2025屆廣西柳州二中物理高二上期中檢測(cè)試題含解析

2025屆廣西柳州二中物理高二上期中檢測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用方法，以下物理量表達(dá)式中不屬于比值法定義的是（）A．電源電動(dòng)勢(shì)E=WqB．C．電容器的電容C=εrS2、質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)豎直向上跳起，離開地面的速度為v，在這段時(shí)間內(nèi)下列說法正確的是A．地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小為mvB．重力的沖量為零C．動(dòng)量的變化量為mvD．地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的功為3、下列說法正確的是A．由C=可知，電容器的電容與任一極板的電荷量Q成正比B．由φ=可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與電荷在該點(diǎn)處具有的電勢(shì)能Ep成正比C．由R=ρ可知，金屬導(dǎo)體的電阻與其接入電路的長度成正比D．由E=可知，某一電源的電動(dòng)勢(shì)與電源中非靜電力所做的功成正比4、R=的物理意義是（）A．加在導(dǎo)體兩端的電壓越大，則電流越大B．導(dǎo)體的電阻與電壓成正比，與電流成反比C．導(dǎo)體的電阻越大，則電流越小D．通過導(dǎo)體的電流越大，則導(dǎo)體的電阻越小5、如圖所示，一勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樗椒较?虛線為電場(chǎng)線)，一帶負(fù)電微粒以某一角度θ從電場(chǎng)中a點(diǎn)斜向上方射入，沿直線運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)，則可知()A．電場(chǎng)中a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)B．場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樗较蜃驝．微粒的機(jī)械能保持不變D．微粒在a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能6、下列有關(guān)電場(chǎng)線、電勢(shì)能、電勢(shì)的說法中正確的是（）A．正電荷沿電場(chǎng)線的方向運(yùn)動(dòng)電勢(shì)能越來越大B．沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)越來越低C．電荷在電勢(shì)越高的地方電勢(shì)能越大D．電勢(shì)能越大的地方電場(chǎng)線越密二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法正確的是A．沿著電場(chǎng)線的方向移動(dòng)電荷，電荷的電勢(shì)能可能增大B．只有點(diǎn)電荷在真空中任一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小才可以用求解C．根據(jù)可知，電容器的電容與其儲(chǔ)存的電荷Q成正比，與其兩端的電壓U成反比D．電腦和手機(jī)屏幕上很容易聚集灰塵是因?yàn)殪o電現(xiàn)象8、在光滑水平面上，A、B兩小車中間有一彈簧，如圖所示.用左、右手分別抓住小車A、B，將彈簧壓縮后使兩小車均處于靜止?fàn)顟B(tài)．將兩小車及彈簧看做一個(gè)系統(tǒng)，下列說法中正確的是（）A．兩手同時(shí)放開后，系統(tǒng)總動(dòng)量始終為零B．先放開左手再放開右手后，系統(tǒng)總動(dòng)量不守恒C．先放開左手再放開右手后，系統(tǒng)總動(dòng)量向左D．先放開左手再放開右手后，系統(tǒng)總動(dòng)量向右9、如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑橢圓大環(huán)，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L，勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在大環(huán)的中心0，下端連接一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量q、可視為質(zhì)點(diǎn)的小環(huán)，小環(huán)剛好套在大環(huán)上且與大環(huán)及彈簧絕緣，整個(gè)裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度恰好為0，已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，則（）A．小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈性勢(shì)能一直增大B．小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，小環(huán)的電勢(shì)能一直減小C．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=D．小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)受到大環(huán)對(duì)它的彈力大小F=mg+10、如圖甲所示，兩水平金屬板間距為d，板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，0-T/3時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運(yùn)動(dòng)過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關(guān)于微粒在0-T時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的描述，正確的是A．末速度沿水平方向,大小為v0B．重力勢(shì)能減少了C．電場(chǎng)力做功為D．金屬板長度為3v0三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如上圖所示為實(shí)驗(yàn)室中驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．(1)若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則________．A．m1>m2,r1>r2B．m1>m2,r1<r2C．m1>m2，r1＝r2D．m1<m2,r1＝r2(2)為完成此實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必需的是________(填下列對(duì)應(yīng)的字母).A．直尺B．游標(biāo)卡尺C．天平D．彈簧測(cè)力計(jì)E．秒表(3)本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條件是（______）A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放D．入射球與被碰球碰撞后必須黏合在一起運(yùn)動(dòng)(4)設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式(用m1、m2及圖中字母表示)________________成立，即表示碰撞中動(dòng)量守恒．12．（12分）用如圖所示器材研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象感應(yīng)電流方向。（1）用筆畫線代替導(dǎo)線將實(shí)驗(yàn)電路補(bǔ)充完整。（______）（2）閉合開關(guān)，能使感應(yīng)電流與原電流繞行方向相同的實(shí)驗(yàn)操作是______。A．插入軟鐵棒B．拔出小線圈C．使交阻器阻值變小D．?dāng)嚅_開關(guān)（3）某同學(xué)閉合開關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表指針向右偏轉(zhuǎn)。則當(dāng)他將鐵芯向上拔出時(shí)，能觀察到電流計(jì)指針_____（選填“向右”或“向左”）偏轉(zhuǎn)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在離地4h的平臺(tái)邊緣放一個(gè)小球A，在其左側(cè)有一個(gè)擺球B，當(dāng)B球從離平臺(tái)h高處由靜止釋放到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，恰能與A球發(fā)生正碰撞，使A球水平拋出，若A球落地時(shí)距離平臺(tái)邊緣4h，B球碰撞后能上升到離平臺(tái)的高度，求（1）碰撞后A球水平拋出時(shí)的速度．（已知重力加速度為g）（2）A、B兩球的質(zhì)量之比．14．（16分）如圖所示，絕緣細(xì)繩的一端固定在O點(diǎn)、另一端懸掛著質(zhì)量m=2×10﹣3kg的帶電小球A，若將電荷QB=4.0×10﹣6C的帶正電小球B靠近A，當(dāng)A球靜止時(shí)，兩球球心恰在同一高度，且球心相距l(xiāng)=0.3m，此時(shí)繩與豎直方向成α=45°角．已知靜電力常量k=9.0×109N.m2/C2，g=10m/s2，兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)．求：（1）B球受到的庫侖力；（2）A球的電荷量．15．（12分）宇航員駕駛一飛船在靠近某行星表面附近的圓形軌道上運(yùn)行，已知飛船運(yùn)行的周期為T，行星的平均密度為．試證明（萬有引力恒量G為已知，是恒量）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

