2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)模擬試卷（福建卷）含解析

2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)收官模擬福建卷

（試卷滿分：100分；考試時(shí)間：75分鐘）

一、選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)

是符合要求的.

1.我國(guó)運(yùn)動(dòng)員全紅嬋在2024年奧運(yùn)會(huì)女子10米跳臺(tái)跳水決賽中榮獲冠軍。圖為她在決賽中

一次跳水時(shí)重心的運(yùn)動(dòng)軌跡和相關(guān)數(shù)據(jù)，關(guān)于本次跳水她在空中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確

的是（）

HEIGHT

1------!（\11.4m

\AIRTIME

1.6SECONDS

\ENTRYSPEED

--------------472km/h

A.裁判在評(píng)分時(shí)可將全紅嬋看成質(zhì)點(diǎn)

B.全紅嬋做下落運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1.6s

C.全紅嬋的重心在豎直方向的位移大小為11.4m

D.全紅嬋在空中運(yùn)動(dòng)的末速度大小為47.2km/h

2.雷雨天，高層建筑頂部的引雷針起到主動(dòng)吸引閃電的作用，叫“接閃”，以此保護(hù)周邊建筑

和行人的安全。某次電視塔“接閃”前積雨云層與避雷針附近產(chǎn)生的電場(chǎng)的等差等勢(shì)面如圖所

示，積雨云的底部積聚負(fù)電荷，電子的電量為e,取大地為零勢(shì)面，以下說(shuō)法正確的是（）

A.Z、B、C三個(gè)位置中幺點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度最大

B.避雷針的針尖由于靜電感應(yīng)而帶負(fù)電

C.B、Z兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于8、。兩點(diǎn)間的電勢(shì)差

D.空氣中一電子由8運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，其電勢(shì)能增加

3.制造半導(dǎo)體元件，需要精確測(cè)定硅片上涂有的二氧化硅（Si。？）薄膜的厚度，把左側(cè)二氧

化硅薄膜腐蝕成如圖甲所示的劈尖，用波長(zhǎng)4=630nm的激光從上方照射劈尖，觀察到在腐

蝕區(qū)域內(nèi)有8條暗紋，且二氧化硅斜面轉(zhuǎn)為平面的棱"N處是亮紋，二氧化硅的折射率為

1.5,則二氧化硅薄膜的厚度為（）

A.1680nmB.1890nmC.2520nmD.3780nm

4.反衛(wèi)星技術(shù)是目前在軍事航天領(lǐng)域的一項(xiàng)非常敏感且先進(jìn)的技術(shù)，攻擊衛(wèi)星可在較近距離

通過(guò)發(fā)射高能激光等武器對(duì)目標(biāo)衛(wèi)星進(jìn)行損毀。如圖所示，攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前在較低的圓形軌

道運(yùn)行，目標(biāo)衛(wèi)星在較高的圓形軌道運(yùn)行。下列說(shuō)法正確的是（）

A.i標(biāo)衛(wèi)星在較高的圓形軌道運(yùn)行的線速度大于7.9km/s

B.攻擊衛(wèi)星的加速度大于目標(biāo)衛(wèi)星的加速度

C.攻擊衛(wèi)星運(yùn)行的周期大于目標(biāo)衛(wèi)星運(yùn)行的周期

D.在相同時(shí)間內(nèi)，目標(biāo)衛(wèi)星通過(guò)的弧長(zhǎng)大于攻擊衛(wèi)星通過(guò)的弧長(zhǎng)

二,選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目

要求.全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.

5.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量加=50kg的蹦床運(yùn)動(dòng)員，從離水平網(wǎng)面％=3.2m高處自由下落，著網(wǎng)

后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面〃2=5.0m高處。已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為△/=0.9s,重

力加速度g取lOm/s?。下列說(shuō)法正確的是（）

A.運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的這段時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量變化量的大小Ap=900kg-m/s

B.運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的這段時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量變化量的大小Ap=100kg-m/s

C.網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員平均作用力的大小亓=1500N

D.網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員平均作用力的大小H=1000N

6.如圖所示，水平粗糙傳送帶以恒定速度%順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量為機(jī)、邊長(zhǎng)為心的正方形

金屬線框外源置于傳送帶上，在傳送帶所在區(qū)域有一垂直于傳送帶邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域

