2025屆廣東省汕頭市潮陽區(qū)高中物理高二第一學(xué)期期末統(tǒng)考試題含解析

2025屆廣東省汕頭市潮陽區(qū)高中物理高二第一學(xué)期期末統(tǒng)考試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，條形磁鐵放在光滑斜面上，用平行于斜面輕彈簧拉住處于靜止?fàn)顟B(tài)，a為垂直紙面放置的直導(dǎo)線的橫截面，導(dǎo)線中無電流時(shí)磁鐵對斜面的壓力為FN1；當(dāng)導(dǎo)線中有電流通過時(shí)，磁鐵對斜面的壓力為FN2，則下列關(guān)于a中電流方向、磁鐵對斜面的壓力和彈簧的伸長量的說法中正確的是（）A.電流垂直紙面向外時(shí)，F(xiàn)N1＜FN2，彈簧的伸長量減小B.電流垂直紙面向外時(shí)，F(xiàn)N1＞FN2，彈簧的伸長量增大C.電流垂直紙面向里時(shí)，F(xiàn)N1＞FN2，彈簧的伸長量減小D.電流垂直紙面向里時(shí)，F(xiàn)N1＜FN2，彈簧的伸長量增大2、在電場中的A、B兩處分別引入不同的試探電荷q，得到試探電荷所受的電場力隨電荷量變化的關(guān)系如圖所示，則（

）A.EA＞EBB.EA＜EBC.EA=EBD.不能判定EA、EB的大小3、如圖所示，天平可以用來測定磁感應(yīng)強(qiáng)度，磁場方向垂直紙面向里(虛線圍成的區(qū)域)，天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，共N匝，線圈的下部懸在勻強(qiáng)磁場中，下底邊長為，右側(cè)邊伸入磁場中的長為，線圈中通有電流I（方向如圖）時(shí)，在天平左、右兩邊加上質(zhì)量分別為的砝碼，天平平衡；當(dāng)電流反向（大小不變）時(shí)，在某一邊需再加上質(zhì)量為m的砝碼后天平重新平衡，下列說法中正面的是（）A.需要在左邊加上質(zhì)量為m的砝碼，天平才能重新平衡B.磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度C.磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度D.磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度4、一個帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電量，在靜電場中由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，在這個過程中，除電場力外，其他力做的功為，質(zhì)點(diǎn)的動能增加了，則a、b兩點(diǎn)間的電勢差為（）A. B.C. D.5、如圖所示，、、為電場中同一條水平方向電場線上的三點(diǎn)，為的中點(diǎn)，、電勢分別為、。下列敘述正確的是（）A.該電場在點(diǎn)處的電勢一定為B.點(diǎn)處的場強(qiáng)一定大于點(diǎn)處的場強(qiáng)C.一正電荷從點(diǎn)運(yùn)動到點(diǎn)電勢能一定減少D.一正電荷運(yùn)動到點(diǎn)時(shí)受到的靜電力由指向6、圖中的實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域的運(yùn)動軌跡，a、b是其軌跡上的兩點(diǎn)．若帶電粒子在運(yùn)動中只受電場力作用，由此圖可判斷下列說法錯誤的是（）A.帶電粒子所帶電荷的符號B.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力方向C.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的速度何處較大D.帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的電勢能何處較大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，是折成60°角的固定于豎直平面內(nèi)的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌關(guān)于豎直軸線對稱，，整個裝置處在垂直導(dǎo)軌平面向里的足夠大的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為．一質(zhì)量為、長為、電阻為、粗細(xì)均勻的導(dǎo)體棒鎖定于的中點(diǎn)位置．將導(dǎo)體棒解除鎖定，導(dǎo)體棒由靜止向下加速運(yùn)動，離開導(dǎo)軌時(shí)的速度為．導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為，下列說法正確的是A.解除鎖定后，導(dǎo)體棒向下做勻加速直線運(yùn)動B.解除鎖定后，導(dǎo)體棒中電流由到C.導(dǎo)體棒滑到導(dǎo)軌末端時(shí)的加速度大小為D.導(dǎo)體棒下滑過程中產(chǎn)生的焦耳熱為8、如圖，在光滑絕緣的水平面上放置兩個帶異種電荷、電量不同的小球和，則由靜止釋放后A.兩球的加速度逐漸增大B.兩小球的電勢能逐漸減小C.兩小球受到的庫侖力不做功D.兩小球受到的庫侖力大小不相等9、下列關(guān)于等勢面的說法正確的是（）A.