2025屆甘肅省民樂一中高二物理第一學期期末統(tǒng)考試題含解析

2025屆甘肅省民樂一中高二物理第一學期期末統(tǒng)考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的四個圖中，標出了勻強磁場的磁感應強度B的方向、通電直導線中電流I的方向以及通電直導線所受安培力F的方向，其中正確表示三者方向關系的圖是（）A. B.C. D.2、在如圖所示的電路中，當滑動變阻器的滑片向b端移動時（）A.電流表A的讀數增大B.電壓表V的讀數增大，電流表A的讀數減小C.電壓表V的讀數減小D.電壓表V的讀數減小，電流表A的讀數增大3、圖示為兩個均勻金屬導體的圖象,把均勻拉長到原來的2倍長后的電阻與的電阻的比值為A.12 B.8C.6 D.24、如圖所示，小明在平臺上將足球以一定速度水平踢出，經過一段時間足球落地，忽略空氣阻力，足球在飛行過程中A.動能始終不變B.重力勢能始終不變C.機械能始終不變D.機械能不斷增加5、圖為演示自感現象實驗裝置的電路圖，電源的電動勢為E，內阻為r．A是燈泡，L是一個自感系數很大的線圈，線圈的直流電阻小于燈泡A正常發(fā)光時的電阻．實驗時，閉合開關S，電路穩(wěn)定后，燈泡A正常發(fā)光．下列說法正確的是A.閉合開關S，電路穩(wěn)定后，燈泡A中電流等于線圈L中電流B.閉合開關S，電路穩(wěn)定后，燈泡A中電流大于線圈L中電流C.電路穩(wěn)定后突然斷開開關S，燈泡A立即熄滅D.電路穩(wěn)定后突然斷開開關S，燈泡A閃亮一下再熄滅6、有兩個勻強磁場區(qū)域，寬度都為L，磁感應強度大小都是B，方向如圖所示，單匝正方形閉合線框由均勻導線制成，邊長為L導線框從左向右勻速穿過與線框平面垂直的兩個勻強磁場區(qū)．規(guī)定線框中感應電流逆時針方向為正方向．則線框從位置I運動到位置II的過程中，圖所示的感應電流i隨時間t變化的圖線中正確的是（）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，金屬桿ab靜放在水平固定的“U”形金屬框上，整個裝置處于豎直向上的磁場中．當磁感應強度均勻增大時，桿ab總保持靜止，則A.桿中感應電流方向是從b到aB.桿中感應電流大小保持不變C.金屬桿所受安培力逐漸增大D.金屬桿受三個力作用而保持平衡8、沿x軸方向存在一靜電場，電場強度的大小關于位置的變化規(guī)律如圖所示(圖線為正弦圖線)，則下列說法正確的是()A.Ob兩點的電勢差等于Od兩點的電勢差B.a、c兩點的電勢相等C.電子在O點的電勢能大于電子在c點的電勢能D.正電荷由a點沿x軸運動到c點的過程中，電場力先做負功再做正功9、如圖所示，有一半圓弧光滑軌道，半徑為R，在與圓心等高的位置靜止放置一個帶正電的小球A，其質量為m，MN之間有一個方向水平向左的勻強電場，讓小球A自由滾下進入勻強電場區(qū)域，水平面也是光滑的，下列說法正確的是()A.小球一定能穿過MN區(qū)域繼續(xù)運動B.如果小球沒有穿過MN區(qū)域，小球一定能回到出發(fā)點C.如果小球恰好能夠穿過MN區(qū)域，電場力做的功為-mgRD.如果小球沒有穿過MN區(qū)域，只要電場強度足夠大，小球可以到達P點，且到達P點時的速度大于等于10、如圖所示，在勻強磁場中放置一個邊長為1m、電阻為0.5Ω的單匝正方形導線框，線框平面與磁場垂直，磁場的磁感應強度的大小按B=(1+2t)T隨時間變化，則（）A.線框中的感應電動勢逐漸增大B.線框中的感應電流大小始終為4AC.t=ls時線框受到的磁場力為12ND.t=ls時穿過線框的磁通量為3Wb三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用螺旋測微器、米尺和如圖甲所示的器材(其中電流表的內阻為1Ω，電壓表的內阻為5kΩ)測量一根粗細均勻的阻值約為5Ω的金屬絲的電阻率(1)用筆畫線代替導線，將圖乙中器材連接成實物電路，要求連線不能交叉，電流表、電壓表應該選擇合適的量程(已知電源的電動勢為6V，滑動變阻器的阻值為0～20Ω)________甲乙丙(2)實驗時，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑和用米尺測量金屬絲的長度示數如圖5所示，電流表、電壓表的讀數如圖丙所示．則金屬絲兩端的電壓U＝________，電流I＝________，金屬絲的長度L＝__________，直徑d＝________.