超出范圍")"表示于1和100之間，則顯示該數(shù)字。否則，顯示消息"數(shù)值超出范圍"。根據(jù)題意，"良好")))"。定的時間間隔，把數(shù)據(jù)庫緩沖區(qū)內(nèi)容寫入(請作答此空);當發(fā)生故障時，根據(jù)A、索引文件B、數(shù)據(jù)文件C、日志文件304.在磁盤移臂調(diào)度算法中，()算法在返程時不響應進程訪問磁盤的請求。B、電梯調(diào)度C、單向掃描D、最短尋道時間優(yōu)先解析：在操作系統(tǒng)中常用的磁盤調(diào)度算法有：先來先服效利用磁盤，保證磁盤的快速訪問。1)先來先服務算法：該算法實際上不考慮()個字。為abc,acb,bac,bca,cba,cab。如果入棧順序為abc,則除了cab,其他序310.在面向?qū)ο蠓椒ㄖ校?)定義了父類和子類的概念。子類在原有父類接口的基礎上，用適合于自己要求的實現(xiàn)去置換父類中的相應實現(xiàn)稱為(45)。C、覆蓋(重置)此，選項B和D都與題目有關，但不是正確答案。封裝是指將數(shù)據(jù)和一個類中，對外部不可見，也與題目無關。正確答案是C,覆蓋(重置)是指子這是面向?qū)ο蠓椒ㄖ械囊粋€重要概念。因此，本題的正確答案是C。311.最優(yōu)二叉樹(或哈夫曼樹)是指權值為w1,w2,…,wn的n個葉結點的二叉AABCCDA、值最小的兩個節(jié)點1和2,合并成一個節(jié)點，權值為1+2=3,得到以下情況：然后，選取權值最小的兩個節(jié)點3和4,合并成一個節(jié)點，權值為3+4=7,得到以下情況：接著，選取權值最小的兩個節(jié)點5和6,合并成一個節(jié)點，權值為5+6=11,得到以下情況：最后，將剩下的節(jié)點7和8合并成一個節(jié)點，權值為7+8=15,得到以下情況：因此，選項A312.我國知識產(chǎn)權具有法定保護期限，但()受法律保護的期限是不確定的。A、發(fā)明專利權C、商業(yè)秘密D、作品發(fā)表權313.數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)的組成不包括()務，人員則是數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)的使用者和管理者。因此，選項C“操作系統(tǒng)”不屬于315.已知某字符的ASCII碼值用十進制表示為69,若用二進制形式表示并將最高位設置為偶校驗位，則為(20)解析：69=64+4+1,表示為1000101.偶校驗是指數(shù)據(jù)編碼(包括校驗位)中“1”位應設置為1;否則，校驗位應設置為0。本題“1000101”中有3個“1”,所316.()服務的主要作用是提供遠程登錄服務。傳下載文件。TeInet提供遠程登錄服317.采用()的手段可以防止系統(tǒng)出現(xiàn)死鎖。A、限制進程互斥使用共享資源而不提供任何產(chǎn)品；庫存不足而不提供任何產(chǎn)品。這一業(yè)務需求適合采用()模式設計實現(xiàn)，其類圖如下圖所示，其中(請作答此空)是客戶程序使用的主要接口，可用狀態(tài)來對其進行配置。此模式為(),體現(xiàn)的最主要的意圖是()。5態(tài)對象來處理，從而實現(xiàn)狀態(tài)的切換和行為的變化。因此，答案為A,體現(xiàn)的最()不是合法的操作序列。3個，此時就會產(chǎn)生錯誤，因此是不合法的操作序列。A、FTP基于客戶/服務器模型D、HTTP不基于客戶/服務器模型B、木馬程序的客戶端運行在攻擊者的機器上322.在數(shù)據(jù)庫邏輯結構設計階段，需要()階段形成的(請作答此空)作為設計要查詢部門為"開發(fā)部"且職工號為"03015"的職工姓名及其經(jīng)費余額，則相應的經(jīng)費關系FUNDS(E_no,E_limit,E_used)中的屬性分別表示職工號、總經(jīng)費金額和己花費金額。