PQMN,磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下。線框在圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中M邊始終與尸。

平行，其速度與時(shí)間的關(guān)系如圖所示，。：72時(shí)間內(nèi)為曲線，72：4時(shí)間內(nèi)為直線，重力加速

度為g,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流

B.線框進(jìn)入磁場(chǎng)和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線框橫截面的電荷量相等

C.磁場(chǎng)長(zhǎng)度為（%+%）［—2）+1

2

D.整個(gè)過(guò)程中線框產(chǎn)生的焦耳熱為機(jī)（葉—：）+也國(guó)二乜！

13T2

7.特高壓直流輸電是國(guó)家重點(diǎn)能源工程。如圖所示，高壓輸電線上使用“乃4正方形間隔

棒”，支撐導(dǎo)線右、右、4、4的目的是固定各導(dǎo)線間距，防止導(dǎo)線互相碰撞，圖中導(dǎo)線

4、4、4水平且恰好處在正四棱柱的四條棱上，abed的幾何中心為。點(diǎn)，。點(diǎn)到導(dǎo)

線的距離相等且遠(yuǎn)小于導(dǎo)線的長(zhǎng)度。忽略地磁場(chǎng)，當(dāng)四根導(dǎo)線通有等大、同向的電流時(shí)，下

列說(shuō)法正確的是（）

A.。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零

C.4與4相互吸引D.4所受安培力的方向?yàn)閺?指向右

8.一輛汽車(chē)在水平路面上由靜止啟動(dòng)，在前5s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，5s末達(dá)到額定功率，之

后保持額定功率運(yùn)動(dòng)，其v-/圖像如圖所示。已知汽車(chē)的質(zhì)量機(jī)=2xl()3kg,汽車(chē)受到地面

的阻力為車(chē)重的0.1倍，g取lOm/s?,則()

A.汽車(chē)在前5s內(nèi)的牽引力為4X1()3N

B.汽車(chē)在前5s內(nèi)的牽引力為6X1()3N

C.汽車(chē)的額定功率為40kW

D.汽車(chē)在前5s內(nèi)克服摩擦力做功5X1()4J

三、填空題：本題共3小題，每空2分，共16分.

9.停在湖面上的兩艘船相距48m。一列水波在湖面上傳播開(kāi)來(lái)，使船每分鐘上下振動(dòng)30次。

當(dāng)甲船位于波峰時(shí)，乙船位于波谷，此時(shí)兩船之間還有一個(gè)波峰，如圖所示。若將水波視為

橫波，則這列水波的頻率為Hz,波長(zhǎng)為m,波速為m/so

甲

10.中國(guó)探月工程“繞、落、回”三步走規(guī)劃如期完成，同時(shí)實(shí)現(xiàn)了中國(guó)首次月球無(wú)人采樣返

回。月球土壤里存在大量汨e,兩個(gè)汨e原子可以發(fā)生核聚變產(chǎn)生：He,該反應(yīng)方程式為：

2；He-2+；He(填相應(yīng)粒子的符號(hào))，汨e的比結(jié)合能(選填“大于”或“小

于")：He的比結(jié)合能。

11.如圖所示，將粗細(xì)均勻且一端開(kāi)口導(dǎo)熱的玻璃管放置在水平桌面上，管內(nèi)用長(zhǎng)為/z=10cm

的水銀封閉著一段長(zhǎng)為q=8.5cm空氣柱。已知大氣壓強(qiáng)外=75cmHg,當(dāng)?shù)販囟?7℃。當(dāng)把

玻璃管開(kāi)口朝上緩慢地豎立起來(lái)時(shí)，當(dāng)玻璃管轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度

1=cm；此過(guò)程管中氣體是(填“放熱”或“吸熱”)。

四、非選擇題：共4題，共48分.

