四川省眉山市2023-2024學(xué)年高二年級(jí)下冊(cè)6月期末考試物理試題（解析版）

眉山市22級(jí)高二下學(xué)期縣級(jí)高中校期末聯(lián)考

物理試卷

一、單選題

1.在如圖所示的電路中，乙是直流電阻可以忽略的電感線圈，閉合開關(guān)s,電路穩(wěn)定后突

T

0--

然斷開開關(guān)S并開始計(jì)時(shí)，已知LC振蕩電路的振蕩周期為T,則在4時(shí)間內(nèi)（）

A.電容器在放電

B.電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能

C.A板所帶的負(fù)電荷增加

D.L產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)增大

k答案》D

K解析工閉合開關(guān)S,電路穩(wěn)定后，由于電感線圈直流電阻可以忽略，則此時(shí)通過線圈的

電流最大；突然斷開開關(guān)S并開始計(jì)時(shí)，則在0~1時(shí)間內(nèi)，線圈電流逐漸減小，但電流

4

的變化率增大，所以乙產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)增大；磁場(chǎng)能逐漸減小，電場(chǎng)能逐漸增大，電容

器處于充電過程；電流方向由B板流向A板，則A板所帶的正電荷增加。

故選D。

2.能量守恒定律是自然界最普遍的規(guī)律之一。以下不能體現(xiàn)能量守恒定律的是（）

A.楞次定律

B.動(dòng)量守恒定律

C.閉合電路歐姆定律

D.熱力學(xué)第一定律

（答案》B

（解析XA.楞次定律的實(shí)質(zhì)機(jī)械能向電能轉(zhuǎn)化的過程，是能量守恒定律在電磁現(xiàn)象中的

具體表現(xiàn)，故A錯(cuò)誤；

B.動(dòng)量守恒定律不能體現(xiàn)能量守恒，故B錯(cuò)誤;

C.由閉合電路的歐姆定律

E=U+Ir

可得

EI=UI+12r

即電源的總功率等于輸出功率與內(nèi)阻功率之和，直接體現(xiàn)了能量守恒，故C錯(cuò)誤;

D.熱力學(xué)第一定律是描述做功與熱傳遞改變物體的內(nèi)能之間的關(guān)系，則能體現(xiàn)能量守恒

定律，故D錯(cuò)誤。

故選B。

3.下列四幅圖分別對(duì)應(yīng)四種說法，其中正確的是（）

A.圖甲為氧氣分子在不同溫度下的速率分布圖像，由圖甲可知狀態(tài)③的溫度最高

B,圖乙中，小草上的露珠呈球形的主要原因是液體重力的作用

C.圖丙中，潔凈的玻璃板接觸水面，要使玻璃板離開水面，拉力必須大于玻璃板受到的重

力，其原因是玻璃板受到大氣壓力作用

D.圖丁中，由氣體的摩爾體積、摩爾質(zhì)量和阿伏加德羅常數(shù)，可以估算出氣體分子的體積

和質(zhì)量

K答案』A

K解析》A.圖甲中，溫度越高，速率大的分子占比越大，則狀態(tài)③的溫度最高，故A正

確；

B.圖乙中，小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用，故B錯(cuò)誤；

C.圖丙中，潔凈玻璃板接觸水面，要使玻璃板離開水面，拉力必須大于玻璃板的重

力，其原因是水分子和玻璃分子之間存在分子引力，故C錯(cuò)誤；

D.圖丁中，由氣體的摩爾質(zhì)量和阿伏加德羅常數(shù)，可以估算出氣體分子的質(zhì)量，用氣體

的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)可以估算出氣體分子占據(jù)的空間體積，而不是分子的體積，

故D錯(cuò)誤。

4.如圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其中升壓變壓器輸入的正弦式交流電的電壓有效值％=220V

保持不變，輸入功率以=880kW,升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1:100,降壓變壓器原