若要查詢部門為"開發(fā)部"且職工號為"03015"的職工姓名及其經(jīng)解析：根據(jù)題目要求，需要查詢部門為"開發(fā)部"且職工號為"03015"的職工姓名以使用J0IN關鍵字將兩個表連接起來，然后使用WHERE子句篩選符合條件的數(shù)據(jù)，最后使用SELECT子句查詢需要的數(shù)據(jù)。具體地，SELECT子句需要查詢職工應該是SELECTE_name,E_limit-E_usedFROME冊的商標標識。此情形下，()獲準注冊。兩種。其中，()模式是創(chuàng)建型類模式。328.私網(wǎng)IP地址區(qū)別于公網(wǎng)IP地址的特點是()。D、通過DHCP服務器分配的解析：私網(wǎng)IP地址與公網(wǎng)IP地址的區(qū)別是私網(wǎng)地址不能通過Inter址考生。根據(jù)該需求繪制數(shù)據(jù)流圖，則()是外部實體，(請作答此空)是加工。335.假設磁盤塊與緩沖區(qū)大小相同，每個盤塊讀入緩沖區(qū)的時間為10μs,由緩用戶需要將大小為10個磁盤塊的Doc文件逐塊從磁盤讀入緩沖區(qū)，并送至用戶區(qū)進行處理，那么采用單緩沖區(qū)需要花費時間為(請作答此空)μs;采用雙緩沖區(qū)需要花費的時間為()μs。A、管理層協(xié)議?，F(xiàn)已經(jīng)有三個版本，其中V3版本增強了在安全上的控制。A、HTMLA、2^14KB示為十進制后等于2^4KB或2^14B。元格中的值為()。解析：Round函數(shù)會將數(shù)值四舍五入，因此14.9會變15。343.Execl是一種()軟件。在Excel中，新建工作薄后，第一張工作表默認名稱是(請作答此空)。B、數(shù)據(jù)庫國使用甲的專利，則()。A、型計算機B、微型計算機347.MD5是一種()算法。C、報文摘要D、訪問控制解析：MD5的全稱是Message-digestAIgorithm5(信息/報文摘要算法),是計算349.數(shù)字話音的采樣頻率定義為8kHz,這是因為()。對其他事務都是不可見的",這一性質(zhì)通常被稱為事務的()。X,則信號量S的變化范圍是();若信號量S的當前值為-3,則表示系統(tǒng)中有(請同的服務，比如：通常TCP/IP協(xié)議規(guī)定Web采用80號端口，F(xiàn)TP采用21號端值依賴的敘述中，不正確的是()。A、若X→→Y,則X→→ZZ=R-X-Y,小寫的x、y、z表示屬性集X、Y、Z的值。對于R的關系r,在r中這是因為訪問用戶A的計算機或網(wǎng)絡的人()。360.Cloudputingisaphraseusedtodescribeavarietyofputinolvealargenumberofputers(請作答此空)throughareal-timemunicationnetworksuchasthelnternet.Inscience,cloudputingisa()fordisputersatthesametime.Thearchitectureofacloudisdenfrastructure,platform,andapplication.Theinfrahvirtualizedputestorageandnetworkresources.Theplral-purposeandrepeatedusageofthecollectionofsofticationlayerisformedwithacollectionofalIneededspplications.Theinfrastucturelayerservesasthe()formlayerofthecloud.Inturn,theplatformlayerisfound量計算機通過實時通信的網(wǎng)絡，如Internet,(請作答此空)在一起。在科學研究中，云計算是分布式網(wǎng)絡計算的(),意味著有()同時在多臺互連的計算機上運行一個程序或應用。