2025屆山東省棲霞二中物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆山東省棲霞二中物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為其內(nèi)阻，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表。當(dāng)開關(guān)S閉合后，若將照射R3的光的強(qiáng)度減弱，則下列說法中正確的是（）A.電壓表的示數(shù)變小B.通過R2的電流變小C.小燈泡消耗功率變大D.電源的內(nèi)電壓變大2、下列說法正確的是（）A.物體的動量發(fā)生變化，則物體的動能一定變化B.物體的動能發(fā)生變化，則物體的動量一定變化C.合外力對系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)的動量一定守恒D.系統(tǒng)所受合外力為零，則系統(tǒng)的動量不一定守恒3、如圖甲所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點(diǎn)，若從A點(diǎn)釋放一初速度為零的電子，電子僅在電場力作用下向B點(diǎn)運(yùn)動，其v-t圖象如圖乙所示，則下列說法正確的電子（）A.A、B兩點(diǎn)電勢B.A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度C.場強(qiáng)方向由A指向BD.電子在A、B兩點(diǎn)電勢能4、關(guān)于電勢差的說法中，正確的是（）A.兩點(diǎn)間的電勢差等于電荷從其中一點(diǎn)移到另一點(diǎn)時，電場力所做的功B.1C電荷從電場中一點(diǎn)移動到另一點(diǎn)，如果電場力做了1J功，這兩點(diǎn)間的電勢差就是1VC.在兩點(diǎn)間移動電荷時，電場力做功的多少跟這兩點(diǎn)間的電勢差無關(guān)D.兩點(diǎn)間的電勢差的大小跟放入這兩點(diǎn)間的電荷的電量成反比5、關(guān)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.線圈放在磁場中就一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流B.閉合線圈放在勻強(qiáng)磁場中做切割磁感線運(yùn)動時，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的磁通量的變化D.感應(yīng)電流的磁場總是與原磁場方向相反6、如圖所示，三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向垂直紙面向外的電流，ac⊥bd，且ab＝ad＝ac，則a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向?yàn)椋ǎ〢.沿紙面由a向bB.沿紙面由a向cC.垂直于紙面向外D.垂直于紙面向里二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，連接兩平行金屬板的導(dǎo)線的導(dǎo)線的一部分CD與一有電源回路的一部分GH平行且均在紙面內(nèi)，金屬板置于磁場中，磁場方向垂直于紙面向里，當(dāng)一束等離子體射入兩金屬板之間時，CD段導(dǎo)線受到力F的作用，則（）A.若等離子體從右方射入，F(xiàn)向左B.若等離子體從右方射入，F(xiàn)向右C.若等離子體從左方射入，F(xiàn)向左D.若等離子體從左方射入，F(xiàn)向右8、如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場中，一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上，上端連接一帶正電小球，小球靜止時位于N點(diǎn)且彈簧恰好處于原長狀態(tài)。保持小球的電荷量不變，現(xiàn)將小球提高到M點(diǎn)再由靜止釋放。則釋放后，小球從M運(yùn)動到N的過程中（）A.小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和保持不變B.小球運(yùn)動的速度先增大后減小C.彈簧彈性勢能的減少量等于小球動能的增加量D.小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加量9、如圖所示，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向下端移動時，下列說法正確的是A.電阻R1消耗的功率增大 B.電源的輸出功率增大C.V1增大，V2增大，A減小 D.V1減小，V2減小，A增大10、如圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡易模型，在風(fēng)力的作用下，風(fēng)葉帶動與其固定在一起的永磁鐵轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比。某一風(fēng)速時，線圈中產(chǎn)生的正弦式電流如圖乙所示，則（）A.磁鐵的轉(zhuǎn)速為10r/sB.電流的表達(dá)式為i=0.6sin10πt（A）C.風(fēng)速加倍時電流的表達(dá)式為i=1.2sin10πt（A）D.風(fēng)速加倍時線圈中電流的有效值為A三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一根電阻R=0.6Ω的導(dǎo)線彎成一個半徑r=1m的圓形線圈,線圈質(zhì)量m=1kg，此線圈放在絕緣光滑的水平面上，在y軸右側(cè)有垂直線圈平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場，如圖所示．若線圈以初動能Ek0=5J沿x軸方向滑進(jìn)磁場，當(dāng)進(jìn)入磁場0.5m時，線圈中產(chǎn)生的電能為E=3J．求此時線圈的運(yùn)動速度的大小為______m/s，此時線圈加速度的大小為______m/s212．