安徽省滁州市海亮外國語學校2025屆物理高三上期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

安徽省滁州市海亮外國語學校2025屆物理高三上期中質量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，傾角為θ的足夠長傳送帶以恒定的速率v0沿逆時針方向運行．t=0時，將質量m=1kg的小物塊（可視為質點）輕放在傳送帶上，物塊速度隨時間變化的圖象如圖所示．設沿傳送帶向下為正方向，取重力加速度g=10A．1~2sB．小物塊受到的摩擦力的方向始終沿傳送帶向下C．小物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.D．傳送帶的傾角θ=2、質點做直線運動的位移與時間的關系為2（各物理量均采用國際單位制單位），則該質點A．運動的初速度為 B．前內的位移是C．任意相鄰的內位移差都是 D．任意1s內的速度增量都是3、靜止在地面上的物體隨地球的自轉而運動，則地球上的物體（）A．向心加速度都指向地心B．都受到相同的向心力C．都具有相同的向心加速度D．都具有相同的角速度4、如圖所示，質量為3m的物塊A與質量為m的物塊B用輕彈簧和不可伸長的細線連接，靜止在光滑的水平面上，此時細線剛好伸直但無彈力．現(xiàn)使物塊A瞬間獲得向右的速度v0，在以后的運動過程中，細線沒有繃斷，以下判斷正確的是A．細線再次伸直前，物塊A的速度先減小后增大B．細線再次伸直前，物塊B的加速度先減小后增大C．彈簧最大的彈性勢能等于D．物塊A、B與彈簧組成的系統(tǒng)，損失的機械能最多為5、如圖所示，在動摩擦因數(shù)μ=0.2的水平面上有一個質量m=lkg的小球，小球左側連接一水平輕彈簧，彈簧左端固定在墻上，右側連接一與豎直方向成θ=45°角的不可伸長的輕繩，輕繩另一端固定在天花板上，此時小球處于靜止狀態(tài)，且水平面對小球的彈力恰好為零．在剪斷輕繩的瞬間（g取10m/s2），下列說法中正確的是()A．小球受力個數(shù)不變B．小球立即向左加速，且加速度的大小為a=8m/s2C．小球立即向左加速，且加速度的大小為a=l0m/s2D．若剪斷的是彈簧，則剪斷瞬間小球加速度的大小a=l0m／s26、科學思維和科學方法是我們認識世界的基本手段，在研究和解決問題的過程中，不僅需要相應的知識，還要注意運用科學方法．理想實驗有時更能深刻地反映自然規(guī)律．關于力和運動的關系伽利略設想了一個思想實驗，如圖所示．①兩個對接的斜面，讓靜止的小球沿一個斜面滾下，小球將滾上另一個斜面；②如果沒有摩擦，小球將上升到原來釋放時的高度；③減小第二個斜面的傾角，小球在這斜面上仍然要達到原來的高度；④繼續(xù)減小第二個斜面的傾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持續(xù)的勻速直線運動．通過對這個實驗分析，我們可以得到的最直接結論是（）A．自然界的一切物體都具有慣性B．小球的加速度和所受合外力成正比C．小球受到的力一定時，質量越大，它的加速度越小D．光滑水平面上運動的小球，運動狀態(tài)的維持并不需要外力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一質量為m的物體恰能沿傾斜角為30°的斜劈勻速下滑，現(xiàn)對物體施加一個與斜面成30°角斜向下的恒力F，F(xiàn)=2mg，斜劈始終保持靜止，則A．物體以的加速度加速下滑B．物體仍沿斜劈勻速下滑C．地面對斜劈的摩擦力水平向左D．地面對斜劈的摩擦力為零8、如圖所示，物塊A、B間拴接一個壓縮后被鎖定的彈簧，整個系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中A物塊最初與左側固定的擋板相接觸，B物塊質量為2kg?，F(xiàn)剪斷A、B間的細繩，解除對彈簧的鎖定，在A離開擋板后，B物塊的υ－t圖如圖所示，則可知()A．在A離開擋板前，A、B系統(tǒng)動量不守恒，之后守恒B．在A離開擋板前，A、B與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，之后不守恒C．彈簧鎖定時其彈性勢能為9JD．若A的質量為1kg，在A離開擋板后彈簧的最大彈性勢能為3J9、如圖所示，在勻速轉動的水平盤上，沿半徑方向放著用細線相連的物體A和B，A和B質量都為m。它們分居在圓心兩側，與圓心距離分別為RA＝r，RB＝2r，A、B與盤間的動摩擦因數(shù)μ相同。若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當圓盤轉速加快到兩物體剛好還未發(fā)生滑動時，下列說法正確的是()A．此時繩子張力為T＝B．此時圓盤的角速度為ω＝C．此時A所受摩擦力方向沿半徑指向圓外D．此時燒斷繩子物體A、B仍將隨盤一塊轉動10、某空間區(qū)域的豎直平面內存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲所示，一個質量為m、電荷量為q的帶正電小球，在電場中從O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動．以O為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關系如圖乙所示，則(不考慮空氣阻力)()A．電場強度大小恒定，方向沿x軸負方向B．從O到x1的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C．從O到x1的過程中，相等的位移內，小球克服電場力做的功越來越大D．到達x1位置時，小球速度的大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究小球做圓周運動所需向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系的實驗中．（1）在探究向心力的大小F與角速度ω的關系時，要保持___相同．A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F（2）本實驗采用的實驗方法是___．A．累積法B．控制變量法C．微元法D．放大法（3）通過本實驗可以得到的正確結果是___．A．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比D．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比．12．（12分）某同學“驗證平行四邊形定則”實驗時，把橡皮條的一端用圖釘固定于A點，同時用兩個彈簧測力計將橡皮條的另一端拉到位置O，如圖甲所示，記錄相關數(shù)據(jù)；再用一個彈簧測力計把它拉到同一位置O，記錄相關數(shù)據(jù)．在白紙上根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出力的圖示，畫出的實驗結果如圖乙所示．（1）本實驗采用的研究方法是_____．A．理想實驗法B．等效替代法