副線圈的匝數(shù)比為100:1,輸電線路總電阻度=50Q。為了安全測(cè)量輸電線路中的電壓和電

流，現(xiàn)在輸電線路的起始端接入甲、乙兩個(gè)特殊的變壓器，甲、乙原副線圈匝數(shù)比分別為

100:1和1:10,以上變壓器均為理想變壓器。下列判斷正確的是（）

A.電壓表示數(shù)為200VB.電流表示數(shù)為4A

C.輸電線路的中損失的功率尊=8kWD.用戶得到的電壓為。4=220V

k答案》B

K解析工A.升壓變壓器次級(jí)電壓

4

C/2=220x100V=2.2X10V

電壓表示數(shù)為

U=幺=220V

100

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.輸電線上的電流

880x1000

A=40A

22000

電流表示數(shù)為

/=A=4A

10

選項(xiàng)B正確；

C.輸電線路的中損失的功率

=402x50W=80kW

選項(xiàng)c錯(cuò)誤；

D.降壓變壓器輸入電壓

4

C/3=C/2-/2r=2xlOV

用戶的電壓為

選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。

5.高壓汞燈，UV光刻機(jī)的紫外光源，它可以產(chǎn)生365nm、404nm、436nm、546nm和579nm

五條尖銳的光譜線，但這些光中只有//線（404nm）是光刻機(jī)所需要的。高壓汞燈輻射的光

通過圖中的三棱鏡分離后形成。、b、c、d、e五束，其中適合UV光刻機(jī)的是（）

A.aB.bC.dD.e

K答案1C

K解析》根據(jù)折射率的定義式有

sin呢旨

n=------三△

sin°介質(zhì)

由圖可知，五束光在空氣中的入射角相等，a、b、c、d、e五束光在介質(zhì)中的折射角依次

減小，

可知

na<nb<nc<nd<ne

折射率越大，波長(zhǎng)越小,

則有

4a>4)>4>4/>4

由于只有方線（404nm）是光刻機(jī)所需要，根據(jù)題中給出的五條尖銳的光譜線的波長(zhǎng)大

小關(guān)系，可知，只有d光束適合UV光刻機(jī)。

故選c。

6.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電磁推動(dòng)的火箭發(fā)射裝置，如圖所示.豎直固定在絕緣底座上的兩根

長(zhǎng)直光滑導(dǎo)軌，間距為/.導(dǎo)軌間加有垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)3,絕緣火箭支撐在

導(dǎo)軌間，總質(zhì)量為如金屬棒E尸的電阻為R,并通過電刷與電阻可忽略的導(dǎo)軌良好接

觸.引燃火箭下方的推進(jìn)劑，迅速推動(dòng)剛性金屬棒CD（電阻可忽略且和導(dǎo)軌接觸良好）

向上運(yùn)動(dòng)，回路DC的面積減小，感應(yīng)出強(qiáng)電流，所產(chǎn)生電磁推力推動(dòng)火箭加速運(yùn)

動(dòng)，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

”導(dǎo)軌.

XX

XX

XX

X：乂X「X

XXXX

XXXX

XXXX

XrXXX

X推進(jìn)劑X

底座

A.火箭開始加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路CE尸中感應(yīng)電流的方向沿逆時(shí)針

若在火箭運(yùn)動(dòng)前C。上升的高度為九則流過斯某一橫截面的電荷量為華

B.

ma

若EF剛要啟動(dòng)時(shí)的加速度大小為G,則此時(shí)回路中的感應(yīng)電流為——

BI

1,

D.若火箭上升高度”時(shí)的速度為v,則安培力對(duì)EF做的功為為w-mg"

（答案IB

k解析IA.由右手定則可得，CD在上升的過程中，產(chǎn)生的電流由。到C,則火箭開始

加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路CEFDC中感應(yīng)電流的方向沿順時(shí)針，A錯(cuò)誤;

