2025屆江蘇省無錫市江陰四校高三上物理期中學業(yè)水平測試試題含解析

2025屆江蘇省無錫市江陰四校高三上物理期中學業(yè)水平測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量均為m的A、B兩球之間系著一條輕彈簧放在光滑的水平面上，A球靠緊墻壁，現(xiàn)用力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將力F撤去的瞬間，則（）A．突然將F撤去瞬間，兩球的速度和加速度均為0B．A球離開墻壁后，兩球的速度相等時彈簧恰好恢復原長C．B球運動過程中加速度的最大值為D．A球離開墻壁后，兩球的加速度始終大小相等，方向相反2、在平拋物體運動過程中，某一時刻測得物體速度方向與水平方向間的夾角為60°，若已知物體平拋的初速度大小為10m/s，g取10m/s2，則物體從拋出到該時刻經(jīng)歷的時間為A．1sB．2sC．3sD．2s3、如圖所示，一個小球用長為L的細線懸于O點，將小球向左拉到某一高度，此時細線與豎直方向的夾角為θ=53°，由靜止釋放小球，若小球向右擺動到最低點時細線斷開，小球落在水平地面的A點（未畫出）；若小球向右擺動到最高點時細線斷開，小球的落地點也在A點，不計空氣阻力，sin530=0.8，則細線的懸點O離水平地面的高度為()A．1.2L B．1.4L C．1.6L D．1.8L4、圖示為一帶電粒子在水平向右的勻強電場中運動的一段軌跡，A、B為軌跡上的兩點．已知該粒子質量為m、電荷量為q，其在A點的速度大小為vo，方向豎直向上，到B點時速度方向與水平方向的夾角為30°，粒子重力不計．則A、B兩點間的電勢差為A． B． C． D．5、如圖所示，是上端帶定滑輪的固定堅直桿，質量不計的輕桿一端通過鉸鏈固定在點，另一端懸掛一重為的物體，且端系有一根輕繩并繞過定滑輪，用力拉繩，開始時，現(xiàn)使緩慢變小，直到桿接近豎直桿．此過程中A．力逐漸增大B．力先逐漸減小后逐漸增大C．輕桿對端的彈力大小不變D．輕桿對端的彈力先減小后增大6、質疑“越重的物體下落得越快”這一觀點，并解釋落體運動規(guī)律的科學家是A．亞里士多德 B．伽利略C．牛頓 D．愛因斯坦二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傾角為30°的斜面體靜止在水平地面上，一根不可伸長的輕繩兩端分別系著小球A和物塊B，跨過固定于斜面體頂端的定滑輪O(不計滑輪的摩擦)，球A的質量為m，物塊B的質量為4m；開始時，用手托住A，使OA段繩恰好處于水平伸直狀態(tài)(繩中無拉力)，OB繩平行于斜面，此時B靜止不動，將A由靜止釋放，在其下擺到定滑輪O正下方的過程中斜面體和B始終保持靜止.下列說法正確的是A．物塊B受到的摩擦力方向發(fā)生了變化B．此過程中地面對斜面體始終沒有摩擦力C．若適當增加OA段繩子的長度，物塊B也不可能發(fā)生運動D．小球A運動到最低點時物塊B所受的摩擦力為mg，方向沿斜面向下8、據(jù)報道，美國國家航空航天局（）首次在太陽系外發(fā)現(xiàn)“類地”行星。若宇航員乘坐宇宙飛船到達該行星，進行科學觀測：該行星自轉周期為；宇航員在該行星“北極”距該行星地面附近以速度豎直上拋一個小球，小球經(jīng)時間返回到地面。已知該行星半徑為，萬有引力常量為，則下列說法正確的是A．該行星的第一宇宙速度為B．該行星的平均密度為C．如果該行星存在一顆同步衛(wèi)星，其距行星表面高度為D．宇宙飛船繞該星球做圓周運動的周期不小于9、兩個等量同種正電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示，一個電荷量為2C，質量為1kg的小物塊從C點由靜止釋放，其運動的v-t圖像如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標出了該切線）。則下列說法正確的是（）A．由C點到A點電勢逐漸降低B．由C點到A點的過程中物塊的電勢能先減小后變大C．B點為中垂線上電場強度最大的點，場強E=1V/mD．A、B兩點間的電勢差UAB=-5V10、如圖，靜電噴涂時，噴槍噴出的涂料微粒帶負電，被噴工件帶正電，微粒只在靜電力作用下向工件運動，最后吸附在其表面．微粒在向工件靠近的過程中（）A．不一定沿著電場線運動B．所受電場力大小不變C．電勢能逐漸減小D．