四川省瀘州市瀘縣第五中學2025屆物理高三上期中調研試題含解析

四川省瀘州市瀘縣第五中學2025屆物理高三上期中調研試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、發(fā)現(xiàn)萬有引力定律和測出引力常量的科學家分別是（）A．開普勒，卡文迪許B．牛頓，卡文迪許C．牛頓，牛頓D．開普勒，伽利略2、關于物理學思想方法，下列敘述錯誤的是（）A．演示微小形變時，運用了放大法B．將帶電體看成點電荷，運用了理想模型法C．平均速度體現(xiàn)了極限思想D．加速度是采取比值法定義的物理量3、如圖所示,兩個內壁光滑、半徑不同的半圓軌道固定于地面，一個小球先后在與球心在同一水平高度的A、B兩點由靜止開始下滑，通過軌道最低點時A．A球對軌道的壓力小于B球對軌道的壓力B．A球對軌道的壓力等于B球對軌道的壓力C．A球的角速度小于B球的角速度D．A球的向心加速度小于B球的向心加速度4、如圖所示,在光滑絕緣的水平面上方有兩個方向相反的沿水平方向的勻強磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應強度的大小分別為B1=B和B2=2B，一個豎直放置的邊長為l、質量為m、電阻為R的正方形金屬線框以初速度v垂直于磁場方向從圖中實線位置開始向右運動,當線框運動到在每個磁場中各有一半的面積時,線框的速度為則下列判斷錯誤的是A．此過程中通過線框截面的電荷量為B．此過程中線框克服安培力做的功為mv2C．此時線框的加速度為D．此時線框中的電功率為5、下列說法正確的是()A．做勻變速直線運動的物體,相同時間內速率的變化一定相同B．做勻速圓周運動的物體,相同時間內動量變化量相同C．做曲線運動的物體,速度變化量的方向也可能保持不變D．物體的加速度不變,則物體的運動狀態(tài)將保持不變6、如圖所示，豎直平面內有A、B、C三點，三點連線構成一直角三角形，AB邊豎直，BC邊水平，D點為BC邊中點．一可視為質點的物體從A點水平拋出，軌跡經(jīng)過D點，與AC交于E點．若物體從A運動到E的時間為tl，從A運動到D的時間為t2，則tl:t2為A．1:1 B．1:2 C．2:3 D．1:3二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在一根長為L的細線下面系一質量為m的小球，將小球拉離豎直位置，使懸線與豎直方向成α角，給小球一個初速度，使小球在水平面內做勻速圓周運動，懸線旋轉形成一個圓錐面，這就是常見的圓錐擺模型。關于圓錐擺，下面說法正確的是（）A．小球質量越大，圓錐擺的周期越小B．小球線速度v越大，圓錐擺的周期T越大C．懸點距離小球軌道平面越高，圓錐擺的周期T越大D．小球做勻速圓周運動的線速度v越大，小球的向心加速度越大8、在光滑的水平地面上方，有兩個磁感應強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大．一個半徑為a，質量為m，電阻為R的金屬圓環(huán)垂直磁場方向，以速度v從如圖位置向右運動，當圓環(huán)運動到直徑剛好與邊界線PQ重合時，圓環(huán)的速度為，則下列說法正確的是A．此時圓環(huán)中的電功率為B．此時圓環(huán)的加速度為C．此過程中通過圓環(huán)截面的電量為D．此過程中回路產(chǎn)生的電能為0.75mv29、如圖所示，水平轉臺上的小物體A、B通過輕彈簧連接，并隨轉臺一起勻速轉動，A、B的質量分別為m、2m，A、B與轉臺的動摩擦因數(shù)都為μ，A、B離轉臺中心的距離分別為1.5r、r，已知彈簧的原長為1.5r，勁度系數(shù)為k，設本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法正確的是()A．當B受到的摩擦力為0時，轉臺轉動的角速度為B．當A受到的摩擦力為0時，轉臺轉動的角速度為C．若B比A先相對轉臺滑動，當B剛好要滑動時，轉臺轉動的角速度為D．若A比B先相對轉臺滑動，當A剛好要滑動時，轉臺轉動的角速度為10、如圖所示，質量分別為兩個物體通過輕彈簧連接，在力的作用下一起沿水平方向做勻速直線運動（在地面，在空中），力與水平方向成角．則所受支持力和摩擦力正確的是A．B．C．D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)μ，提供的器材有：帶定滑輪的長木板，有凹槽的木塊，質量為20g的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等．