2025屆甘肅省張掖市高臺第一中學高三上物理期中聯考模擬試題含解析

2025屆甘肅省張掖市高臺第一中學高三上物理期中聯考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端與木板B相連，木塊A緊靠木塊B放置，A、B與水平面間的動摩擦因數分別為μA、μB，且μA>μB．用水平力F向左壓A，使彈簧被壓縮，系統(tǒng)保持靜止．撤去FA．A、B分離時，彈簧長度一定等于原長B．A、B分離時，彈簧長度一定大于原長C．A、B分離時，彈簧長度一定小于原長D．A、B分離后極短時間內，A的加速度大于B的加速度2、一質量為m的人站在電梯中，電梯由靜止豎直向上做勻加速運動時，電梯的加速度為。人隨電梯上升高度H的過程中，下列說法錯誤的是（重力加速度為g）（）A．人的重力勢能增加mgHB．人的機械能增加mgHC．人的動能增加mgHD．人對電梯的壓力是他體重的倍3、．圖是“嫦娥一號奔月”示意圖，衛(wèi)星發(fā)射后通過自帶的小型火箭多次變軌，進入地月轉移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛(wèi)星，并開展對月球的探測．下列說法正確的是A．發(fā)射“嫦娥一號”的速度必須達到第三宇宙速度B．在繞月圓軌道上，衛(wèi)星的周期與衛(wèi)星質量有關C．衛(wèi)星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比D．在繞月圓軌道上，衛(wèi)星受地球的引力大于受月球的引力4、下列關于物理思想方法的敘述中正確的是A．理想化模型是把實際問題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質點、點電荷、光滑面、位移等都是理想化模型B．重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現了等效替代的思想C．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，通常采用先保持質量不變研究加速度和力的關系。再保持力不變研究加速度與質量的關系，這應用了微元法D．根據加速度定義式a=ΔvΔt，當△t趨近于零時，5、做直線運動的位移x與時間t的關系為x=5t+2t2（各物理量均采用國際單位制單位），則該質點（）A．加速度為2m/s2 B．前2s內的平均速度是6m/sC．任意相鄰的1s內位移差都是4m D．任意1s內的速度增量都是2m/s6、如圖所示，飛船先沿橢圓軌道飛行，后在遠地點343km處點火加速，由橢圓軌道變成高度為343km的圓軌道，在此圓軌道上飛船運行周期約為90分鐘，下列判斷正確的是A．飛船變軌前后的機械能相等B．飛船在圓軌道上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C．飛船在此圓軌道上運動的角速度小于同步衛(wèi)星運動的角速度D．飛船變軌前通過橢圓軌道遠地點時的加速度大于變軌后沿圓軌道運動的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個質量為m1=2kg，m2=3kg的物體置于光滑水平面上，中間用輕質彈簧秤連接，兩個大小分別為F1=40N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法正確的是（）A．彈簧秤的示數是28NB．彈簧秤的示數是30NC．在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為6m/s2D．在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為4m/s28、下列說法正確的是A．在較暗的房間里，看到透過窗戶的“陽光柱”里粉塵的運動是布朗運動B．擴散現象表明分子在做永不停息地運動C．已知某物質的摩爾質量為M,密度為，阿伏加德羅常數為NA，則該種物質的分子體積為D．隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢能不一定減小E.內能相同的物體，溫度可能不同9、如圖為小型起重機起吊重物的示意圖．一根輕繩跨過光滑的滑輪，輕繩的一端系在高處的A點，另一端掛在起重機的吊鉤上，動滑輪的下端掛上重物，吊鉤處于C點．起吊過程是這樣的，先讓吊鈞由靜止從C豎直向上緩慢地移動到B，然后從B水平向右緩慢地移動到D．下列說法正確的是()A．吊鉤從C向B移動的過程中，輕繩彈力的值不變B．吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值不變C．吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值變大，D．吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值變小10、下列說法中正確的是（）A．分子運動的平均速率可能為零，瞬時速率不可能為零；B．液體與大氣相接觸時，表面層內分子所受其他分子的作用表現為相互吸引；C．空氣的相對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示；D．有些非晶體在一定條件下可以轉化為晶體．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，一端帶有定滑輪的長木板上固定有甲、乙兩個光電門，與之相連的計時器可以顯示帶有遮光片的小車在其間的運動時間，與跨過定滑輪的輕質細繩相連的輕質測力計能顯示掛鉤處所受的拉力。不計空氣阻力及一切摩擦。(1)在探究“合外力一定時，加速度與質量的關系”時，要使測力計的示數等于小車所受合外力，操作中必須滿足________________。實驗時，先測出小車質量m，再讓小車從靠近光電門甲處由靜止開始運動，讀出小車在兩光電門之間的運動時間t。改變小車質量m，測得多組m、t的值，建立坐標系描點作出圖線。下列能直觀得出“合外力一定時，加速度與質量成反比”的圖線是________。A．B．C．D．(2)如圖抬高長木板的左端，使小車從靠近光電門乙處由靜止開始運動，讀出測力計的示數F和小車在兩光電門之間的運動時間，改變木板傾角，測得多組數據，得到的F－的圖線如圖所示。實驗中測得兩光電門的距離L＝0.80m，砂和砂桶的總質量m1＝0.34kg，重力加速度g取9.8m/s2，則圖線的斜率為________N·s2（結果保留兩位有效數字）；若小車與長木板間的摩擦不能忽略，測得的圖線斜率將________（填“變大”、“變小”或“不變”）。12．（12分）在用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中，使質量為的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取一條符合實驗要求的紙帶如圖所示．為第一個點，為從合適位置開始選取連續(xù)點中的三個點．已知打點計時器每隔打一個點，當地的重力加速度為，那么：（1）根據圖上所得的數據，應取圖中點到__________點來驗證機械能守恒定律．（2）從點到（1）問中所取的點，重物重力勢能的減少量__________，動能增加量__________；請簡述兩者不完全相等的原因_______．（結果取三位有效數字）（3）若測出紙帶上所有點到點之間的距離，根據紙帶算出各點的速度及物體下落的高度，則以為縱軸，以為橫軸畫出的圖像是圖中的__________．A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖所示，在傾角為30°的光滑斜面體上，一勁度系數為k＝200N/m的輕質彈簧一端連接固定擋板C，另一端連接一質量為m＝4kg的物體A，一輕細繩通過定滑輪，一端系在物體A上，另一端與質量也為m的物體B相連，細繩與斜面平行，斜面足夠長，用手托住物體B使細繩剛好沒有拉力，然后由靜止釋放，物體B不會碰到地面，重力加速度g＝10m/s2，求：(1)釋放B的瞬間，彈簧的壓縮量Δx和A與B的共同加速度；(2)物體A的最大速度大小vm；(3)將物體B改換成物體C，其他條件不變，A向上只能運動到彈簧原長，求物體C的質量M14．（16分）如圖所示，水平地面上OP段是粗糙的，OP長為L=1.6m，滑塊A、B與該段間的動摩擦因數均為μ=0.5，水平地面的其余部分是光滑的，滑塊B靜止在O點，其質量=2kg，滑塊A在O點左側以=5m/s的水平速度向右運動，并與B發(fā)生正碰，A質量是B質量的k（k取正整數倍），滑塊均可視為質點，取。（1）若滑塊A與B發(fā)生完全非彈簧碰撞，求A、B碰撞過程中損失的機械能；（2）若滑塊A與B發(fā)生彈性碰撞，試討論k在不同取值范圍時，滑塊A克服摩擦力所做的功。15．（12分）質量分別為mA＝m，mB＝3m的A、B兩物體如圖所示放置，其中A緊靠墻壁，A、B由質量不計的輕彈簧相連．現對B物體緩慢施加一個向左的推力，該力做功W，使A、B之間彈簧被壓縮且系統(tǒng)靜止，之后突然撤去向左的推力解除壓縮．不計一切摩擦．(1)從解除壓縮到A運動，墻對A的沖量的大小為多少？(2)A、B都運動后，A、B的最小速度各為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】撤去外力F后，對A：FN-μAmAg=mAaA．對B：kx-FN-μBmBg=mBaB，所以A、B兩物塊先做加速度運動，當FN=μAmAg時，A的速度最大，然后A做減速運動，由于A、B分開時，FN=0，則2、C【解析】電梯上升高度H，則重力做負功，重力勢能增加mgH，A正確；人受力分析，根據牛頓第二定律可知，解得，支持力方向豎直向上，故做正功，支持力做的功等于人的機械能增加量，故人的機械能增加，而重力勢能增加mgH，所以動能增加，B正確C錯誤；根據牛頓第三定律可知，人對電梯底部的壓力為，即人對電梯的壓力是他體重的倍，D正確．3、C【解析】