12.在“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，某學(xué)習(xí)小組用如圖所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)。將白紙和復(fù)

寫(xiě)紙對(duì)齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道尸0滑下后從。點(diǎn)飛出，落在水平擋

板上W上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時(shí)，鋼球側(cè)面會(huì)在白紙上擠壓出一

個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)擋板，重新釋放鋼球，如此重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。

板

白紙

硬E

C

重

錘

線

(1)下列實(shí)驗(yàn)條件必須滿足的有O

A.斜槽軌道光滑

B斜槽軌道末段水平

C.每次從斜槽上相同位置無(wú)初速度釋放鋼球

D.圖中擋條"N每次必須等間距下移

(2)在某次實(shí)驗(yàn)中，甲同學(xué)每次都將小球從斜槽的同一位置無(wú)初速釋放，并從斜槽末端水平

飛出。改變水平擋板的高度，就改變了小球在板上落點(diǎn)的位置，從而可描繪出小球的運(yùn)動(dòng)軌

跡。某同學(xué)設(shè)想小球先后三次做平拋，將水平板依次放在如圖中1、2、3的位置，且1與2

的間距等于2與3的間距。若三次實(shí)驗(yàn)中，小球從拋出點(diǎn)到落點(diǎn)的水平位移依次為苞、々、

忽略空氣阻力的影響，下面分析正確的是。

A.X2-XJ>x3-x2B.X2-%1<x3-x2C.x2-x1=x3-x2D.無(wú)法判斷

（3）乙同學(xué)利用圖所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該同學(xué)使用頻閃儀和照相機(jī)對(duì)做平

拋運(yùn)動(dòng)的小球進(jìn)行拍攝，頻閃儀每隔0.05s發(fā)出一次閃光，某次拍攝后得到的照片如圖所示

（圖中未包括小球剛離開(kāi)軌道的影像）。圖中的背景是放在豎直平面內(nèi)的帶有方格的紙板,

紙板與小球軌跡所在平面平行，其上每個(gè)方格的邊長(zhǎng)為5cm。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的小球影

像的高度差已經(jīng)在圖中標(biāo)出。則小球運(yùn)動(dòng)到圖中位置Z時(shí)，其速度的水平分量大小為

2

m/s；根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮閙/so（結(jié)果均保留兩位有效

數(shù)字）

13.用如圖甲所示的電路研究壓敏電阻應(yīng)變片&的壓阻效應(yīng)。電源的電動(dòng)勢(shì)為3V.內(nèi)阻忽略不

計(jì)。除圖甲中的器材外，實(shí)驗(yàn)室還提供了如下器材可供選擇：

電壓表V（量程為0?15V,內(nèi)阻約為20kQ,其讀數(shù)用U表示）

電流表A1（量程為0?0.6A,內(nèi)阻八=1.5Q,其讀數(shù)用人表示）

電流表A,（量程為0?0.6A,內(nèi)阻約為2Q,其讀數(shù)用人表示）

（1）請(qǐng)?jiān)谶x好器材后完成圖甲中虛線框內(nèi)的部分電路。

（2）在電阻段上施加壓力R閉合開(kāi)關(guān)S,記下電表讀數(shù)，該電路測(cè)量電阻段阻值的表達(dá)

式為&=（用題目中給出的字母表示）。改變壓力后得到不同的凡值，記錄數(shù)

據(jù)并繪成R「F圖像如圖乙所示。

（3）一同學(xué)想把電流表改成簡(jiǎn)易壓力表，他仍然使用原來(lái)的表盤(pán)，只是把表盤(pán)上標(biāo)示的數(shù)字

“0.2、0.4、0.6”改為相應(yīng)的壓力值，實(shí)驗(yàn)采用的電路如圖丙所示。他在表盤(pán)上表示0.1A的

刻度線處標(biāo)上數(shù)字0,則電路中滑動(dòng)變阻器的阻值應(yīng)為&=C,此壓力表能測(cè)量的

最大壓力值為No使用這只“壓力表”的不方便之處是。

14.如圖所示，直角坐標(biāo)系中，在第I象限內(nèi)有平行于了軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向沿y軸負(fù)方

向。在第IV象限區(qū)域內(nèi)有方向垂直于xQy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為機(jī)、電荷量為q的

粒子，從了軸上的夕（0,南）點(diǎn)，以大小為%的速度沿x軸正方向射入電場(chǎng)，通過(guò)電場(chǎng)后從x

軸上的河（240）點(diǎn)進(jìn)入第IV象限，又經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)從y軸上的某點(diǎn)垂直了軸進(jìn)入第ni象限，不計(jì)