(3)該金屬絲的電阻率是________．(保留兩位有效數字)12．（12分）如圖1是用游標卡尺測量時的刻度圖，為20分度游標卡尺，讀數為：_________cm；圖2中螺旋測微器的讀數為：________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一質量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止狀態(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數.從t=0時刻開始，空間上加如圖乙所示的電場。（1）2s末小物塊的速度大??；（2）0-4s小物塊電勢能的減少量。14．（16分）質譜儀是分離和檢測不同同位素的儀器，由靜電分析器和磁分析器等組成的質譜儀如圖所示。左側靜電分析器中有方向指向圓心O、與O點等距離處各點的場強大小相等的徑向電場。右側的磁分析器中分布著方向垂直于紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行，兩邊界間距近似為零。從離子源射出的速度很小（可認為是零）。質量為m、電荷量為q的離子經加速電場加速后以速度v從M點射入靜電分析器，沿半徑為r0的四分之一圓弧軌道做勻速圓周運動，從N點水平射出進入磁分析器，最后打在豎直放置于磁分析器左邊界的探測板上Q點（Q點未標出），不計離子重力和離子間的相互作用。（1）求加速電場的電壓和靜電分析器中徑向電場的電場強度大小；（2）計算探測板上Q點到O點的距離和離子從M點到Q點的運動時間；（3）若兩種質量分別為m1和m2的同位素離子分別以速度v1和v2從N點射入右側的磁分析器中，求兩種離子打在探測板上的位置到N點的距離之比。15．（12分）如圖線圈面積為0.05m2，共100匝，線圈總電阻為r=1Ω，外電阻R=9Ω，線圈處于B=2/πT的勻強磁場中,當線圈繞00′以轉速n=300r/min勻速轉動時，求：(1)若從線圈處于中性面開始計時，寫出電動勢的瞬時表達式(2)兩電表的示數(3)線圈轉過180°的過程中，通過電阻的電荷量(4)線圈勻速轉一圈的過程中產生的總熱量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據左手定則可得，A中安培力的方向是垂直向外的，B中安培力的方向是豎直向下的，C中安培力的方向是豎直向上的，D中運動方向和磁場方向平行，不受安培力的作用，故選C2、B【解析】當滑動變阻器的滑動觸點向b端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，再分析流過變阻器電流的變化，來判斷電表讀數的變化【詳解】當滑動變阻器的滑動觸點向b端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻R增大，由歐姆定律分析總電流I減小，路端電壓U=E-Ir增大，電阻R2的電壓U2=E-I（r+R1）增大，流過電阻R2的電流I2增大，則流過電流表的電流I3=I-I2減?。苑乇鞻的讀數增大，安培表A的讀數減小．故選B【點睛】本題是簡單電路動態(tài)變化分析問題，往往按“部分→整體→部分”的順序分析3、A【解析】根據“兩個均勻金屬導體的圖象”可知，考查了歐姆定律以及電阻定律；根據歐姆定律，可以由I﹣U圖象得出兩電阻的關系，拉長后，根據電阻定律求出拉長后的電阻，之后與進行比較求解【詳解】據I﹣U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以R1：R2＝3：1，把R1拉長到原來的2倍長后，橫截面積減小為原來的，根據電阻定律公式R，電阻變?yōu)樵瓉?倍，變?yōu)镽2的12倍，故選A【點睛】關鍵是明確I﹣U圖象的斜率的倒數表示電阻，然后結合電阻定律、歐姆定律和電功率表達式分析4、C【解析】足球在飛行過程中，只有重力做功，且重力做正功，可知動能增加，故A錯誤．足球的高度不斷下降，重力做正功，重力勢能減少，故B錯誤．由于只有重力做功，所以足球的機械能保持不變，故C正確，D錯誤5、D【解析】開關由閉合到斷開瞬間,A燈立即熄滅,通過線圈的電流減小,線圈產生自感電動勢,再根據楞次定律分析燈亮度如何變化.