2025屆河南省駐馬店市正陽縣中學物理高二第一學期期末達標測試試題含解析

2025屆河南省駐馬店市正陽縣中學物理高二第一學期期末達標測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于牛頓第一定律的理解，下列說法正確的是（）A.力是維持物體運動狀態(tài)的原因B.力是改變物體運動狀態(tài)的原因C.物體的質量較小，但運動的速度較大時，慣性也可以很大D.物體自由下落時比豎直上拋時的慣性小2、兩個可自由移動的點電荷，分別放在A、B兩處，如圖所示，A處電荷帶負電Q1，B處電荷帶正電Q2，且Q2＝4Q1，另取一個可以自由移動的點電荷Q3放在A、B直線上，欲使Q1、Q2、Q3三者均處于平衡狀態(tài)，則（）A.Q3為負電荷，且放于A的左方 B.Q3為負電荷，且放于B右方C.Q3為正電荷，且放于A左方 D.Q3為正電荷，且放于B右方3、如圖甲所示，矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的中心軸勻速轉動，從某時刻開始計時，產生的感應電動勢e隨時間t的變化曲線如圖乙所示，若外接電阻R=70Ω，線圈電阻r=10Ω，則下列說法正確的是A.線圈的角速度為100rad/sB.0.01s末穿過線圈的磁通量最大C.通過線圈的最大電流為1.25AD.電壓表的示數為87.5V4、如圖所示為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機，電阻r＝1Ω的矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO'勻速轉動，線圈的兩端經集流環(huán)和電刷與電路連接，滑動變阻器R的最大阻值為6Ω，滑片P位于滑動變阻器距下端處，定值電阻R1＝2Ω，其他電阻不計，線圈勻速轉動的周期T＝0.02s．閉合開關S，從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉動過程中理想電壓表示數是5V．下列說法正確的是()A.電阻R1消耗的功率為WB.0.02s時滑動變阻器R兩端的電壓瞬時值為零C.線圈產生的電動勢e隨時間t變化的規(guī)律是VD.線圈從開始計時到s的過程中，通過R1的電荷量為C5、下列說法正確的是A.安培首先發(fā)現了電流磁效應B.安培提出了電流產生磁場的方向的判定方法C.奧斯特首先提出了分子電流假說D.根據磁感應強度的定義式B=，知電流在磁場中某點不受磁場力作用，則該點的磁感應強度一定為零6、如圖所示,線圈匝數為,橫截面積為,線圈電阻為,處于一個均勻增強的磁場中,磁感應強度隨時間的變化率為,磁場方向水平向右且與線圈平面垂直,電容器的電容為,定值電阻的阻值為.由此可知,下列說法正確的是（）A.電容器下極板帶正電B.電容器上極板帶負電C.電容器所帶電荷量為D.電容器所帶電荷量為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于x軸上，甲分子對乙分子的作用力與兩分子間的距離的關系如圖中曲線所示．F>0為斥力，F<0為引力．a、b、c、d為x軸上四個特定的位置．現把乙分子從a處由靜止釋放，則()A.乙分子由a到b做加速運動，由b到c做減速運動B.乙分子由a到c做加速運動，到達c時速度最大C.乙分子由a到b的過程中，兩分子間的分子勢能一直增大D.乙分子由b到d的過程中，兩分子間的分子勢能先減小后增大8、兩根足夠長光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻．將質量為m，電阻也為R的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒與導軌接觸良好，導軌所在的平面與磁感應強度為B的磁場垂直，如圖所示。除金屬棒和電阻R外，其余電阻不計．現將金屬棒從彈簧的原長位置由靜止釋放，則：（）A.金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為b→aB.最終彈簧的彈力與金屬棒的重力平衡C.金屬棒的速度為v時，所受的安培力大小為D.金屬棒的速度為v時，金屬棒兩端的電勢差為9、如圖所示，在虛線EF、GH之間分布著方向水平、垂直于紙面向里、磁感應強度為的勻強磁場，EF、GH間距為h，正方形導線框ABCD由粗細均勻的同種材料制成，質量，邊長，將其從EF上方處由靜止釋放，線框運動過程中線框平面始終與磁場垂直，且CD邊始終與EF平行，已知線框下邊CD剛要出磁場時，線框的速度為，線框穿過磁場區(qū)的過程中產生的熱量，取重力加速度，下列說法正確的是A.磁場上下兩邊界的間距B.線框AB邊剛要進入磁場時線框的速度大小為C.線框CD邊剛進入磁場時C、D兩點間的電壓為D.線框CD邊剛出磁場時C、D兩點間的電壓為10、如圖所示，甲、乙兩個帶等量異種電荷而質量不同的帶電粒子，以相同的速率經小孔P垂直磁場邊界MN，進入方向垂直紙面向外的勻強磁場，在磁場中做勻速圓周運動，并垂直磁場邊界MN射出磁場，運動軌跡如圖中虛線所示。