粒子的重力，求：

（1）電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；

（2）粒子到達(dá)/點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；

（3）求磁場(chǎng)中磁感應(yīng)強(qiáng)度5的大小。

15.如圖，左側(cè)光滑曲面軌道與右側(cè)傾角a=37。的斜面在底部平滑連接且均固定在光滑水平地

面上，質(zhì)量為機(jī)的小滑塊Z從斜面上離斜面底邊高為28處由靜止釋放，經(jīng)過(guò)斜面與水平面

交接處時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，在水平面與一質(zhì)量為m的靜止小滑塊8發(fā)生正碰結(jié)合為一個(gè)整體

（45完全相同），一起滑上左側(cè)曲面軌道，再?gòu)那孳壍阑闲泵?，滑塊第一次沿斜面上

滑的最大高度為上多次往復(fù)運(yùn)動(dòng).不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,sin37°=0.6,

cos37°=0.8.求:

（1）滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

（2）滑塊第1次滑下斜面的時(shí)間4與第1次滑上斜面的時(shí)間之比;

（3）滑塊最終靜止，整個(gè)系統(tǒng)由于摩擦產(chǎn)生的熱量。.

16.如圖所示，質(zhì)量為〃=2.0kg,半徑R=0.3m的四分之一光滑圓弧槽靜置于光滑水平地面

上，有兩個(gè)大小、形狀相同的可視為質(zhì)點(diǎn)的光滑小球叫、m2,機(jī)i=L0kg、m2=2.0kg,m2

右側(cè)與球心等高處連接一輕質(zhì)彈簧，彈簧的另一端距圓弧槽底有一定距離。現(xiàn)將啊從圓弧槽

頂端由靜止釋放，重力加速度g=10m/s2,求：

（1）若圓弧槽固定不動(dòng)，小球叫滑離圓弧槽時(shí)的速度大小%;

（2）若圓弧槽不固定，小球叫滑離圓弧槽時(shí)的速度大小匕；

（3）圓弧槽不固定的情況下彈簧壓縮過(guò)程中的最大彈性勢(shì)能。

答案以及解析

1.答案：D

解析：A.裁判在評(píng)分時(shí)，全紅嬋的形狀大小不能忽略不計(jì)，不可以將全紅嬋看成質(zhì)點(diǎn)，故A

錯(cuò)誤；B.由題圖可知，全紅嬋豎直方向先豎直上升1.4m后，再做自由落體運(yùn)動(dòng)下落11.4m,

根據(jù)耳=；g/，可知全紅嬋做下落運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為/=/^3sal.5s,故B錯(cuò)誤；C.本次跳水

她在空中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程全紅嬋的重心在豎直方向的位移大小為10m,故C錯(cuò)誤；D.由題圖可

知，全紅嬋在空中運(yùn)動(dòng)的末速度大小為47.2km/h,故D正確。故選D。

2.答案：A

解析：A.等勢(shì)面疏密程度表示強(qiáng)度大小，則4B、C三個(gè)位置中Z點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，故

A正確；

B.積雨云的底部積聚負(fù)電荷，根據(jù)靜電感應(yīng)可知避雷針帶正電，故B錯(cuò)誤；

C.圖中的虛線為等勢(shì)線，則8、幺兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于8、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故C錯(cuò)誤；

D.等勢(shì)線與電場(chǎng)線垂直，且從正電荷指向帶負(fù)電的云層，則空氣中一電子由8運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，

逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3.答案：A

解析：根據(jù)題意，由于二氧化硅的折射率為1.5,則激光在二氧化硅中的波長(zhǎng)為4=4,觀察

n

到在腐蝕區(qū)域內(nèi)有8條暗紋，則二氧化硅斜面轉(zhuǎn)為平面的棱"N處是亮紋是第9條，設(shè)二氧

化硅薄膜的厚度為力則有2d=84,聯(lián)立解得d=1680nm,故選A。

4.答案：B

解析：A.當(dāng)衛(wèi)星軌道半徑為地球半徑時(shí)所得的速度為第一宇宙速度7.9km/s,第一宇宙速度衛(wèi)

星最大環(huán)繞速度，則目標(biāo)衛(wèi)星在較高的圓形軌道運(yùn)行的線速度小于7.9km/s,A錯(cuò)；

B.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力學(xué)="。解得。"由攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小于目標(biāo)衛(wèi)星的軌

rr

道半徑，則攻擊衛(wèi)星的加速度大于目標(biāo)衛(wèi)星的加速度，故B正確；

C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力學(xué)=機(jī)r駕解得T=J—由攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小于目標(biāo)