實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度．(1)正確進行實驗操作，得到一條紙帶，從某個清晰的打點開始，依次標注0、1、2、3、4、5、6，分別測出位置0到位置3、位置6間的距離，如圖乙所示．已知打點周期T＝0.02s，則木塊的加速度a＝________m/s2.(2)將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質量m，測得相應的加速度a，作出a－m圖象如圖丙所示．已知當?shù)刂亓铀俣萭＝9.8m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)μ＝________(保留兩位有效數(shù)字)；μ的測量值________(選填“大于”“小于”或“等于”)真實值，原因是________________________(寫出一個即可)．(3)實驗中________(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量．12．（12分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量________(填選項前的符號)，間接地解決這個問題。A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，實驗時先讓入射球m1多次從傾斜軌道上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是________。(填選項前的符號)A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為_________[用(2)中測量的量表示](4)若兩球發(fā)生彈性正碰，則OM、ON、OP之間一定滿足的關系是________(填選項前的符號)。A.OP=ON-OMB．2OP=ON+OMC．OP-ON=2OM四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在水下氣泡內空氣的壓強大于氣泡表面外側水的壓強，兩壓強差△p與氣泡半徑r之間的關系為△p=，其中σ=0.070N/m?，F(xiàn)讓水下10m處一半徑為0.50cm的氣泡緩慢上升。已知大氣壓強p0=1.0×105Pa，水的密度p=1.0×103kg/m3，重力加速度大小g=10m/s2。(i)求在水下10m處氣泡內外的強差；(ⅱ)忽略水溫隨水深的變化，在氣泡上升到十分接近水面時，求氣泡的半徑與其原來半徑之比的近似值。14．（16分）如圖所示，總質量為460kg的熱氣球，從地面剛開始由靜止豎直上升時的加速度為0.5m/s1，當熱氣球上升到180m時，恰以5m/s的速度向上勻速運動．若離開地面后熱氣球所受浮力保持不變，空氣阻力F阻=Kv（K為比例系數(shù)），上升過程中熱氣球總質量不變，重力加速度g=10m/s1．試計算：(1)氣球受到浮力的大??；(1)氣球上升到180m過程中克服空氣阻力所做的功；(3)氣球上升到180m過程中所用時間是多少？15．（12分）圖為一列簡諧波的波形圖，實線為t=0時刻的波形．若此機械波沿x軸正方向傳播，t=0時刻剛好傳到A點，且再經(jīng)過0.6s，Q點也開始起振，求：(1)該機械波的波速v及周期T分別為多少？(2)從t=0時刻起到Q點第一次到達波峰，O點相對于平衡位置的位移y0及其所經(jīng)過的軌跡長度s0各為多少？(3)若該機械波的傳播速度大小為30m/s，波形由實線變?yōu)樘摼€需要經(jīng)歷0.45s的時間，則該列波的傳播方向如何？（要求寫出具體判斷過程）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】解：發(fā)現(xiàn)萬有引力定律的科學家是牛頓，他提出了萬有引力定律．首次比較精確地測出引力常量的科學家是卡文迪許，牛頓得到萬有引力定律之后，并沒有測得引力常量，引力常量是由卡文迪許用扭秤實驗測得的．故ACD錯誤，B正確．故選：B2、C【解析】演示微小形變時，運用了放大法，選項A正確；將帶電體看成點電荷，運用了理想模型法，選項B正確；平均速度體現(xiàn)了等效的思想，選項C錯誤；加速度是采取比值法定義的物理量，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選C.3、B【解析】