（12分）電磁波在真空中的傳播速度，如果中央人民廣播電臺向外發(fā)射500kHz的電磁波，若距該臺處有一臺收音機(jī)，此電磁波的波長是______從電臺發(fā)出的信號經(jīng)過時間______s可以到達(dá)收音機(jī)處四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為用直流電動機(jī)提升重物的裝置，重物的重量為500N，電源電動勢E＝110V，電源內(nèi)阻r＝2Ω，不計各處摩擦，當(dāng)電動機(jī)以v＝0.80m/s的恒定速度向上提升重物時，電路中的電流I＝5.0A。求：（1）電動機(jī)消耗的總功率P總。（2）電動機(jī)線圈的電阻R。14．（16分）質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，由靜止從P點(diǎn)出發(fā)，經(jīng)電壓為U的電場加速后，沿兩塊正對的平行極板M、N正中間的直線PQ方向射入兩板間。已知極板M、N間只存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里且具有理想邊界的勻強(qiáng)磁場，如圖所示。不計電子所受重力。求：（1）電子射出電場時的速度υ的大??；（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的軌道半徑R；（3）當(dāng)極板M、N的間距恰好等于極板長時，電子恰好能從極板的右邊緣射出磁場，則極板的長度L是多少？15．（12分）如圖所示在xOy平面內(nèi)，有以虛線OP為理想邊界的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場區(qū)域．OP與x軸成45°角，OP與y軸之間的磁場方向垂直紙面向里，OP與x軸之間的電場平行于x軸向左，電場強(qiáng)度為E．在y軸上有一點(diǎn)M，到O點(diǎn)的距離為L．現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、帶電量為-q的帶電粒子，從靜止經(jīng)電壓為U的電場加速后，從M點(diǎn)以垂直y軸的速度方向進(jìn)入磁場區(qū)域（加速電場圖中沒有畫出），不計帶電粒子的重力，求：（1）帶電粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡與OP相切時，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）只改變勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，使帶電粒子經(jīng)磁場能沿y軸負(fù)方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場，則帶電粒子從x軸離開電場時的位置到O點(diǎn)的距離為多少？從進(jìn)入磁場到離開電場經(jīng)過的時間為多少？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A．光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大。由閉合電路歐姆定律可得，電路中電流減小，故R1兩端的電壓減小，故A正確；BD．因電路中電流減小，故電源內(nèi)阻的電壓減小，路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大，故BD錯誤；C．由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，總電流減小，流過支路R2的電流增大，所以流過燈泡的電流一定減小，故由可知，小燈泡消耗的功率變小，故C錯誤。故選A。2、B【解析】動量是矢量，動能是標(biāo)量．系統(tǒng)所受合外力為零，則系統(tǒng)的動量一定守恒【詳解】A.動量是矢量，動量發(fā)生變化可以是大小不變，方向變化，此時物體的動能不變，A錯誤；B.動能發(fā)生變化說明物體速度的大小發(fā)生變化，動量一定改變，B正確；C.合外力對系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)的動能一定不變，但速度方向可能改變，動量可能改變，C錯誤；D.系統(tǒng)所受合外力為零，動量一定守恒，D錯誤【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要明確動量與動能的區(qū)別，掌握動量守恒的條件：系統(tǒng)所受合外力為零．可借助于動量定理來理解3、A【解析】根據(jù)電子的運(yùn)動方向確定電場力方向，判斷電場線方向，即可分析電勢的高低，從速度時間圖線得到電子做加速運(yùn)動，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況，確定場強(qiáng)的變化；【詳解】A、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點(diǎn)到B點(diǎn)，則電子所受的電場力方向從A指向B，所以電場線的方向是從B指向A的，由于沿電場線的方向電勢降低，所以，故A正確，C錯誤；B、從速度時間圖線得知電子做加速運(yùn)動，加速度逐漸變小，故電場力不斷變小，電子在A點(diǎn)受到的電場力大于在B點(diǎn)受到的電場力，所以，故B錯誤；D、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，所以電子在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能，故D錯誤【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場強(qiáng)方向和電勢大小4、B【解析】A．根據(jù)電勢差定義公式分析得知：兩點(diǎn)間的電勢差等于單位正電荷從其中一點(diǎn)移到另一點(diǎn)時，電場力所做的功，故A錯誤；B．根據(jù)電勢差定義公式分析得知，1C電荷從電場中一點(diǎn)移動到另一點(diǎn)，如果電場力做了1J的功，這兩點(diǎn)間的電勢差就是1V，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)WAB=UAB?q可知，在兩點(diǎn)間移動電荷時，電場力做功多少跟這兩點(diǎn)間的電勢差有關(guān)，選項(xiàng)C錯誤；D．兩點(diǎn)間的電勢差是由電場本身決定的，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，故D錯誤。