動能逐漸減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖（a）所示，是多用電表歐姆檔內(nèi)部的部分原理圖，已知電源電動勢E=1.5V，內(nèi)阻r=1Ω，靈敏電流計滿偏電流Ig=10mA，內(nèi)阻為rg=90Ω，表盤如圖b所示，歐姆表表盤中值刻度為“15”（1）多用電表的選擇開關旋至“Ω”區(qū)域的某檔位時，將多用電表的紅、黑表筆短接，進行歐姆調(diào)零，調(diào)零后多用電表的總內(nèi)阻為___________Ω，某電阻接入紅、黑表筆間，表盤如圖（b）所示，則該電阻的阻值為_______________Ω。（2）若將選擇開關旋至“×1”，則需要將靈敏電流計__________（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一阻值為___________Ω的電阻，再歐姆調(diào)零。（3）多用電表長時間使用后，電源內(nèi)阻變大，電動勢變小，此因素會造成被測電阻的測量值比真實值___________（選填“偏大”“不變”或“偏小”）。12．（12分）某同學用如圖1所示實驗裝置驗證碰撞中的動量守恒．將斜槽固定在水平桌面上，讓入射球1從斜槽上某點A由靜止釋放，記錄球在地面的落點；在斜槽末端放上被碰球2再次讓球1從斜槽上A點由靜止釋放，記錄球1和球2的落點．重復上述過程10次，用盡可能小的圓將10個落點圈在一起，圓心M、P、N代表落點，斜槽末端在水平地面的豎直投影為O，用刻度尺測量小球的水平位移，如圖2所示．(1)為完成實驗下列操作必須的是________．A．斜槽末端切線方向保持水平B．入射球1的質量小于被碰球2的質量C．實驗中入射小球從同一位置由靜止釋放D．測出斜槽末端到地面的高度h，計算球的速度(2)未放被碰球時，由刻度尺讀出入射球拋出的水平位移為____________cm；(3)測得球1和球2的質量分別為m1和m2，小球的水平位移分別為xOM、xON、xOP，若關系式_________________成立(用所測物理量符號表示)，則可驗證碰撞過程動量守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用長l=0.5m的細線懸掛質量M=990g的木塊，靜止懸掛在天花板上的O點。一顆質量m=10g的子彈以水平速度v0=200m/s射入木塊，瞬間留在木塊中，接著和木塊共同上擺。取g=10m/s2。求：（1）子彈射入木塊后瞬間它們共同速度的大小v：（2）子彈射入木塊后瞬間，細線施加的拉力大小T；（3）木塊向右擺動的最大擺角θ。14．（16分）如圖甲所示，一對平行金屬板M、N長為L，相距為d，為中軸線．當兩板間加電壓時，兩板間為勻強電場，忽略兩極板外的電場．某種帶負電的粒子從點以速度沿方向射入電場，粒子恰好打在上極板M的中點，粒子重力忽略不計．求帶電粒子的比荷．若MN間加如圖乙所示的交變電壓，其周期，從開始，前內(nèi)，后內(nèi)，大量的上述粒子仍然以速度沿方向持續(xù)射入電場，最終所有粒子剛好能全部離開電場而不打在極板上，求U的值用表示．15．（12分）如圖所示，質量為0.4kg的木塊以2m/s的速度水平地滑上靜止的平板小車，小車的質量為1.6kg，木塊與小車之間的動摩擦因數(shù)為0.25（g取10m/s2）．設小車足夠長，地面光滑，求：（1）木塊和小車相對靜止時小車的速度；（2）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經(jīng)歷的時間；（3）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止木塊在小車上滑行的距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：突然將力F撤去的瞬間，彈簧來不及改變，形變量不變，對A來說受力情況不變，合力仍為零，對B來說只受一個向右的彈力，故兩者的加速度之和不為零，A錯誤；在彈簧第一次恢復原長后，彈簧對A有向右的拉力，A才離開墻壁，B錯誤；撤去前對B受力分析可得，撤去F后，B在水平方向上只受彈簧的彈力，隨后彈簧要恢復形變量，彈力在減小，故撤去F的瞬間B的加速度最大，最大為，C錯誤；A球離開墻壁后，兩球在水平方向上都只受彈簧的彈力，等大反向，所以A球離開墻壁后，兩球的加速度始終大小相等，方向相反，D正確；考點：考查了牛頓第二定律的瞬時性【名師點睛】在應用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱?，）然后結合整體隔離法，應用牛頓第二定律分析解題2、C【解析】