卜①E

B.由￡=---、I=—、q=/At可得

AtR

△①

q=——

R

結(jié)合

AO=B//7

可得

Blh

B正確；

C.對(duì)EF進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可得

BII—mg—ma

解得

mg+ma

1=----------

Bl

C錯(cuò)誤；

D.當(dāng)火箭上升的高度為H時(shí)獲得的速度為v,由動(dòng)能定理可得

1,

-mgH=-mv~

解得

12

=mgH+—mv

D錯(cuò)誤。

故選B。

7.如圖所示，先后用一垂直于cd邊的恒定外力以速度％和均勻速把一正方形導(dǎo)線框拉出

有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，嶺=2匕，拉出過程中仍邊始終平行于磁場(chǎng)邊界。先后兩次把導(dǎo)線

框拉出磁場(chǎng)情況下，下列結(jié)論正確的是（）

B;

XXXX；

I

a

XXXX

V

XXXX

bIc

XXXX!

A.感應(yīng)電流之比人：4=2：1

B.外力大小之比與：8=1:2

C.拉力的功率之比［：g=1:2

D.拉力的沖量大小之比/F1:（2=1：2

（答案』B

K解析》A.根據(jù)

,EBLv

1=——=-----

RR

可得感應(yīng)電流之比

A42=1：2

故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)

B2￡2V

F=%=BIL=

R

可得外力大小之比

耳：巴=1:2

故B正確；

C.根據(jù)

P=F，=g

R

可得拉力的功率之比

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

I=Ft

又

L

t=—

V

聯(lián)立，解得

/金

R

可得拉力的沖量大小之比

%：電=1：1

故D錯(cuò)誤。

故選Bo

8.若甲、乙圖中的Uo、T所表示的電壓、周期值是相同的，一定值電阻接到如圖甲所示

的正弦交流電源上，消耗的電功率為《；若該電阻接到如圖乙所示的方波交流電源上，消

耗的電功率為鳥。兩個(gè)完全相同的電熱器，分別通以如圖丙、丁所示的交變電流（丙圖曲

線為正弦曲線的一部分），在一段相同且較長(zhǎng)時(shí)間內(nèi)，它們的發(fā)熱量之比為4:1,電流的峰

值之比為/|：，2。則（）

B.［：鳥=1:5=9:2

C.《：￡=3:17/］：，2=9:2D.《：鳥=3:17/1：/2=4:1

K答案XA

k解析》甲圖所示交流電的電壓有效值為

乙圖所示電壓的有效值為

。乙2T_（2。。）2T\U'T

RR2R2

解得

又

則有

［：鳥=1:5

丙圖所示交流電的有效值為

解得

/丙=g

丁圖所示交流電的有效值為

/丁=4

又因?yàn)樵谝欢蜗嗤逸^長(zhǎng)時(shí)間內(nèi)發(fā)熱量之比為4:1,由焦耳定律可得

Q=I-Rt

即

/丙:/乙=2：1

由此可得

A：/2=4:l

二、多選題

9.下列所示的圖片、示意圖或?qū)嶒?yàn)裝置都來源于課本，則以下說法正確的是（）

A.甲圖是太陽通過小圓孔成的像

B.乙圖是薄膜干涉的應(yīng)用，可用來檢測(cè)平面的平整程度

C,丙圖是雙縫干涉的原理圖，若尸處光程差等于光的波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則尸處是亮條紋

D.丁圖是薄膜干涉現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置圖，在肥皂膜上，出現(xiàn)豎直干涉條紋

K答案UBC

k解析》A.甲圖是小孔衍射的圖樣，太陽通過小圓孔成的像屬于光的直線傳播，故A錯(cuò)

誤；

B.乙圖是薄膜干涉的應(yīng)用，用來檢測(cè)平面的平整程度。若干涉條紋是相互平行的直的干

涉條紋則表明平面平整，故B正確；

C.圖是雙縫干涉原理圖，根據(jù)疊加原理可知，若P處光程差等于光的波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則

