四川省雙流藝體中學2025屆物理高二上期中調(diào)研試題含解析

四川省雙流藝體中學2025屆物理高二上期中調(diào)研試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、起重機用鋼繩將重物豎直向上勻速提升，在重物勻速上升的過程中()A．重物的動能逐漸增大B．重物的重力勢能逐漸增大C．鋼繩對重物的拉力逐漸增大D．鋼繩對重物的拉力的功率逐漸增大2、某小組在試驗汽車模型，該模型以蓄電池為驅(qū)動能源，驅(qū)動電機能夠?qū)⑤斎牍β实?0%轉(zhuǎn)化為牽引汽車模型前進的機械功率．該模型的總質(zhì)量m=30kg，當它在水平路面上以v=18km/h的速度勻速行駛時，驅(qū)動電機的輸入電流I=5A，電壓U=30V．某地區(qū)地表的平均日照輻射度約為480W/m1，若以太陽能為該模型的蓄電池供電，已知能量轉(zhuǎn)化效率約為15%，汽車受到太陽照射面積約為1m1．以下說法正確的是（）A．該模型以速度行駛時，所受的阻力大小為30NB．該模型以速度行駛時，驅(qū)動電機的機械功率為150WC．該模型若由太陽能直接供電，能以速度正常行駛D．若該地一天的有效日照時間為8小時，充電一天可供該模型以v速度行駛約3、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，兩平行板水平放置．具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不同．這種裝置能把具有某一特定速度的粒子選擇出來，所以叫做速度選擇器．現(xiàn)有一束帶電粒子以速度v0從左端水平射入，不計粒子重力．下列判斷正確的是A．若粒子帶正電且速度，則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器B．若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動C．若粒子帶正電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動D．若粒子帶負電且速度，則粒子將偏離虛線方向向上做曲線運動4、關于電動勢，下列說法不正確的是（）A．電動勢越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領越大B．電源兩極間的電壓就是電源電動勢C．電源電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電壓之和D．電源電動勢與外電路的組成無關5、如圖，電路中電源E的內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，R1為滑動變阻器的最大阻值，各電表均為理想電表．已知r＜R2電阻R1＜R1．閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法不正確的是（）A．電源內(nèi)阻r消耗的熱功率先變大后變小B．電源的輸出功率先變小后變大C．V1的示數(shù)先變大后變小，V2的示數(shù)先變小后變大D．A1的示數(shù)不斷變小，A2的示數(shù)不斷變大6、如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表，L為小電珠．R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．現(xiàn)將開關S閉合，當滑動變阻器滑片P向左移動時，下列結(jié)論正確的是（）A．電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大B．小電珠L變亮C．電容器C上電荷量減小D．電源的總功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用如圖所示的電路來測量電池電動勢和內(nèi)電阻，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如圖所示的U-I圖線，由圖可知A．電池電動勢的測量值為1.40VB．電池內(nèi)阻的測量值為1.0ΩC．外電路發(fā)生短路時的電流為0.40AD．電壓表示數(shù)為1.20V時，電流表的示數(shù)I′＝0.2A8、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)將兩極板的間距變小，則A．油滴帶正電B．油滴帶負電C．電流表中將有從a到b的電流D．電流表中將有從b到a的電流9、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖甲所示，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場,使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，帶電粒子在磁場中運動的動能EK隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷中正確的是()A．高頻電源的變化周期應該等于B．勻強磁場的磁感應強度越大，則粒子獲得的最大動能越大C．粒子加速次數(shù)越多，粒子最大動能一定越大D．D形金屬盒的半徑越大，則粒子獲得的最大動能越大10、如圖所示為一空腔導體周圍的電場線分布圖，電場方向如圖中箭頭所示，M、N、P、Q是以O為圓心的一個圓周上的四點，其中M、N在一條直電場線上，P、Q在一條曲電場線上，下列說法正確的有()A．M點的電場強度比N點的電場強度小B．P點的電勢比Q點的電勢低C．負電荷在P點的電勢能小于其在Q點的電勢能D．M、O間的電勢差等于O、N間的電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）單擺測定重力加速度的實驗中，（1）實驗時用20分度的游標卡尺測量擺球直徑，示數(shù)如圖甲所示，該擺球的直徑d=______mm．（2）實驗測得擺長為L，用拉力傳感器測得擺線的拉力F隨時間t變化的圖象如圖乙所示，則重力加速度的表達式為：g=____________（用題目中物理量的字母表示）．（3）若該同學采用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)，實驗中測出不同擺長L以及對應的周期T，作出L-T2圖線如圖所示，利用圖線上任兩點A、B的坐標（xl，y1）、（x2，y2）可得出重力加速度的表達式g=（4）以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有______A．擺線要選擇細些的、伸縮性小些的，并且盡可能長一些B．擺球盡量選擇質(zhì)量大些、體積小些的C．為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相距平衡位置有較大的角度D．拉開擺球，使擺線偏離平衡位置一微小角度，在釋放擺球的同時開始計時，當擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔△t即為單擺周期TE．拉開擺球，使擺線偏離平衡位置一微小角度，釋放擺球，當擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間△t，則單擺周期T=Δt12．（12分）某同學利用打點計時器和氣墊導軌做驗證動量守恒定律的實驗．氣墊導軌裝置如圖(a)所示，所用的氣墊導軌裝置由導軌、滑塊、彈射架等組成．(1)下面是實驗的主要步驟：①安裝好氣墊導軌，調(diào)節(jié)氣墊導軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導軌水平；②向氣墊導軌通入壓縮空氣；③把打點計時器固定在緊靠氣墊導軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過打點計時器與彈射架并固定在滑塊1的左端，滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終在水平方向；④使滑塊1擠壓導軌左端彈射架上的橡皮繩；把滑塊2放在氣墊導軌的中間；⑤先接通打點計時器的電源，再放開滑塊1，讓滑塊1帶動紙帶一起運動；在中間與滑塊2相撞并粘在一起運動；⑥取下紙帶，重復步驟④⑤，選出理想的紙帶如圖(b)所示；⑦測得滑塊1的質(zhì)量310g，滑塊2(包括橡皮泥)的質(zhì)量205g．(2)已知打點計時器每隔0.02s打一個點，計算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量為________kg·m/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動量為________kg·m/s(保留三位有效數(shù)字)．(3)試說明(2)中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是______________________________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）將一相距為d=40cm的平行板接入如圖所示的電路中，當開關閉合時，帶正電的小球剛好靜止在兩平行板間.已知電源電動勢E=24V、內(nèi)阻r=1Ω，R=15Ω，小球的電荷量q=1×10-2C、質(zhì)量m=2×10-2kg，.求：（1）帶電小球靜止時平行板間的電壓U.（2）滑動變阻器接入電路中的部分電阻的阻值RP為多少？.14．（16分）一電路如圖所示，電源電動勢E=28V，內(nèi)阻r=2Ω，電阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C為平行板電容器，其電容C=3.0pF，虛線到兩極板距離相等，極板長L=0.40m，兩極板的間距d=1.0×10-2m。（1）若開關S處于斷開狀態(tài)，則當其閉合后，求流過R4的總電量為多少？（2）若開關S斷開時，有一帶電微粒沿虛線方向以的初速度射入C的電場中，剛好沿虛線勻速運動，問：當開關S閉合后，此帶電微粒以相同初速度沿虛線方向射入C的電場中，能否從C的右側(cè)電場中射出？（要求寫出計算和分析過程，只寫結(jié)果不寫過程不給分，g取10m/s2）15．（12分）如圖所示，一簇平行線為未知方向的勻強電場的電場線，沿與此平行線成60°角的方向，把1×10﹣6C的負電荷從A點移到B點，電場力做功為2×10﹣5J，A、B間距為20cm，若B點為零勢能處，電勢為0V，求：(1)勻強電場的場強;(2)A點電勢為多大;(3)電子處于A點時，具有的電勢能是多少eV.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】重物豎直向上勻速上升，速度不變，動能保持不變．故A錯誤．重物的高度增大，重力勢能逐漸增大．故B正確．重物勻速運動，鋼繩對重物的拉力與重力平衡，保持不變．故C錯誤．由公式P=Fv，拉力F不變，v不變，則鋼繩對重物的拉力的功率不變．故D錯誤．故選B.2、D【解析】