電荷在等勢面上移動時(shí)不受電場力作用，所以不做功B.等勢面上各點(diǎn)的場強(qiáng)相同C.點(diǎn)電荷在真空中形成電場的等勢面是以點(diǎn)電荷為球心的一簇球面D.勻強(qiáng)電場中的等勢面是相互平行的垂直于電場線的一簇平面10、如圖所示，20匝矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的水平勻強(qiáng)磁場中，線框面積S=1m2，線框電阻不計(jì)。線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω=100rad/s勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許通過的最大電流為5A，下列說法正確的是（）A.圖示位置穿過線框的磁通量為零B.圖示位置通過線框的磁通量變化率最大C.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為100︰11D.允許變壓器輸出的最大功率為10kW三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材有：A．干電池一節(jié)B．電流表(量程0～0.6A～3A)C．電壓表(量程0～3V～15V)D．開關(guān)S和若干導(dǎo)線E．滑動變阻器R1(最大阻值20Ω，允許最大電流1A)F．滑動變阻器R2(最大阻值200Ω，允許最大電流0.5A)(1)利用所給的器材測量干電池的電動勢和內(nèi)阻，滑動變阻器應(yīng)選________(填寫代號)(2)為使測量盡可能精確，用筆畫線代替導(dǎo)線將如圖所示的實(shí)物圖連接成實(shí)驗(yàn)電路____(3)利用實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)在如圖所示的坐標(biāo)系中作出了U-I圖線，由此求得待測電池的電動勢E＝________V，內(nèi)電阻r＝________Ω．(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)12．（12分）某同學(xué)要測定一個圓柱體的電阻率，進(jìn)行了如下操作：（1）用10分度的游標(biāo)卡尺測量圓柱體的長度，由圖可知其長度為______mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖，可知其直徑為_______mm；（3）用已調(diào)零且選擇旋鈕指向歐姆擋“×1”位置的多用電表粗略測量該圓柱體的電阻，根據(jù)圖所示的表盤，可讀出被測電阻阻值為______Ω（4）為了精確的測量該圓柱體的電阻，他選用了以下儀器，用伏安法進(jìn)行測量，實(shí)驗(yàn)要求電壓表的讀數(shù)從0開始，請?jiān)诳驁D中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_______A．直流電源，輸出電壓為6V；B．電壓表3V，內(nèi)阻大約1kΩ；C．電流表0.6A，內(nèi)阻大約1Ω；D．滑動變阻器，總電阻10Ω；E．開關(guān)、導(dǎo)線若干四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中有一絕緣軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R=0.2m的光滑圓軌道，軌道的AB部分水平且與BC相切．AB長度為2R，一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+10-4C的小球，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為0.5，由A點(diǎn)靜止釋放后，求:(g=10m/s2)(1)小球到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)間(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，方向垂直于紙面向里，一帶負(fù)電的粒子(不計(jì)重力)沿水平方向以速度v正對圓心入射，通過磁場區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60°(1)求粒子的比荷及粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間t(2)如果想使粒子通過磁場區(qū)域后速度方向的偏轉(zhuǎn)角度最大，在保持原入射速度的基礎(chǔ)上，需將粒子的入射點(diǎn)沿圓弧向上平移的距離d為多少？15．（12分）如圖所示，第四象限內(nèi)有互相正交的勻強(qiáng)電場E與勻強(qiáng)磁場B1，已知E大小為1.5×103V/m，B1大小為0.5T；第一象限的某個圓形區(qū)域內(nèi)，有方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場B2，磁場的邊界與x軸相切．一質(zhì)量m＝1×10－14kg、電荷量q＝2×10－10C的帶正電微粒以某一速度v沿與y軸正方向成60°角的M點(diǎn)射入第四象限，并沿直線運(yùn)動，經(jīng)P點(diǎn)立即進(jìn)入處于第一象限內(nèi)的磁場B2區(qū)域．一段時(shí)間后，微粒經(jīng)過y軸上的N點(diǎn)并沿與y軸正方向成60°角的方向飛出．已知M點(diǎn)的坐標(biāo)為(0，－0.1)，N點(diǎn)的坐標(biāo)為(0，0.3)，不計(jì)微粒重力，g取10m/s2．求：(1)微粒運(yùn)動速度v的大?。?2)勻強(qiáng)磁場B2的大?。?3)B2磁場區(qū)域的最小面積