故選B。5、C【解析】線圈放在磁場中如果穿過線圈的磁通量不變，則線圈中就不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯誤；閉合線圈的部分導(dǎo)體放在勻強(qiáng)磁場中做切割磁感線運(yùn)動時，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項(xiàng)B錯誤；根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁場的磁通量的變化，選項(xiàng)C正確；感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原磁場的變化，則與原磁場方向可能相同，也可能相反，選項(xiàng)D錯誤；故選C.6、A【解析】先用安培定則確定三根通電直導(dǎo)線在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場大小和方向，從而作出判斷；【詳解】根據(jù)安培定則知：直導(dǎo)線b在a點(diǎn)產(chǎn)生磁場與直導(dǎo)線d在a點(diǎn)產(chǎn)生磁場方向相反，大小相等，則合磁場為零；而直導(dǎo)線c在a點(diǎn)產(chǎn)生磁場，方向沿紙面由a向b，即為沿紙面由a向b，故A正確，BCD錯誤【點(diǎn)睛】解決本題時要知道磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小，又有方向，是矢量，它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】電路中的電流的方向?yàn)橛蒅到H，當(dāng)?shù)入x子體從右方射入時，由左手定則可以判斷電容器的上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，電流的方向?yàn)橛蒁到C，電流的方向與電路中GH的電流的方向相反，兩導(dǎo)線相互排斥，CD受到的作用力向左，故A正確，B錯誤；等離子體從左方射入時，由左手定則可以判斷電容器的上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，電流的方向?yàn)橛蒀到D，電流的方向與電路中GH的電流的方向相同，所以CD受到的作用力向右，即指向GH，故C錯誤，D正確【點(diǎn)睛】根據(jù)右側(cè)的電路可知導(dǎo)線GH中的電流的方向?yàn)橛蒅到H，在由粒子的進(jìn)入的方向可以判斷電容器中的電流的方向，由同向電流互相吸引，異向電流互相排斥可以得出CD的受力的方向8、CD【解析】小球靜止時位于N點(diǎn)且彈簧恰好處于原長狀態(tài)，可知小球所受的重力與電場力等大反向；A．小球從M運(yùn)動到N的過程中，由于有電場力做功，故小球和彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，小球的機(jī)械能與彈簧的彈性勢能之和是改變的，故A錯誤；B．釋放后小球從M運(yùn)動到N過程中，合力等于彈簧的拉力，做正功，故動能一直增加，即球一直加速，故B錯誤；C．釋放后小球從M運(yùn)動到N過程中，重力和電場力平衡，等效與只有彈簧彈力做功，故彈簧彈性勢能和球動能之和保持不變，即彈簧彈性勢能的減少量等于小球動能的增加量，故C正確；D．重力做功等于重力勢能的減小量，克服電場力做功等于電勢能的增加量，重力和電場力平衡，故小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加量，故D正確；故選CD。9、AD【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑片P向下移動時，R3連入電路的阻值變小，故外電路的總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，知總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，所以V1示數(shù)減小，電源的內(nèi)電壓和R1的電壓均增大，所以并聯(lián)部分電壓減小，即V2示數(shù)減?。鶕?jù)歐姆定律可知，通過R2的電流減小，而總電流增大，所以通過滑動變阻器的電流增大，即A示數(shù)增大．故C錯誤，D正確；因?yàn)楦陕冯娏髯兇?，根?jù)知電阻R1消耗的功率增大，故A正確；因?yàn)椴恢纼?nèi)、外電阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率的變化情況無法確定，故B錯誤；故選AD.10、BD【解析】A．電流的周期為T=0.2s，故磁體的轉(zhuǎn)速為n==5r/s故A錯誤；B．通過乙圖可知電流的最大值為0.6A，周期T=0.2s，故ω=＝10πrad/s故電流的表達(dá)式為i=0.6sin10πt（A）故B正確；C．風(fēng)速加倍時，角速度加倍，根據(jù)Em=nBSω可知產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢加倍，形成的感應(yīng)電流加倍，故風(fēng)速加倍時電流的表達(dá)式為i=1.2sin20πt（A）故C錯誤；D．根據(jù)C的分析，形成的感應(yīng)電流Im=1.2A，故有效值為故D正確故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2②.2.5【解析】（1）由能量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：；（2）進(jìn)入磁場x=0.5m時，切割磁感線的有效長度：感應(yīng)電動勢：E=BLv線圈受到的安培力：由牛頓第二定律得：F=ma代入數(shù)據(jù)解得：a=2.5m/s212、①.600

m②.【解析】根據(jù)波長、波速與頻率的關(guān)系即可求得此電磁波的波長；根據(jù)位移時間的關(guān)系即可求得從電臺發(fā)出的信號經(jīng)過多長時間可以到達(dá)收音機(jī)【詳解】根據(jù)波長、波速與頻率的關(guān)系：，得：，電磁波在空氣在勻速傳播，所以傳播的時間：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要