C．控制變量法D．建立物理模型法（2）如果沒有操作失誤，圖乙中的F與F'兩力中，方向一定沿AO的是________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平地面上相距x=40m的A、B兩點，分別放有質量為m1=2kg和m2=1kg的甲、乙兩物體（均視為質點），甲與水平地面間的動摩擦因數(shù)為=0.5，BCD是半徑為R=0.9m的光滑半圓軌道，O是圓心，DOB在同一豎直線上．甲以v0=25m/s的水平速度從A點向右運動，與靜止在B點的乙發(fā)生碰撞，碰后粘在一起沿軌道BCD運動，從最高點D飛出，落在水平地面上的P點（圖中未畫出），取g=10m/s2，求：（1）甲運動到B點時的速度大??；（2）甲與乙碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；（3）落地點P與B點間的距離．14．（16分）如圖所示，光滑固定軌道ABCD上有兩個可視為質點的滑塊，滑塊中間有一壓縮彈簧且與兩物體不拴連，左側物體質量m1未知，右側物體質量，軌道右側為半徑的半圓弧AB，A為圓弧最高點，B為最低點和水平面相切，左側軌道CD為一半徑為且圓心角的圓弧，轉輪大小可忽略不計的粗糙的傳送帶EF長L=3m與水平面也成θ角，傳送帶沿斜面向上始終以勻速運動，傳送帶上表面與左端圓弧末端D點相切且剛好無彈力接觸?，F(xiàn)將兩物體同時在水平軌道上由靜止釋放，若彈簧的彈性勢能完全轉化為兩物體的動能，彈簧恢復原長前兩物體并未進入圓弧軌道，最終m2恰好能通過右側半圓弧A點，m1通過圓弧軌道CD滑上傳送帶，在傳送帶上一直做勻變速運動且到達F點時速度大小，m1通過傳送帶EF的過程中，系統(tǒng)摩擦生熱量Q與m1的機械能變化量ΔE剛好相等，g=10m/s，sinθ=0.6，cosθ=0.8.求：(1)m2到達B點時的速度大小vB；(2)彈簧初始狀態(tài)具有的彈性勢能Ep；(3)m1通過傳送帶EF的過程中，電動機額外消耗的電能上為多少。15．（12分）如圖，一質量為0.5kg的滑塊放在傾角為37°的固定斜面上（已知，，）。（1）若滑塊靜止，求其受到的摩擦力大小；（2）若滑塊勻速下滑，求其與斜面間的動摩擦因數(shù)；（3）若滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25，對滑塊施加多大的沿斜面向上的力可以推動它向上勻速運動；（4）若斜面是光滑的，對滑塊施加多大的水平向右的力可以保持靜止。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】速度時間圖線的斜率表示加速度，則1~2s內，物塊的加速度a2=12-101m/s2=2m/s2．故A錯誤；開始時，物塊相對于傳送帶向上滑動，受到的摩擦力方向沿傳送帶向下，當速度與傳送速速度相等后，所受的滑動摩擦力沿傳送帶向上．故B錯誤；開始勻加速運動的加速度a1點睛：解決本題的關鍵是搞清圖像的物理意義，結合圖像理清物體在整個過程中的運動規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式進行求解．2、B【解析】