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】設(shè)斜面傾角為，導(dǎo)線中無電流時(shí)如果電流垂直紙面向外時(shí)，磁體對導(dǎo)線的作用力方向斜向左下方，由牛頓第三定律可知，磁體受到導(dǎo)線的作用方向斜向右上方，此力分解為平行斜面向上和垂直斜面向上，所以有此時(shí)彈簧彈力變小，彈簧的伸長量減?。蝗绻娏鞔怪奔埫嫦蚶飼r(shí)，磁體對導(dǎo)線的作用力方向斜向右上方，由牛頓第三定律可知，磁體受到導(dǎo)線的作用方向斜向左下方，此力分解為平行斜面向下和垂直斜面向下，所以有此時(shí)彈簧彈力變大，彈簧的伸長量增大；故選D。2、A【解析】圖線斜率的絕對值表示電場強(qiáng)度的大小，A圖線斜率的絕對值大，所以A點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大，B圖線斜率的絕對值小，電場強(qiáng)度的最?。瓻A＞EB．故A正確，BCD錯誤．故選A3、C【解析】A．磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向上，相當(dāng)于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應(yīng)加砝碼，故A錯誤；BCD．B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向上，相當(dāng)于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應(yīng)加砝碼，有解得故C正確，BD錯誤。故選C。4、B【解析】由題意知根據(jù)動能定理得所以故B正確，ACD錯誤。故選B。5、C【解析】AB．該電場的電場線分布情況不明，所以在c點(diǎn)處的電勢不一定為4V，a點(diǎn)處的場強(qiáng)Ea不一定大于b點(diǎn)處的場強(qiáng)Eb。故AB錯誤；CD．因c點(diǎn)的電勢一定高于b點(diǎn)，由公式易知，一正電荷從c點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)，電勢能一定減少。根據(jù)“沿電場線方向電勢逐漸降低”可得c點(diǎn)的場強(qiáng)方向由a指向c。所以正電荷運(yùn)動到c點(diǎn)時(shí)受到的電場力由a指向c。故C正確，D錯誤。故選C。6、A【解析】AB．由圖，粒子的運(yùn)動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點(diǎn)受到的電場力沿電場線向左。由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性。故A錯誤，B正確。CD．由于粒子在a、b兩點(diǎn)受到的電場力沿電場線向左，故從a到b電場力對粒子做負(fù)功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點(diǎn)的速度較大，在b點(diǎn)電勢能較大。故CD正確。本題選擇錯誤的，故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】根據(jù)題圖可知，考查了導(dǎo)體棒切割磁感線的問題，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解電動勢的大小，根據(jù)歐姆定律求解感應(yīng)電流的大小，根據(jù)安培定則判斷感應(yīng)電流的方向，根據(jù)安培力公式求解安培力，利用牛頓第二定律求解加速度a，根據(jù)能量守恒求解過程中產(chǎn)生的焦耳熱【詳解】A、導(dǎo)體棒在下降的過程中，對ab棒進(jìn)行受力分析有：，由于導(dǎo)體棒粗細(xì)均勻，設(shè)單位長度的電阻為，則電流，整理得：，物體做加速運(yùn)動，增大，也增加，故加速度在減小，故A錯誤；B、解除鎖定后，導(dǎo)體棒向下運(yùn)動，由右手定則得，電流由a到b，故B正確；C、導(dǎo)體棒滑到導(dǎo)軌末端時(shí)，導(dǎo)體棒的有效切割長度，所以加速度大小為，故C正確；D、導(dǎo)體棒下滑過程中，由能量守恒得：，整理得：，故D正確8、AB【解析】A．兩球帶異種電荷，兩者相互吸引，距離減小，根據(jù)庫侖定律可知小球受的庫侖力均在增大，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度增大，故A正確；BC．兩小球都庫侖力作用下做加速運(yùn)動，動能增大，庫侖力做正功，電勢能減小，故B正確，C錯誤；D．兩小球受到的庫侖力是作用力與反作用力，由牛頓第三定律知兩庫侖力大小相等方向相反，故D錯誤。