設初速度為v0，根據(jù)平行四邊形定則知，速度方向與水平方向間的夾角為60°時，豎直方向上的分速度為vy=v0tan60°=3v0，則3v0=gt代入數(shù)據(jù)解得，t=3s，故C正確，ABD錯誤。故選:C.3、B【解析】

若小球向右擺動到最低點時細線斷開，先根據(jù)機械能守恒得到小球通過最低點時的速度，結合平拋運動的規(guī)律得到平拋運動的水平距離；若小球向右擺動到最高點時細線斷開，根據(jù)機械能守恒得到小球向右擺動的最大偏角，結合幾何關系求解．【詳解】設細線的懸點O離水平地面的高度為h．若小球向右擺動到最低點時細線斷開，斷開前的過程，根據(jù)機械能守恒得繩斷開后小球做平拋運動，則有：x=vt若小球向右擺動到最高點時細線斷開，根據(jù)機械能守恒得到小球向右擺動的最大偏角為53°，則有：x=Lsin53°聯(lián)立得：h=1.4L．故應選：B．【點睛】本題的關鍵是明確小球的運動規(guī)律，然后結合機械能守恒定律、平拋運動定律列式后聯(lián)立求解．4、C【解析】

分析可知，該帶電粒子在電場中做類平拋運動，在B點將速度分解，找到B點速度和分速度的關系，求出B點速度；從A到B根據(jù)動能定理，即可求解A、B兩點電勢差．【詳解】根據(jù)題意，在B點，，解得：從A到B根據(jù)動能定理得：聯(lián)立上述各式得：故選C．【點睛】本題關鍵是通過運動的合成與分解得到A點速度和B點速度的關系，然后結合動能定理列式求解電勢差．5、C【解析】以B點為研究對象，分析受力情況：重物的拉力T（等于重物的重力G）、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，作出力的示意圖如圖由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得：，又T=G解得：，使緩慢變小時，CA、AB保持不變，CB變小，則F減小，N不變，故ABD錯誤，C正確．故選C．【點睛】以B點為研究對象，分析其受力情況，作出受力圖，利用三角形相似法，得出各力與三角形ABC三邊邊長的關系，再分析F和N的變化．6、B【解析】

伽利略是最早對對亞里士多德“物體越重下落得越快”的觀點提出質疑，并對落體運動進行系統(tǒng)研究并得出正確結論的科學家．A.亞里士多德，與分析不符，故A項錯誤；B.伽利略，與分析相符，故B項正確；C.牛頓，與分析不符，故C項錯誤；D.愛因斯坦，與分析不符，故D項錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