A項：由公式，故A錯誤；B項：由題意可知，該模型以v=18km/h速度行駛時，驅(qū)動電機的機械功率為，故B錯誤；C項：由題意可知，太陽能提供的功率為：，該模型以v=18km/h速度行駛時的機械功率為135W，故C錯誤；D項：太陽能提供的能量為，所用的時間為：，運動的距離為：，故D正確．3、A【解析】粒子做勻速直線運動，洛侖茲力與電場力平衡，即，解得，即無論粒子帶正電還是帶負電，只要滿足，則粒子將沿圖中虛線方向通過速度選擇器，A正確B錯誤；正粒子以小于的速度沿極板方向從左端射入，根據(jù)知洛倫茲力小于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向下，故它將向下偏轉(zhuǎn)，C錯誤；正粒子以大于的速度沿極板方向從左端射入，根據(jù)知洛倫茲力大于電場力，電場力豎直向下，合力豎直向上，故它將向上偏轉(zhuǎn)，但電場力做負功，速度減小，洛倫茲力減小，最終洛倫茲力等于電場力，之后做直線運動，D錯誤．4、B【解析】試題分析：電動勢越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領越大，選項A正確；當外電路斷開時，電源兩極間的電壓大小等于電源電動勢，選項B錯誤；電源電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電壓之和，選項C正確；電源電動勢與外電路的組成無關，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選B．考點：電動勢【名師點睛】此題考查學生對電動勢的理解；要知道電源的電動勢是由電源內(nèi)部決定的物理量，反應將其他形式的能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I的大?。?、A【解析】A、C、D項：A、由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R1的最大阻值，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內(nèi)電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數(shù)先變大后變?。甐2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)先變小后變大．并聯(lián)電壓U并=U-U2，先變大后變小，電阻R1所在支路電阻R1支路逐漸減小，所以電流I1增大，電流表A2示數(shù)增大；I2=I-I1，電流表A1示數(shù)變小，電源內(nèi)部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內(nèi)部的熱功率，先變小后變大，故A錯誤，C、D正確；B項：因為r＜R2，所以外電阻總是大于內(nèi)電阻的，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故B正確．點晴：電阻R1的阻值小于滑動變阻器R1的最大阻值．當滑動變阻器的滑片P由中點向左滑動的過程中，變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再由歐姆定律分析R2兩端電壓的變化，確定三個電表示數(shù)的變化．6、A【解析】