戶T2VGM

衛(wèi)星的軌道半徑，則攻擊衛(wèi)星運(yùn)行的周期小于目標(biāo)衛(wèi)星運(yùn)行的周期，故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力”=機(jī)且解得v=J絲由攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小于目標(biāo)衛(wèi)星

rr\r

的軌道半徑，則攻擊衛(wèi)星線速度大于目標(biāo)衛(wèi)星的線速度，弧長(zhǎng)為A5=V。綜上可得，在相同

時(shí)間內(nèi)，目標(biāo)衛(wèi)星通過(guò)的弧長(zhǎng)小于攻擊衛(wèi)星通過(guò)的弧長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。

5.答案：AC

解析：AB.設(shè)運(yùn)動(dòng)員觸網(wǎng)前的速度大小為％,下落過(guò)程有

,12

mgn{=—mvi

解得

=J2gAi=8m/s

設(shè)運(yùn)動(dòng)員觸網(wǎng)后的速度大小為匕，上升過(guò)程有

mgh2=-mv^

解得

v2=12gh2=10m/s

以豎直向上為正方向，觸網(wǎng)過(guò)程中動(dòng)量的變化量為

A/?=mv2-(-mv1)=50xlOkg-m/s-50x(-8)kg-m/s=900kg-m/s

方向豎直向上。故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.觸網(wǎng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理可得

(F-tng)At=Ap

解得

F=^+mg=—N+50xl0N=1500N

At0.9

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC

6.答案：BD

解析：A.根據(jù)題意，由楞次定律可得，線框進(jìn)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故A錯(cuò)

誤；B.根據(jù)題意，由法拉第電磁感應(yīng)定律有后=型，感應(yīng)電流為7=g，則電荷量為

AtR

q==*由于線框進(jìn)入磁場(chǎng)和穿出磁場(chǎng)過(guò)程中磁通量的變化量相同，則通過(guò)線框橫截

面的電荷量相等，故B正確；C.根據(jù)題意由圖可知，。時(shí)刻線框進(jìn)入磁場(chǎng)，做加速度減小的

減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)，線框做勻加速運(yùn)動(dòng)，4時(shí)刻線框與傳送帶速度相等，

在磁場(chǎng)內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，。時(shí)刻線框開(kāi)始出磁場(chǎng)，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，4時(shí)刻，線框完

全離開(kāi)磁場(chǎng)，由上述分析可知，磁場(chǎng)的長(zhǎng)度等于線框在。時(shí)間內(nèi)的位移之和，線框在

4：質(zhì)時(shí)間內(nèi)的位移為線框的邊長(zhǎng)，則有苞=工，根據(jù)Vt圖像面積表位移可得，線框在

〃：4時(shí)間內(nèi)的位移為％=(%+%；色—幻,線框在4：。時(shí)間內(nèi)的位移為七="。,-3)，磁場(chǎng)

長(zhǎng)度為》=￡+石+々=￡+白立4山+%('4—4)，故C錯(cuò)誤；D4-2時(shí)間內(nèi)，設(shè)安培力

尸做功的絕對(duì)值為沙，線框與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，根據(jù)動(dòng)能定理有

1010.vn-V1,(vn-vAmL

/Limgx{-W=-mv---mv0,在時(shí)間內(nèi)，有a=〃g=：一］，則有〃根g西=---------,

22q—2h-t2

解得少=之根(4-k)+叱回，整個(gè)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱

2/3_，2

0=2匹=機(jī)3；—片)+生匚業(yè)%，故D正確。故選BD。

131t之

7.答案：AC

解析：AB.因四條導(dǎo)線中的電流相等，。點(diǎn)與四條導(dǎo)線的距離均相等，由右手定則和對(duì)稱(chēng)性可

知，右在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與4在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，4在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與

4在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，所以四條導(dǎo)線在。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于零，。點(diǎn)距4、4