云的結構分為3層：基礎設施、平臺和應用。基礎實建立平臺層的()基礎；相應地，平臺層是執(zhí)行應用層SaaS()的基礎。A.連接B.實施C.優(yōu)化D.虛擬化361.某企業(yè)信息管理系統(tǒng)的部分關系模式為：部門(部門號，部門名，負責人，電話)、職工(職工號，職工姓名，部門號，職位，住址，聯(lián)系電話)。部門關(20)(),負責人CHAR(6),電話CHAR(15),(請作答此空));D、FOREIGNKEY(負責人)REFERENCES職工(職工姓名)REFERENCE職工(職工號)表示。向主機輸入數(shù)據(jù)，并且只適用于簡單的1/0控制()允許主存儲器和I/0設備之制器(DMAC)”直接進行批量數(shù)據(jù)交換，除了在數(shù)據(jù)傳輸開始和結束時，整個過程無須CPU的干預。4、通道控制方式在一定的硬件基礎上利用軟件手段實現(xiàn)對I/0的控制和傳送，更多地免去了cpu的接入，使主機和外設并行工作程度更高。5、I/0處理機指專門負責輸入/輸出的處理機?？梢杂歇毩⒌拇鎯ζ?、運算部件和指令控制部件。367.估計一個項目所需時間常有樂觀估計時間、最可能時間和悲觀估計時間。根據(jù)這三個時間的加權平均(權為常數(shù))可以推算出這個項目的期望時間。下表中，項目3的期望時間大致是()天。樂觀估計(天)悲觀估計(天)期望時間(天)項目10項目2e項目3e解析：本題考查數(shù)學應用(線性方程組求解)基本能力。設計算期望時間的三個權分別為a、b、c,其中a+b+c=1,即期望時間=a*樂觀估計+b*最可能估計+c*悲觀估計由題中的項目1和2可知：a+3b+11c=4,a+1.5b+14c=3.5,由于a+b+c=1,所以a=1/6,b=4/6,c=1/6。從而，項目3的期望時間為3/6+6.25*4/6+11/6=6.368.在Web瀏覽器地址欄中輸入ftp.ccc..默認使用的協(xié)議是()。A、FTPHTTP(HypertextTransferProtocol,超文本傳輸協(xié)議)。使用，()該應用軟件的軟件著作權。abc稱為總線的()。374.數(shù)據(jù)字典存放的是()。解析：軟件設計可以分為概要設計和詳細設計。概要設計的任務是模塊分解，確定軟件的結構，模塊的功能和模塊間的接口，以及全局數(shù)據(jù)結構。詳細設計的任務是設計每個模塊的實現(xiàn)細節(jié)和局部數(shù)據(jù)結構，即建立軟件模塊。若用PV操作控制進程P1~P4并發(fā)執(zhí)行的過程，則需要設置5個信號量S1、S2、S3、S4和S5,且信號量S4-S5的初值都等于0。下圖中a、b和c處應分別填寫();d、e和f處應分別填寫(請作答此空)。B、V(S2)、P(S3)V(ss)和V(S4)P(答案：A解析：因為P1是P2和P3的前驅(qū)，當P1執(zhí)行完需通知P2和P3,應采用V(S1)的后繼，當P2執(zhí)行前應測試P1和P3是否執(zhí)行完，應采用P(S1)P(S3)操作測試P1和P3是否執(zhí)行完，故b處應填寫P(S12執(zhí)行完應通知P4,應采用V(S4)操作分別通知P4,故C處應填寫V(S4)。因為P3是P1的后繼，當P3執(zhí)行前應測試P1是否執(zhí)行完，應采用P(S2)操作測試P1是否執(zhí)行完，故d處應填寫P(S2);又因為P3是P2和P4的前驅(qū)，當P3執(zhí)行完應通知P2和P4,應采用V(S3)V(S5)操作通知P5,故e處應填寫V(S3)V(S5);P4是P2和P3的后繼，當P4執(zhí)行前應測試P2和P3是否執(zhí)行完，應采用P(S4)P(S5)操作測試P2和P3是否執(zhí)行完，故f處應填寫P(S4)P(S5)。377.下圖是一個有限自動機的狀態(tài)轉換圖(0為初態(tài)、3為終態(tài)),該自動機可識別字符串()(即找出從初態(tài)到終態(tài)的路徑上所標記的字符