尸處是亮條紋，故C正確；

D.丁圖是薄膜干涉現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置圖，在附有肥皂膜的鐵絲圈上，出現(xiàn)水平干涉條紋,

故D錯(cuò)誤。

10.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷四個(gè)過程Af8、BfC、CfD、

OfA回到原狀態(tài)，其。-V圖像如圖所示，其中D4段為雙曲線的一支。下列說法正確

的是（）

A.Af8外界對(duì)氣體做功

B.BfC氣體的內(nèi)能增加

C.C-。氣體向外界放熱

D.DfA容器壁單位時(shí)間單位面積內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加

k答案》CD

k解析》A.Af8過程，氣體體積變大，氣體對(duì)外做功，故A錯(cuò)誤；

B.BfC過程，氣體體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

生二C

T

可知壓強(qiáng)減小，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，故B錯(cuò)誤；

C.C-￡＞過程，氣體壓強(qiáng)不變，體積減小，即外界對(duì)氣體做功，依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可得氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律

其中

△U<0,W>0

可知

Q<0

氣體向外界放熱，故C正確；

D.DfA過程為等溫變化，而氣體壓強(qiáng)變大，故單位面積單位時(shí)間，氣體撞擊器壁次數(shù)

變多，故D正確。

故選CD

11.如圖甲所示，一個(gè)矩形金屬框ABC。通過細(xì)桿懸掛在豎直平面內(nèi)，懸點(diǎn)尸為邊中

點(diǎn)。金屬框邊A8水平，平行AB邊的虛線EF下方存在有隨時(shí)間變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)范

圍足夠大、方向垂直紙面（豎直平面）。若金屬框的重量忽略不計(jì)，規(guī)定金屬框所受安培力

向上為正方向，f=0時(shí)起，金屬框所受安培力下隨時(shí)間f的變化圖像如圖乙所示。取垂直

紙面向外為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向，貝卜=0時(shí)刻起磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨時(shí)間r的變化圖像可能正

確的是（）

［答案XBD

K解析XAB.在一個(gè)周期內(nèi)，安培力廠先正向線性增大，再反向線性減小，且增大時(shí)的

變化率比減小時(shí)的變化率大；根據(jù)左手定則可知，線圈內(nèi)的磁通量垂直紙面向外時(shí)，感應(yīng)

電流先沿順時(shí)針方向，再沿逆時(shí)針方向，由楞次定律可知，磁通量先增大后減小，則磁感

應(yīng)強(qiáng)度先增大后減?。挥墒?5〃可知，順時(shí)針的電流大于逆時(shí)針的電流，由

1=-=—,可知前者的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率大于后者的變化率，故A錯(cuò)誤，B正確；

RMR

CD.根據(jù)左手定則可知，線圈內(nèi)的磁通量垂直紙面向里時(shí)，感應(yīng)電流先沿逆時(shí)針方向，再

沿順時(shí)針方向，由楞次定律可知，磁通量先增大后減小，則磁感應(yīng)強(qiáng)度先增大后減??；由

尸=5〃可知，逆時(shí)針的電流大于順時(shí)針的電流，則前者的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率大于后者

的變化率，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BDo

12.為了研究電感現(xiàn)象，宇航員在空間站進(jìn)行如圖所示的研究。工為自感系數(shù)較大的電感

線圈，且直流電阻不計(jì)；AB為兩個(gè)完全相同的燈泡，且它們的額定電壓均等于電源的電

A.合上K的瞬間，A先亮，B后鳧

B.合上K的瞬間，A、B同時(shí)亮

C.斷開K以后，B變得更亮，A緩慢熄滅

D.斷開KB,A熄滅，B重新亮后再熄滅

（答案』BD

K解析XAB.合上K的瞬間，自感系數(shù)很大的電感線圈阻礙電流增大，電源的電壓同時(shí)

加到兩燈上，A、B同時(shí)亮，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.合上K電流穩(wěn)定后電感線圈相當(dāng)于導(dǎo)線，B燈被短路，B熄滅,A燈更亮，斷開K,