AD．開始時B所受靜摩擦力大小為，方向向上；小球A擺下過程，只有重力做功，機械能守恒，有在最低點有解得：F=3mg。再對物體B受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，故靜摩擦力f2=3mg-4mgsin30°=mg．方向向下，故AD正確；B．對物體B和斜面體整體受力分析，由于A球向左下方拉物體B和斜面體整體，故一定受到地面對其向右的靜摩擦力，故B錯誤。C．由A分析可知，繩子對B的拉力與L無關，到達最低點時繩子拉力達到的最大值始終為3mg，故適當增加OA段繩子的長度，物塊仍保持靜止，C正確；故選ACD。8、BD【解析】

A．行星地面附近的重力加速度為該行星的第一宇宙速度為故A錯誤；B．利用得行星的體積為則密度為故B正確；C．利用解得故C錯誤；D．根據(jù)解得：故D正確。9、ACD【解析】

A．兩個等量的同種正電荷連線的中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側，故由C點到A點的過程中電勢逐漸降低，故A正確；B．由C點到A點的過程中，據(jù)圖可知小物塊的速度增大，電場力做正功，電勢能一直減小，故B錯誤；C．據(jù)圖可知小物塊在B點的加速度最大，為所受的電場力最大為則場強最大值為故C正確；D．由圖可知A、B兩點的速度分別為，，根據(jù)動能定理得解得故D正確。故選ACD。10、AC【解析】A.由于涂料微粒有初速度，故不一定沿電場線方向運動，故A正確；B.由圖知，工件帶正電，涂料微粒帶負電，則在涂料微粒向工件靠近的過程中，離工件越近，根據(jù)庫侖定律得知，涂料微粒所受庫侖力越大．故B錯誤；CD.涂料微粒向工件靠近的過程中，電場力對涂料微粒做正功，其電勢能減小，動能增大．故C正確，D錯誤．故選AC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、15060（58~62）并聯(lián)10偏大【解析】

（1）調(diào)零后多用電表的總內(nèi)阻為又因為歐姆表表盤中值刻度為“15”，所以該檔位為“×10”歐姆檔，則由表盤可知，該電阻的阻值為（2）因中值電阻等于歐姆表的內(nèi)阻，若將選擇開關旋至“×1”，則歐姆表的內(nèi)阻為15Ω，此時調(diào)零時電路的總電流為需要將靈敏電流計并聯(lián)一阻值為然后進行歐姆調(diào)零。（3）多用電表長時間使用后，電源內(nèi)阻變大，電動勢變小，則測量同一個電阻時，電路中電流偏小，指針向右偏轉的角度變小，電阻的讀數(shù)偏大。12、AC【解析】

(1)A、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故A正確.B、為了使小球碰后不被反彈，要求被碰小球質量大于碰撞小球質量，故B錯誤.C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確．D、本實驗中兩小球落地時間相同，故不需要測量高度h來計算下落時間；故D錯誤；故選AC.(2)未放被碰球時的落點為P點，用盡可能小的圓將盡可能多的小球的落點圈住，圓心的位置就可以看成是小球的平均落點；該落點的讀數(shù)為25.55cm.(3)小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則：m1v1=m1v1′+m2v2′，兩邊同時乘以時間t得：m1v1t=m1v1′t+m2v2′t，則：m1xOP=m1xOM+m2xON，故實驗需要驗證的表達式為：.【點睛】該題考查用“碰撞試驗器”驗證動量守恒定律，該實驗中，雖然小球做平拋運動，但是卻沒有用到速和時間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關鍵.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s,（2）18N（3）53°（或cosθ=0.6）【解析】

（1）子彈射入木塊過程中，子彈與木塊系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)動量守恒，有mv0=（m+M）v解得v=2m/s（2）子彈射入木塊后瞬間，重力和拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有T?（M+m）g=（M+m）v解得T=18N即子彈射穿木塊后的瞬間，木塊所受細繩的拉力T為18N.（3）子彈射入木塊后，木塊受重力和拉力，只有重力做功，機械能守恒，有1解得cosθ=0.6，θ=53°【點睛】（1）子彈射入木塊過程中，子彈與木塊系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列式求解即可；（