AB．由小球開始運動到軌道最低點，由機械能守恒定律得，在軌道最低點是軌道對小球的支持力與小球重力的合力提供向心力得，聯(lián)立解得F=3mg，小球對軌道的壓力與支持力是作用力和反作用力，為3mg，跟軌道的半徑無關，A錯誤B正確；C．由線速度，，B球角速度較小，C錯誤；D．在軌道最低點小球的向心加速度為a，F(xiàn)-mg=ma，F(xiàn)=3mg，聯(lián)立得a=2g，D錯誤；故選B。4、D【解析】

A.感應電動勢為：感應電流為：電荷量為：解得此過程中通過線框截面的電荷量為：故A不符題意；B.由能量守恒定律得，此過程中回路產(chǎn)生的電能為：此過程中線框克服安培力做的功為，故B不符合題意；C.此時感應電動勢：線框電流為：由牛頓第二定律得：解得此時線框的加速度為：故C不符合題意；D.此時線框的電功率為：故D符合題意。5、C【解析】

A.做勻變速直線運動的物體，加速度一定，故相同時間內速度變化相同，而不是速率的變化相同，故A錯誤；B.做勻速圓周運動的物體，加速度方向時刻改變，不是勻變速運動，所以相同時間內速度變化不同，動量變化不同，故B錯誤。C.做曲線運動的物體，速度變化量的方向也可能保持不變，如平拋運動，速度變化量方向就是加速度方向，豎直向下，故C正確。D.物體的加速度不變，如果不為零，則速度發(fā)生變化，則物體的運動狀態(tài)將改變，故D錯誤。6、B【解析】

設∠C=θ，∠ADB=α，由幾何關系知，tanα=2tanθ，物體初速度為v0，根據(jù)平拋運動規(guī)律，質點由A到E，解得：；

同理：質點由A到D，解得：；故t1：t2=1：2；A.1:1，與結論不相符，選項A錯誤；B.1:2，與結論相符，選項B正確；C.2:3，與結論不相符，選項C錯誤；D.1:3，與結論不相符，選項D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A.根據(jù)圓錐擺的周期公式可得，可知圓錐擺周期與質量無關，故A項與題意不相符；B.根據(jù)小球在水平面做圓周運動可知故線速度越大，tanα越大，即α越大，又因為0＜α＜故cosα越小，由,可知周期應越小，故B項與題意不相符；C.若懸點距離小球所在軌跡平面越高，即α越小，則在0＜α＜時，故cosα越大即周期越大，故C項與題意相符；D.由于小球做勻速圓周運動的線速度與加速度之間的關系為故線速度越大，小球的加速度越大，故D項與題意相符。8、AC【解析】

A.當圓環(huán)的直徑與邊界線PQ重合時，圓環(huán)左右兩個半環(huán)均產(chǎn)生感應電動勢，有效切割的長度都等于直徑，故線圈中的感應電動勢為：圓環(huán)中的電功率為：故A正確。B.此時圓環(huán)受力為：故B錯誤。C.此過程中，電路中的平均電動勢為：則電路中通過的電量為：故C正確。D.此過程中產(chǎn)生的電能等于電路中的熱量，也等于外力所做的功，則一定也等于動能的改變量，故故D錯誤；9、BD【解析】A、當B受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則，解得，選項A錯誤；B、當A受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則，解得，選項B正確；C、當B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有：，解得，選項C錯誤；D、當A剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有：，解得，選項D正確。點睛：本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用，知道當A、B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來源是解題的關鍵。10、AC【解析】對AB整體受力分析，受到重力mg=（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑動摩擦力f，如圖

根據(jù)共點力平衡條件，有：解得：，故選AC．【名師點睛】對AB整體受力分析，受到重力（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑動摩擦力f，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)3.33(2)0.32～0.36大于滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等(3)不需要【解析】（1）已知打點周期T＝0.02s，根據(jù)逐差法可得木塊的加速度為：．（2）設木塊的質量為M，根據(jù)牛頓第二定律有，，，聯(lián)立可解得加速度為：，由丙圖可知，當m=0時，a==3.3，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)μ＝0.34，因滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦，所以測量值大于真實值．（3）實驗中沒有采用細線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量．12、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OPA【解析】

（1）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確，ABD錯誤。（2）要驗證動量守恒定律定律，即驗證：m1v1=m1v2+m2v3，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t，得：m1OP=m1OM+m2ON，因此實驗需要過程為：測量兩球的質量、確定落點從而確定小球的水平位移，故選ADE。（3）由（2）可知，實驗需要驗證：m1OP=m1OM+m2ON。（4）根據(jù)彈性碰撞的公式，碰撞后兩球的速度為：v1=m1-m2m1+m2v0，v2=2m1m四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(i)28Pa(ⅱ)1.3【解析】試題分析：（i）當氣泡在水下h="10"m處時，設其半徑為r1，氣泡內外壓強差為?p1，則?p1=①代入題給數(shù)據(jù)得?p1="28"Pa②（ii）設氣泡在水下10m處時，氣泡內空氣的壓強為p1，氣泡體積為V1；氣泡到達水面附近時，氣泡內空氣壓強為p2，內外壓強差為?p2，其體積為V2，半徑為r2。氣泡上升過程中溫度不變，根據(jù)玻意耳定律有p1V1=p2V2③p1=p0+