A燈立即熄滅，線圈乙中電流減小，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流流過B燈，剛開始時(shí)電流

比原來通過B燈的電流大，B閃亮一下后熄滅，故C錯(cuò)誤，D正確。

三、實(shí)驗(yàn)題

13.某同學(xué)用DIS來研究一定質(zhì)量的氣體在溫度不變時(shí)壓強(qiáng)與體積的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖

甲所示。

甲乙

（1）關(guān)于實(shí)驗(yàn)過程，下列說法錯(cuò)誤的是

A.改變體積時(shí)，要緩慢推拉注射器活塞

B.為防止漏氣，針管與活塞之間要涂潤(rùn)滑油

C.可以用手握緊針筒以方便推拉活塞

(2)啟用系統(tǒng)“繪圖”功能，計(jì)算機(jī)將顯示壓強(qiáng)與體積的關(guān)系圖線。該同學(xué)在不同溫度下做

了兩次實(shí)驗(yàn)，獲得的V-'圖像如圖乙所示，則,小(填“>”“=，或，<”)

P"

(3)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)圖線不過坐標(biāo)原點(diǎn)，可能原因是o

A.連接注射器和壓強(qiáng)傳感器的細(xì)管中有氣體體積未計(jì)入

B.實(shí)驗(yàn)過程中出現(xiàn)漏氣現(xiàn)象

C.實(shí)驗(yàn)過程中氣體溫度降低

(答案》(1)C(2)<(3)A

K解析X(1)A.為了保持封閉氣體的溫度不變，要緩慢推拉注射器活塞。若推動(dòng)活塞速

度過快，會(huì)引起氣體的溫度逐漸升高，故A正確，不符合題意；

B.為防止漏氣，針管與活塞之間要涂潤(rùn)滑油，故B正確，不符合題意；

C.本實(shí)驗(yàn)條件是溫度不變，用手握住注射器含有氣體的部分，會(huì)使氣體溫度升高，故手

不能握住注射器，故C錯(cuò)誤，符合題意。

(2)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程比=C變形得

T

V=CT-

P

1

則V—-圖線的延長(zhǎng)線過原點(diǎn)，且溫度越高直線的斜率越大，由圖線可知

P

1

(3)圖線不過原點(diǎn)，在一軸上有截距，說明當(dāng)體積為0時(shí)，仍有壓強(qiáng)，是連接注射器和

P

壓強(qiáng)傳感器的細(xì)管中有氣體體積未計(jì)入。

14.在“探空變壓器穗兩端的電壓和匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖所示。

(1)本實(shí)驗(yàn)要通過改變?cè)⒏本€圈匝數(shù)，探究原、副線圈的電壓比與匝數(shù)比的有關(guān)系，實(shí)

驗(yàn)中需要運(yùn)用的科學(xué)方法是;

A.控制變量法B.等效替代法C.整體隔離法

(2)如圖給出的器材中，本實(shí)驗(yàn)需要用到的有哪些

A.為了人身安全，只能使用低壓直流電源，所用電壓不要超過12V

B,為了多用電表的安全，使用交流電壓擋測(cè)電壓時(shí)，先用最大量程擋試測(cè)

C,觀察兩個(gè)線圈的導(dǎo)線，發(fā)現(xiàn)粗細(xì)不同，導(dǎo)線粗的線圈匝數(shù)多

D.變壓器開始正常工作后，鐵芯導(dǎo)電，把電能由原線圈輸送到副線圈

(4)在實(shí)際實(shí)驗(yàn)中將電源接在原線圈的“0”和“800”兩個(gè)接線柱上，用電表測(cè)得副線圈的“0”