9、CD【解析】試題分析：等勢面與電場線垂直，故沿著等勢面移動點(diǎn)電荷，電場力與運(yùn)動方向一直垂直，電場力不做功，故A錯誤；電場中電勢相等的各個點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢面，等勢面上各個點(diǎn)的場強(qiáng)大小情況要看具體的電場，故B錯誤；等勢面與電場線垂直，結(jié)合這個特點(diǎn)可以知道孤立點(diǎn)電荷在真空中形成的電場的等勢面是以點(diǎn)電荷為圓心的一簇球面，故C正確；等勢面與電場線垂直，結(jié)合這個特點(diǎn)可以知道勻強(qiáng)電場中的等勢面是相互平行的垂直于電場線的一簇平面，故D正確；故選CD考點(diǎn)：等勢面【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是要明確等勢面的概念，電場中電勢相等的各個點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢面；等勢面與電場線垂直，沿著等勢面移動點(diǎn)電荷，電場力不做功；同時(shí)要能根據(jù)電場線畫出常見的幾種等勢面圖10、CD【解析】AB．由圖可知，線圈與磁場垂直，故圖示位置穿過線框的磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小為零，即圖示位置通過線框的磁通量變化率最小，故AB錯誤；C．電動勢的最大值為則交流電壓的有效值為則原副線圈的匝數(shù)比為故C正確；D．因?yàn)楸ｋU(xiǎn)絲的最大電流為5A，則最大功率為故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)E(或R1)(2)如圖(3)1.50；1．25【解析】（1）因?yàn)橐还?jié)干電池的內(nèi)阻不是很大，所以選擇較小范圍的滑動變阻器，故選E（2）因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻和電源內(nèi)阻非常接近，所以采用電流表內(nèi)接，否則電流表的分壓，電壓表測量的不是路端電壓，如圖所示（3）U-I圖像的縱截距表示電流斷路時(shí)電源兩端的電壓，此時(shí)等于電源電動勢，故E=1.5V，圖像的橫截距表示短路電流，此時(shí)有，解得考點(diǎn)：“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】測定電源的電動勢和內(nèi)電阻是高中階段電學(xué)實(shí)驗(yàn)考查的重點(diǎn)，是近幾年各地高考題目的出題熱點(diǎn)，本題突出了對于實(shí)驗(yàn)原理、儀器選擇及U-I圖象處理等多方面內(nèi)容的考查，題目層次源于課本，凸顯能力，體現(xiàn)創(chuàng)新意識，側(cè)重于對實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾?2、①.22.6②.6.360-6.363③.7④.【解析】（1）由圖得主尺讀數(shù)為2.2cm=22mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為，所以圓柱體的長度為22+0.6mm=22.6mm．由圖得主尺讀數(shù)為6mm，可動刻度讀數(shù)為，所以圓柱體的直徑為6+0.360mm=6.360mm．由圖知，電阻讀數(shù)要讀多用電表最上的表盤，即讀數(shù)為由題意要求電壓表的讀數(shù)從0開始，所以滑動變阻器要用分壓接法，由待測電阻大約為7歐，滿足電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻，得電流表要用外接法，電路圖如圖所示：【點(diǎn)睛】學(xué)生要會讀游標(biāo)卡尺、螺旋測微器、多用電表的示數(shù)，知道滑動變阻器必須用分壓接法的三種情況四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.4s(2)3N【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出AB段的加速度，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可求時(shí)間；（2）對全過程應(yīng)用動能定理可求到達(dá)C點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律可求對軌道的壓力，再由牛頓第三定律可知小球?qū)壍赖膲毫Α驹斀狻浚?）.水平軌道上，對小球，由牛頓第二定律得：設(shè)運(yùn)動時(shí)間為t，則：由以上各式得：t=0.4s（2）設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC,則對于小球由A→C的過程中,由動能定理得:小球在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得:解得:由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫?NC'=NC=3N14、(1)(2)【解析】帶電粒子沿半徑方向射入勻強(qiáng)磁場，做勻速圓周運(yùn)動，最后將沿半徑方向射出磁場．由偏轉(zhuǎn)角可確定圓磁場的半徑與軌道半徑的關(guān)系，從而求出粒子的比荷；由周期公式可求出在磁場中的運(yùn)動