電動(dòng)勢(shì)公式E=Wq是電動(dòng)勢(shì)的定義式，故A不符合題意；導(dǎo)體電阻R=UI，R等于電壓U與電流I的比值，屬于比值法定義，故B不符合題意；電容器的電容是由電容器本身決定的，電容器的電容C=εS4πkd，是電容器電容決定式，本身定義式，故C符合題意；電流強(qiáng)度I=qt2、C【解析】

A．合力的沖量大小為mv，故A錯(cuò)誤；B．重力的沖量I=mgt，不為0，故B錯(cuò)誤；C．動(dòng)量的變化為△P=mv，故C正確；D．地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的力的作用點(diǎn)沒位移，故故功為0，故D錯(cuò)誤。3、C【解析】

A．電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，取決于電容器本身,并不是電容器的電容與所帶電荷量成正比,與兩極板間的電壓成反比,故A錯(cuò)誤B．電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)由電場(chǎng)本身決定，不隨電勢(shì)能的變化而變化，故B錯(cuò)誤C．根據(jù)電阻定律可知電阻與導(dǎo)體的長度和橫截面積都有關(guān)系；當(dāng)其他條件不變時(shí)與其接入電路的長度成正比，所以C正確;

D．電動(dòng)勢(shì)反映的是電源的屬性，由電源內(nèi)部非靜電力的特性決定，故D錯(cuò)誤.4、A【解析】

（1）導(dǎo)體電阻的大小與導(dǎo)體的材料、長度、橫截面積和溫度有關(guān)，與導(dǎo)體兩端電壓和通過電流無關(guān)；（2）R=是電阻的定義式和計(jì)算式．【詳解】A、加在導(dǎo)體兩端的電壓越大，則電流越大；故A正確；B、導(dǎo)體電阻的大小與導(dǎo)體的材料、長度、橫截面積和溫度有關(guān)，與導(dǎo)體兩端電壓和通過電流無關(guān)；但可以通過R=計(jì)算出導(dǎo)體電阻的大小，故，B、D選項(xiàng)錯(cuò)誤C、因不知電壓大小，故不能說電阻越大，電流越??；故C錯(cuò)誤；故選A5、D【解析】

AB．粒子沿直線運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，粒子的合力與速度在同一直線上，重力豎直向下，則受到的電場(chǎng)力水平向左，電場(chǎng)方向水平向右。則a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)。故AB錯(cuò)誤。CD．粒子從a到b電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，機(jī)械能減小合外力做負(fù)功，動(dòng)能減小，即微粒在a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。6、B【解析】A、沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，正電荷沿電場(chǎng)線的方向運(yùn)動(dòng)電勢(shì)能越來越小，而負(fù)電荷沿電場(chǎng)線的方向運(yùn)動(dòng)電勢(shì)能越來越大，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)電場(chǎng)線的物理意義知，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)越來越低，故B正確；C、根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系，可知正電荷在電勢(shì)越高的地方電勢(shì)能越大，負(fù)電荷在電勢(shì)越高的地方電勢(shì)能越小，故C錯(cuò)誤；D、電勢(shì)能與電場(chǎng)線的疏密沒有直接關(guān)系，故D錯(cuò)誤．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵要掌握電場(chǎng)線的物理意義和電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系式，要注意運(yùn)用該公式時(shí)各個(gè)量要代入符號(hào)運(yùn)算．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