和“400”兩個(gè)接線柱之間的電壓為3.0V,則原線圈的輸入電壓可能為(填字母)。

A.1.5VB.3.0VC,6.0VD.7.0V

K答案X(1)A(2)BD(3)B(4)D

(解析》(1)實(shí)驗(yàn)中需要運(yùn)用的科學(xué)方法是控制變量法。

故選Ao

(2)實(shí)驗(yàn)中需要交流電源和交流電壓表(萬用表)，不需要干電池和直流電壓表。

(3)A.變壓器改變的是交流電壓，因此為了人身安全，原線圈兩端只能使用低壓交流電

源，所用交流電壓不能超過12V,而用直流電壓變壓器不能工作，故A錯(cuò)誤；

B使用多用代表測(cè)電壓時(shí)，先用最高量程擋測(cè)試，再選用恰當(dāng)?shù)膿跷贿M(jìn)行測(cè)量，故B正確；

C.觀察兩個(gè)線圈的導(dǎo)線，發(fā)現(xiàn)粗細(xì)不同，由變壓器工作原理

4=

則匝數(shù)少的電流大，則導(dǎo)線越粗，即導(dǎo)線粗的線圈匝數(shù)少；故c錯(cuò)誤；

D.變壓器的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，即不計(jì)各種損耗，在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場(chǎng)

能，在副線圈上將磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”磁場(chǎng)能的作用，不是鐵芯導(dǎo)電，傳

輸電能，故D錯(cuò)誤。

故選B。

(4)若是理想變壓器，則有變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系

力=5

。2〃2

若變壓器的原線圈接“0“和”800”兩個(gè)接線柱，副線圈接“0”和“400”兩個(gè)接線柱，可知原副線

圈的匝數(shù)比為2：1,副線圈的電壓為3V,則原線圈的電壓為

a=6v

考慮到不是理想變壓器，有漏磁等現(xiàn)象，則原線圈所接的電源電壓大于6V,可能為7V。

故選D。

四、解答題

15.某學(xué)習(xí)小組測(cè)量半徑為R的透明半圓柱體玻璃的折射率，其橫截面如圖所示為半圓

形，"N是通過透明玻璃體橫截面圓心。的直線，用激光筆沿平行于的直線A5射

向該柱體，2為入射點(diǎn)，角400=60。。CD為出射光線，CD與相交，夾角

a=30°。已知光在真空中的傳播速度為c,求：

(1)透明玻璃半圓柱體材料對(duì)該激光束的折射率;

(2)激光束在半圓柱體中傳播的最短時(shí)間。

（答案』（1）理；（2）叵

2c

K解析工（1）作出光路圖，如下圖所示

光線經(jīng)過兩次偏折后有

2（z-r）=30°

解得

r=45°

由折射定律得

sin60°

n二------

sin45°

解得

（2）設(shè)光束在半圓柱體中的傳播路程為s,由幾何關(guān)系

s=2Hcos45°

c

n--

v

傳播時(shí)間

s

t=-

V

解得

C

16.如圖所示，內(nèi)壁光滑的薄壁圓柱形導(dǎo)熱汽缸開口朝下，汽缸高度為九橫截面積為S。

汽缸開口處有一厚度可忽略不計(jì)的活塞。缸內(nèi)封閉了壓強(qiáng)為2Po的理想氣體。已知此時(shí)外

部環(huán)境的熱力學(xué)溫度為乃，大氣壓強(qiáng)為P。，活塞的質(zhì)量為4%*,g為重力加速度。

g

活塞

(1)若把汽缸放置到熱力學(xué)溫度比外部環(huán)境低;”的冷庫(kù)中，穩(wěn)定時(shí)活塞位置不變，求穩(wěn)

定時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)；

(2)若把汽缸緩緩倒置，使開口朝上，環(huán)境溫度不變，求穩(wěn)定時(shí)活塞到汽缸底部的距離。

Q2

k答案U(1)—p0；(2)—h

K解析X(1)由題意知封閉氣體做等容變化，根據(jù)查理定律有

2PoPi

y。

8

求得Pl=-Po

(2)穩(wěn)定時(shí)，對(duì)活塞分析

p0S+mg