滑片向左移動，滑動變阻器的電阻變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，干路電流減小，電流表的示數(shù)減小，串聯(lián)電路的電阻遵循分壓原理，則隨著滑動變阻器電阻的增大，其分壓相應增大，電壓表示數(shù)增大，選項A正確．干路電流減小，小電珠變暗，選項B錯誤．電容器與變阻器并聯(lián)，分壓升高，則電容器上的電荷增多，選項C錯誤．干路電流減小，電源電動勢不變，則電源的總功率減小，選項D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A、由圖象可知，電源U﹣I圖象與縱軸交點坐標表示電源的電動勢，則知電源的電動勢為1.40V，故A正確；B、電源的內(nèi)阻r＝||Ω＝1Ω，故B正確；C外電路發(fā)生短路時的電流I1.40A，故C錯誤；D、當電壓表示數(shù)為1.20V時，I′A＝0.20A，故D正確；8、BC【解析】

AB．因粒子處于靜止狀態(tài)，則有電場力與重力平衡，即電場力方向向上，由于電場強度方向向下，因此粒子帶負電，故A錯誤，B正確；CD．將兩極板的間距變小，根據(jù)電容的決定式可知，電容變大，電容器的電壓不變，由公式可知，電荷量增大，所以電容器充電，而電容器上極板帶正電，則電流表中將有從a到b的電流，故C正確，D錯誤。9、BD【解析】解：A、交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2，故A錯誤；BC、根據(jù)半徑公式知，則所以勻強磁場的磁感應強度越大，D形金屬盒的半徑越大，則粒子獲得的最大動能越大，故BD正確；C錯誤；綜上所述本題答案是：BD點睛：本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由D型盒的半徑?jīng)Q定的．10、AC【解析】

A．電場線的疏密程度表示電場的強弱，故N點的場強比M點的場強大，故A正確；B．沿著電場線的方向電勢越來越低，所以Q點的電勢比P點的電勢低，故B錯誤；C．P點電勢高于Q點，根據(jù)Ep=φq可知，負電荷在P點時的電勢能小于在Q點時的電勢能，故C正確；D．根據(jù)電場分布可知，MO間的平均電場強度比ON之間的平均電場強度小，故由公式U=Ed可知，MO間的電勢差小于ON間的電勢差，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、14.1514π2【解析】（1）該擺球的直徑為d=14mm+3×（2）由圖乙所示圖象可知，單擺的周期T=5t0-t0（3）由單擺周期公式T=2πl(wèi)g可知，L=g4π2T（4）實驗中，要選擇細些的、伸縮性小些的擺線，長度要適當長一些；和選擇體積比較小，密度較大的小球，AB正確；擺球的周期與擺線的長短有關，與擺角無關，故C錯誤；釋放擺球，當擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時；要測量多個周期的時間，然后求平均值，故D錯誤E正確．12、接通打點計時器的電源；放開滑塊；0.620；0.618；紙帶與打點計時器限位孔有摩擦；【解析】(2)放開滑塊1后