【詳解】由于線圈的直流電阻小于燈泡A正常發(fā)光時的電阻，所以電路穩(wěn)定時，流過線圈的電流大于燈泡的電流，在突然斷開時由于線圈的自感作用，線圈相當于電源，對燈泡提供電流，所以燈泡不會馬上熄滅，并且流過燈泡的電流大于原來燈泡的電流，所以燈泡會閃亮一下，故ABC錯；D對；故選D【點睛】線圈的作用：在閉合電路時由于自感作用相當于一個大電阻；在穩(wěn)定時相當于一個電阻為R的正常電阻，在斷開電源時相當于一個電源對別的用電器提供電流6、C【解析】在階段，感應電流的大小，方向為逆時針方向；在階段，感應電流的大小，方向為順時針方向；在階段，感應電流的大小，方向為逆時針方向。故C項正確，ABD三項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．當磁感應強度均勻增大時，磁通量增大，桿中感應電流方向是從a到b，磁通量均勻增大，故桿中感應電流大小保持不變，選項A錯誤，B正確；C．而磁場對桿有安培力的作用，，B增大則F增大，選項C正確；D．金屬桿受四個力作用：重力、支持力、安培力、靜摩擦力，選項D錯誤；故選BC8、BD【解析】AC.由圖可知，x軸正方向電場方向從b指向d，，故Ob兩點的電勢差小于Od兩點的電勢差，電子在O點的電勢能小于電子在c點的電勢能，A、C錯誤；B.由對稱性可知，a、c兩點的電勢相等，B正確；D.正電荷由a點沿x軸運動到c點的過程中，電場力方向先向右后向左，故電場力先做負功再做正功，D正確；故選BD。9、BC【解析】A．由于電場強度的大小不知，小球可能能穿過MN區(qū)域，也可能不能穿過MN區(qū)域，故A錯誤；B．如果小球不能穿過MN區(qū)域，小球在運動的過程中，無能量損失，一定能回到出發(fā)點，故B正確；C．如果小球恰好能夠穿過MN區(qū)域，根據動能定理有：可得電場力做的功為-mgR，故C正確；D．如果小球不能穿過MN區(qū)域，根據能量守恒可知小球只能夠回到出發(fā)點，無法運動到P點，故D錯誤故選BC。10、BD【解析】AB．根據T可得：T/s，為一個定值，根據法拉第電磁感應定律得線框中的感應電動勢為：V根據歐姆定律得線框中的感應電流大小為：AA錯誤，B正確；C．線框全部處于磁場中，對邊長度相等，電流大小相等，方向相反，所以受到的磁場力也是大小相等，方向相反，則線框受到的磁場力為零，C錯誤；D．t=1s時，B=3T，所以此時穿過線框的磁通量為3×1×1Wb=3Wb，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.2.20V③.0.44A④.30.50cm⑤.1.850×10－3m⑥.4.4×10－5Ω·m【解析】（1）[1]．由于金屬絲的電阻比電壓表的內阻小得多，因此采用電流表外接法；由于金屬絲的電阻比滑動變阻器的總電阻要小，因此采用限流式接法，為了保證滑動變阻器起限流作用，滑動變阻器應該連接“B、C”或“A、D”幾個接線柱；由題圖可以看出電流表應該連接“-”接線柱和“0.6”接線柱，具體連線如圖所示。（2）[1][2][3][4]．由于螺旋測微器的半毫米刻度線已經露出，因此金屬絲直徑d=1.5mm+35.0×0.01mm=1.850mm＝1.850×10－3m由圖可以看出：電壓表的量程是3V，所以讀數是2.20V；電流表的量程是0.6A，所以讀數是0.440A；米尺的讀數，金屬絲的長度：l=40.50

cm-10.00

cm=30.50cm（3）[5]．根據歐姆定律可得金屬絲的電阻由電阻定律得：聯立可得：12、①.1.375②.0.700【解析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數為13mm，游標尺上第15個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為15×0.05mm=0.75mm，所以最終讀數為：13mm+0.75mm=13.75mm=1.375cm螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數為0.5mm+0.200mm=0.700mm【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】（1）0-2s，根據牛頓第二定律，有：①根據速度時間關系：②聯立解得：③（2）2-4s，小物塊減速，根據牛頓第二定律，則有：④解得：⑤則0-2s與2-4s位移相等⑥電場力做功：⑦聯立解得：⑧所以小物塊電勢能減少0.8J14、（1），；（2），；（3）?！窘?/p>