由和對比可得，物體的加速度為，初速度為；A.物體初速度為5m/s，故A錯誤；B.將t=2s代入可得，前3s內物體位移為2m，B正確；C.由可得，任意相鄰1s內的位移差為4m，C錯誤；D.由可知，任意1s內速度的增量為-4m/s，D錯誤；故選B。3、D【解析】只有在赤道處的物體向心加速度都指向地心，其他位置的向心力指向所在圓周平面的圓心，A錯；向心力不是受到的力，是萬有引力的一個分力，B錯；向心加速度，地面物體轉動的周期、角速度相同，半徑不同，加速度不同，C錯；D對；4、C【解析】

細線再次伸直時，也就是彈簧再次回復原長時，該過程中A始終受到向左的彈力，即一直做減速運動，B始終受到向右的彈力，即一直做加速運動，彈簧的彈力先變大后變小，故B的加速度先增大，后減小，故AB錯誤；彈簧彈性勢能最大時，彈簧壓縮最短，此時兩者速度相等，根據(jù)動量守恒定律可得，解得，根據(jù)能量守恒定律可得，此時動能轉化為彈性勢能最大，故C正確；整個過得中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，故D錯誤．5、B【解析】A、在剪斷輕繩前，小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力；剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力仍然為10N，小球此時受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個力作用．小球的受力個數(shù)發(fā)生改變．故A錯誤；BC、小球所受的最大靜摩擦力為，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為，合力方向向左，所以向左運動，故B正確，C錯誤；D、剪斷彈簧的瞬間，輕繩對小球的拉力瞬間為零，此時小球所受的合力為零，則小球的加速度為零，故D錯誤；故選B．【點睛】關鍵知道剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，剪短彈簧的瞬間，輕繩的彈力要變化，結合牛頓第二定律進行求解．6、D【解析】理想斜面實驗只能說明鋼球具有慣性，推廣到一切物體的是牛頓，故A錯誤；小球受到的力一定時，質量越大，它的加速度越小，這是牛頓第二定律內容，故B錯誤；如果小球受到力的作用，它的運動狀態(tài)，將發(fā)生改變，這是牛頓得出的，故C錯誤；伽利略通過“理想斜面實驗”和科學推理，得出的結論是：力不是維持物體運動的原因，光滑水平面上運動的小球，運動狀態(tài)的維持并不需要外力，故D正確．故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