不計粒子所受重力、空氣阻力和粒子間的相互作用，下列說法正確的是（）A.甲帶正電荷，乙?guī)ж撾姾葿.甲的質量大于乙的質量C.洛倫茲力對甲做正功D.甲在磁場中運動的時間等于乙在磁場中運動的時間三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組同學在做“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，選取了一段10cm多一點的直金屬絲用于實驗的測量，通過游標卡尺測定其長度L，用螺旋測微器測定其直徑d，兩尺的示數如下圖所示，則這段金屬絲的長度為__________cm，直徑為________mm12．（12分）讀數（1）__________cm（2）__________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在傾角為θ=30°斜面上，固定一寬度L=0.2m的平行光滑金屬導軌，在導軌上端接入電源和滑線變阻器，電源電動勢E=3.0V，內阻r=1.0Ω．一質量m=0.02kg的金屬桿ab與兩導軌垂直并接觸良好，當滑線變阻器接入電路的阻值為R時，ab中電流大小I=0.5A，此時桿恰好靜止在導軌上．整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，導軌與金屬棒的電阻不計，取g=10m/s2．求：(1)R的大?。?2)磁感應強度B的大??；(3)若只改變磁場，使金屬桿ab仍靜止在軌道上面，求磁感應強度的最小值和方向14．（16分）如圖，兩根足夠長且電阻不計的光滑平行金屬導軌MN、PQ相距L，它們固定在一傾角為θ的絕緣斜面上，M、P間連有阻值為R的電阻，質量為m，長度為L、阻值也為R的導體棒ab垂直于導軌放置且與導軌接觸良好，整個裝置處于方向垂直于斜面向下、磁感應強度為B的勻強磁場中。將ab棒無初速釋放，重力加速度大小為g。求：(1)ab棒勻速運動時，電阻R的功率；(2)ab棒勻速運動時的速度大小。15．（12分）如圖所示，有一寬度為的足夠長的固定U形平行光滑金屬導軌，導軌平面與水平面的夾角為，空間存在范圍足夠大的勻強磁場，磁感應強度大小為，方向與導軌平面垂直．將根質量為．電阻為的金屬棒ab垂直放在導軌上，ab始終與導軌接觸良好．用平行于導軌平面的拉力F作用于ab上，使ab由靜止開始沿導軌向上運動，拉力F的功率始終為6W，當ab棒運動了獲得穩(wěn)定速度，在此過程中，ab棒產生的熱量為，不計導軌電阻，取求棒達到的穩(wěn)定速度；棒從靜止開始到達到穩(wěn)定速度的時間內，通過ab棒橫截面的電荷量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】力是改變物體運動的原因，而不是維持物體運動的原因，慣性只和物體的質量有關，與物體的運動狀態(tài)無關，B正確考點：考查了對牛頓第一定律的理解2、C【解析】假設Q3放在Q1Q2之間，那么Q1對Q3的電場力和Q2對Q3的電場力方向相同，Q3不能處于平衡狀態(tài)，所以假設不成立設Q3所在位置與Q1距離為r13，Q3所在位置與Q2的距離為r23，要能處于平衡狀態(tài)，所以Q1對Q3的電場力大小等于Q2對Q3的電場力大小即：由于Q2=4Q1，所以r23=2r13，所以Q3位于Q1的左方根據同種電荷排斥,異種電荷吸引，可判斷Q3帶負電故選：C.點睛：由于Q1帶正電荷，Q2帶負電荷，根據同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使整個系統處于平衡狀態(tài)，對其Q3受力分析，去判斷所處的位置3、C【解析】A．由圖乙知，交流電的周期，線圈轉動的角速度．故A項錯誤B．由圖乙知，0.01s末線圈產生的感應電動勢最大，則0.01s末線圈平面與磁場平行，線圈的磁通量為0．故B項錯誤C．由圖乙知，線圈產生感應電動勢的最大值，則線圈的最大電流．故C項正確D．線圈產生感應電動勢的有效值，電壓表的示數．故D項錯誤4、D【解析】A、根據電壓表示數，結合功率表達式，即可求解；B、從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，電壓瞬時值最大；C、從線圈處于垂直中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式e=Emcosωt；D、由電流的平均值可得轉過90°的過程中通過電阻R的電荷量【詳解】滑動片P位于滑動變阻器距下端1/3處，即2Ω，與定值電阻R1=2Ω并聯，再與4Ω串聯，且電壓表示數為5V，則電路中的電流，因此電阻R1電流I1=0.5A；那么阻R1消耗的功率為P=I12R1=0.52×2=0.5W；故A錯誤；因從線圈處于垂直中性面開始計時，線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為：e=Emcosωt，因此0.02