A．正電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；故A正確。B．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式適用于任何電場(chǎng)；故B錯(cuò)誤。C．公式是電容的定義式，采用比值法定義，C與Q、U無關(guān)，由電容器本身的性質(zhì)決定；故C錯(cuò)誤。D．電腦和手機(jī)屏幕上會(huì)帶上電荷，很容易吸附灰塵，是因?yàn)殪o電現(xiàn)象；故D正確。故選AD。8、AC【解析】

A．若兩手同時(shí)放開A、B兩車，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于系統(tǒng)初動(dòng)量為零，則系統(tǒng)總動(dòng)量為零。故A正確。

B．先放開左手，再放開右手后，兩車與彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒。故B錯(cuò)誤。

CD．先放開左手，再放開右手，系統(tǒng)所受合外力向左，系統(tǒng)所受合外力的沖量向左，系統(tǒng)總動(dòng)量向左。故C正確；D錯(cuò)誤。9、BCD【解析】

已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等。故小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)彈簧壓縮量為12L，在B點(diǎn)時(shí)彈簧伸長12L，小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的形變量先減小后變大，則彈性勢(shì)能先減小后增大，故A錯(cuò)誤；小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，小環(huán)沿電場(chǎng)線方向水平運(yùn)動(dòng)2L，故小環(huán)的電勢(shì)能一直減小，故B正確；整個(gè)過程由能量守恒定律得，Eq?2L=mgL，得E=mg2q，故C正確；小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)，彈簧壓縮12L，受到大環(huán)對(duì)它的彈力為mg+1210、ABD【解析】A、時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，則有：，內(nèi)，微粒做平拋運(yùn)動(dòng)，下降的位移，時(shí)間內(nèi)，微粒的加速度，方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為，故A正確；B、微粒在豎直方向上向下運(yùn)動(dòng)，位移大小為，則重力勢(shì)能的減小量為，故B正確；

C、在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時(shí)間相等，則位移的大小相等，為，整個(gè)過程中電場(chǎng)力做功為：，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)上面分析可以知道：在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)位移大小相等為，則在內(nèi)下降的位移，則，而水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)，則金屬板長度為：，故選項(xiàng)D正確。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道微粒在各段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，抓住等時(shí)性，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解．知道在內(nèi)和時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時(shí)間相等，位移的大小相等。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CACBCm1OP=m1OM+m2ON【解析】

（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；

（2）根據(jù)表達(dá)式確定需要測(cè)量的量，然后確定測(cè)量工具；（3）求根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)及動(dòng)量守恒定律內(nèi)容進(jìn)行分析答題；

（4）根據(jù)動(dòng)量守恒定律與圖示實(shí)驗(yàn)情景確定需要驗(yàn)證的表達(dá)式；【詳解】（1）為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C正確，選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤；

（2）實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的量有：①入射小球的質(zhì)量，②被碰小球的質(zhì)量，③入射小球碰前平拋的水平位移，④入射小球碰后平拋的水平位移，⑤被碰小球碰后平拋的水平位移，測(cè)量水平位移需要用直尺，測(cè)質(zhì)量需要天平，因此需要的實(shí)驗(yàn)器材是AC；（3）A、驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，必須保證斜槽軌道末端切線水平，斜槽軌道不必要光滑，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、為保證球的初速度相等，入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，兩球碰撞后不一定要黏合在一起，故C正確，D錯(cuò)誤；

（4）兩球碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，碰撞過程動(dòng)量守恒，則m1v1=m1v1【點(diǎn)睛】本題是運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證。12、BD向左【解析】

（1）[1]．將線圈L2和電流計(jì)串聯(lián)形成一個(gè)回路，將電鍵、滑動(dòng)變阻器、電壓、線圈L1串聯(lián)而成另一個(gè)回路即可，實(shí)物圖如下所示：（2）[2]．根據(jù)楞次定律可知，若使感應(yīng)電流與原電流的繞行方向相同，則線圈L2中的磁通量應(yīng)該減小，故拔出線圈L1、使變阻器阻值變大、斷開開關(guān)均可使線圈L2中的磁通量減小，故AC錯(cuò)誤，BD正確．（3）[3]．由圖示可知，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向左滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，通過線圈A的電流增大，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，穿過線圈B的磁通量增大，電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可知，穿過線圈B的磁通量增大時(shí)，電流表指針向右偏，則磁通量減少時(shí)，指針向左偏；如果將鐵芯向上拔出時(shí)，穿過線圈B的磁通量減少，電流表指針左偏；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

(1)碰撞后A球做平拋運(yùn)動(dòng)，小球A在水平方向上：4h=vAt，在豎直方向上：解得A球碰后速度為(2)設(shè)B球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與A球碰撞前的速度