的距離小于4、4,。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故A正確，B錯(cuò)誤；

C.同向電流之間相互吸引，則4與人相互吸引，故C正確；

D.其余三條導(dǎo)線對(duì)右都是吸引力，結(jié)合對(duì)稱(chēng)性可知，4所受安培力的方向?yàn)閺?指向右，故

D錯(cuò)誤。

故選AC-

8.答案：BD

解析：A.根據(jù)圖象，可得前5s內(nèi)的加速度

"包=2m/s2

A/

由牛頓第二定律

F-O.lmg=ma

解得

F=6.0X103N

A.由上述分析A錯(cuò)誤；

B.由上述分析B正確；

C.第五秒時(shí)到達(dá)額定功率

P=Fv=60kW

C錯(cuò)誤；

D.前5s內(nèi)的位移是

x--Vt-——10x5um=2c5um

22

克服摩擦力做功

4

Wf=yx=5xlOJ

D正確.

故選BDo

9.答案:0.5；32；16

解析：這列水波的頻率為/■葦Hz=0.5Hz

當(dāng)甲船位于波峰時(shí)，乙船位于波谷，此時(shí)兩船之間還有一個(gè)波峰，則Ax=4+L/l=48m

2

解得波長(zhǎng)為2=32m

波速為v=2/=32x0.5m/s=16m/s

10.答案：；H；小于

解析：由核反應(yīng)方程前后質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可得

2；He-2：H+：He

比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合得越牢固，原子核

越穩(wěn)定，故:He的比結(jié)合能小于：He的比結(jié)合能。

11.答案：7.5；放熱

解析：根據(jù)玻意耳定律可得夕&S=(po+/z)/S

解得/=7.5cm

管內(nèi)氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功：溫度不變，內(nèi)能不變，則氣體放熱。

12.答案:(1)BC(2)A(3)1,0；9.7

解析：(1)AC.為使小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小相等，需要每次從斜槽上相同的位置無(wú)初

速度釋放鋼球，斜槽軌道不需要光滑，故A錯(cuò)誤，C正確；

B.為使小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度方向水平，斜槽軌道末段需要水平，故B正確；

D.擋板的作用是記錄小球在不同高度時(shí)的不同位置，不需要等間距變化，故D錯(cuò)誤。

故選BCo

(2)因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的速度越來(lái)越快，則下落相等位移的

時(shí)間越來(lái)越短，水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)

X=vGt

可得%一>X3-X2

故選A。

(3)小球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向有

x=vot=L

則小球運(yùn)動(dòng)到圖中位置Z時(shí)，其速度的水平分量大小為

L5_2

v=—=----xlOm/s=1.0m/s

°nT0.05

小球豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論

8+"一%一取=gQT)2

當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?/p>

%+%—%—為13.4+11.0—8.6—6.1,2cr/2

g=,￡3_-4；1_=------------------------------X10-m/s=9.7m/s

4T24x0.052

(3)10.5Q；12.5N；刻度線均勻，但壓力值不均勻，無(wú)法估讀

解析：（1）電源的電動(dòng)勢(shì)為3V,實(shí)驗(yàn)所給電壓表量程為0-15V,讀數(shù)誤差較大，不宜使

用。由于電流表A1內(nèi)阻已知，則可用電流表A1作電壓表使用，如下圖所示

（2）根據(jù)并串聯(lián)電路規(guī)律和歐姆定律可得，該電路測(cè)量電阻尺阻值的表達(dá)式為凡=上■

12Tl

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律有￡=/（凡+八+6）

由題可知，當(dāng)/=0.1A時(shí)，壓力為零，結(jié)合圖乙可知&=18。，帶入解得&=10.5。

由圖乙可知，段與所受壓力尸成一次函數(shù)關(guān)系，兩者關(guān)系為4=18-2/

F3

則根據(jù)閉合電路歐姆定律有/=--

RQ+4+Rx30—2F

可知當(dāng)/=0.6A取最大值時(shí)，可得此壓力表能測(cè)量的最大壓力值為

『12.5N

根據(jù)電流表示數(shù)與Rx所受壓力F的關(guān)系式/=二一

“30-2F

可知，使用這只“壓力表”的不方便之處是刻度線均勻，但壓力值不均勻，無(wú)法估讀。

14.答案：（1）正加v；

2qL

（2）2%,與x軸正方向夾角為60。

⑶也mv。

2qL

解析：（1）粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力的作用做類(lèi)平拋，設(shè)在第一象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為:。則

水