s時滑動變阻器R兩端的電壓瞬時值為最大值，故B錯誤；由A選項分析可知，線圈產生感應電動勢有效值為E=I（R+r）=1×（5+1）=6V，那么感應電動勢的最大值為6V，；因此線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為：e=6cos100πt（V），故C錯誤；圖示位置磁通量為NBS，從開始計時到1/200s的過程中，由圖示位置轉過90°角的過程中，磁通量由BS減為零，故磁通量的變化為：△?=BS，感應電動勢的平均值為：．感應電流的平均值為：．則線圈從圖示位置轉過90°的過程中通過電阻R的電荷量為：，那么經過R1的電荷量為，故D正確．故選D【點睛】本題涉及交流電壓與交流電流的瞬時值、最大值、有效值和平均值；瞬時值要注意確定相位，對于電表讀數、求產生的熱量均由交變電的有效值來確定，而涉及到耐壓值時，則由最大值來確定，而通過某一電量時，則用平均值來求5、B【解析】A．奧斯特首先發(fā)現了電流的磁效應，選項A錯誤；B．安培提出了電流產生磁場的方向的判定方法，選項B正確；C．安培首先提出了分子電流假說，選項C錯誤；D．電流在磁場中某點不受磁場力作用，可能是電流的方向與磁場方向平行，該點的磁感應強度不一定為零，選項D錯誤6、C【解析】AB．磁感應強度增大，根據楞次定律可知通過電阻r的電流為從左向右，所以r左端電勢高于右端電勢，則并聯在定值電阻兩端的電容器上極板電勢高帶正電，下極板帶負電，AB錯誤；CD．根法拉第電磁感應定律求解感應電動勢：外電阻r分壓：電容器上帶電量：C正確，D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.乙分子由a到c，甲對乙的分子力是引力，引力方向與速度方向相同，分子力對乙一直做正功，則乙分子一直做加速運動，故A錯誤；B.乙分子由a到c受到的是引力，c到d受到的斥力，所以乙分子先加速后減速，所以在c時速度最大，故B正確；C.乙分子由a到b的過程，分子力對乙一直做正功，兩分子間的分子勢能一直減小，故C錯誤；D.乙分子由b到d的過程，分子力先是引力后是斥力，先做正功，后做負功，則分子勢能先減小后增加，故D正確故選BD8、AB【解析】A．金屬棒向下運動時切割磁感線，根據右手定則判斷可知，流過電阻R的電流方向為b→a，故A正確；B．由于金屬棒產生感應電流，受到安培力的阻礙，最終金屬棒停止運動，由平衡條件可知，最終彈簧的彈力與金屬棒的重力平衡，故B正確；CD．當金屬棒的速度為v時，金屬棒相當于一個電源，電源電動勢回路中的電流安培力金屬棒兩端的電壓相當于路端電壓為故CD錯誤。故選AB。9、BC【解析】AB、線框從開始下落到CD剛進入磁場，根據動能定理可得：，解得：，可知，則線框進入磁場和出磁場兩個過程完全相同，產生的熱量相同；設線框AB邊剛要進入磁場時線框的速度大小，則線框進入磁場過程，由能量守恒定律得：，代入數據解得：，線框完全在磁場中做加速度為g的勻加速運動，根據運動學公式有：，代入數據解得：，故A錯誤，B正確；C、線框CD邊剛進入磁場時CD邊產生的感應電動勢為：，C、D兩點間的電壓為：，故C正確；D、線框CD邊剛出磁場時AB邊產生的感應電動勢為：，C、D兩點間的電壓為：，故D錯誤；故選BC10、AB【解析】A．在P點，速度向下，磁場向外，甲受向左的洛倫茲力，根據左手定則，甲帶正電荷；同理，在P點，乙受向右的洛倫茲力，速度向下，磁場向外，根據左手定則，乙?guī)ж撾姾桑蔄正確；B．粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律，有所以由于q、v、B均相同，甲的軌道半徑大，說明甲的質量大，故B正確C．根據左手定則，洛倫茲力與速度垂直，故洛倫茲力永不做功，故C錯誤；D．周期由于所以由于q、B均相同，m不同，故時間不相等，故D錯誤故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.10.15②.2.320【解析】[1]．金屬絲的長度為:10.1cm+0.01m×5=10.15cm[2]．金屬絲的直徑為：2mm+0.01mm×32.0=2.320mm12、①.2.25②.6.860【解析】掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀；螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；【詳解】由圖所示可知，主尺示數為2.2cm，游標尺上第5個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為，游標卡尺示數為；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為，所以最終讀數為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題