AB．物塊勻速下滑時，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，則沿斜面的方向有:mgsin30°=μmgcos30°所以μ=tan30°=.對物體施加一個與斜面成30°角斜向下的恒力F，則在垂直于斜面的方向有:N=mgcos30°+Fsin30°=mg+2mg×=(1+)mg物體受到的摩擦力為沿斜面向下的方向有ma=mgsin30°+Fcos30°-f.代入數(shù)據(jù)得：故A正確，B錯誤；CD．當加推力F后，根據(jù)滑動摩擦定律f=μN，支持力和滑動摩擦力同比增加，故其合力的方向不變，根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和滑動摩擦力的合力方向也不變，豎直向下；故斜面體相對與地面無運動趨勢，靜摩擦力仍然為零；故C錯誤，D正確；8、ACD【解析】

在A離開擋板前，由于擋板對A有作用力，所以A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動量不守恒；離開擋板之后，系統(tǒng)的合外力為零，動量守恒，故A正確；在A離開擋板前，擋板對A的作用力不做功，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)在整個過程中只有彈簧的彈力做功，機械能都守恒，故B錯誤；解除對彈簧的鎖定后至A剛離開擋板的過程中，彈簧的彈性勢能釋放，全部轉化為B的動能，根據(jù)機械能守恒定律，有：Ep=12mBvB2，由圖象可知，vB=3m/s，解得：Ep=9J，故C正確。分析A離開擋板后A、B的運動過程，并結合圖象數(shù)據(jù)可知，彈簧伸長到最長時A、B的共同速度為v共=2m/s，根據(jù)機械能守恒定律和動量守恒定律，有：mBv0=（mA+vB）v共；E【點睛】本題主要考查了動量守恒定律及機械能守恒定律的應用，關鍵是搞清運動過程，能夠知道當彈簧伸到最長時，其勢能最大．9、BC【解析】

ABC．A、B兩物體相比，根據(jù)向心力公式：，可知B物體所需要的向心力較大，當轉速增大時，B先有滑動的趨勢，此時B所受的靜摩擦力沿半徑指向圓心，A所受的靜摩擦力沿半徑背離圓心；當剛要發(fā)生相對滑動時，以B為研究對象，有T+μmg=2mrω2，以A為研究對象，有T-μmg=mrω2，由以上兩式得：T=3μmg故A錯誤，BC正確。D．此時燒斷繩子，A的最大靜摩擦力不足以提供向心力，而A做離心運動。故D錯誤。10、BD【解析】

A.小球的機械能變化是由電場力做功引起的，由題圖乙可知，從O到x1機械能在減小，即電場力做負功，又因為小球帶正電，故場強方向沿x軸負方向，E－x圖線切線的斜率的絕對值為電場力大小，由圖象可知，從O到x1斜率的絕對值在減小，故F電在減小，即場強減小，故A錯誤．B.由牛頓第二定律mg－F電＝ma可知a在增大，故B正確．C.因為電場力逐漸減小，故相等位移內，小球克服電場力做的功越來越小，故C錯誤．D.從O到x1由動能定理得mgx1＋E1－E0＝mv2－0，v＝，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CBD【解析】

(1)[1]在研究向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系時，需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，所以：在探究向心力的大小F與角速度ω的關系時，要保持小球的質量與運動的半徑相同，故C正確；(2)[2]在實驗時需先控制某些量不變，研究另外兩個物理量的關系，該方法為控制變量法，故B正確；(3)[3]A．根據(jù)向心力的公式，在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正比，故A錯誤；B．根據(jù)向心力的公式在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小的平方成正比，故B錯誤；C．根據(jù)向心力的公式在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故C錯誤；D．根據(jù)向心力的公式在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比，故D正確。12、使兩次力的作用效果相同

F′【解析】

實驗在實驗中F和分別由平行四邊形定則及實驗得出，明確理論值和實驗值的區(qū)別即可正確答題，本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，因此采用“等效法”，注意該實驗方法的應用．【詳解】（1）本實驗中兩個拉力的作用效果和一個拉力的作用效果相同，采用的科學方法是等效替代法；故選B；（2）圖乙中的F與中，F(xiàn)是由平行四邊形得出的，而是通過實驗方法得出的，