第三宇宙速度是衛(wèi)星脫離太陽系的最小發(fā)射速度，所以“嫦娥一號”衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第三宇宙速度，A項錯誤；設衛(wèi)星軌道半徑為r，由萬有引力定律知衛(wèi)星受到引力F＝G，C項正確．設衛(wèi)星的周期為T，由G＝mr得T2＝r3，所以衛(wèi)星的周期與月球質量有關，與衛(wèi)星質量無關，B項錯誤．衛(wèi)星在繞月軌道上運行時，由于離地球很遠，受到地球引力很小，衛(wèi)星做圓周運動的向心力主要是月球引力提供，D項錯誤．4、B【解析】

理想化模型是把實際問題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質點、點電荷、光滑面等都是理想化模型，但是位移是物理概念，不屬于理想模型，選項A錯誤；重心、分力與合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現了等效替代的思想，選項B正確；在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，通常采用先保持質量不變研究加速度和力的關系。再保持力不變研究加速度與質量的關系，這應用了控制變量法，選項C錯誤；根據加速度定義式a=ΔvΔt，當△t趨近于零時，ΔvΔt就可以表示物體在某時刻的瞬時加速度，該定義應用了極限法，選項5、C【解析】

對照勻變速直線運動的位移時間關系公式，即可求得質點的初速度和加速度，求出前1s內的位移之后，與時間相比即可求得平均速度．任意相鄰的1s內位移差根據推論：求解．速度增量根據求解．【詳解】A、根據勻變速直線運動的位移時間關系公式，可得質點的初速度v0=5m/s，加速度a=4m/s1．故A錯誤．B、由可得前1s內的平均速度為故B錯誤．C、任意相鄰的1s內位移差：△x=aT1=4×11m=4m，故C正確．D、任意1s內的速度增量：，故D錯誤．故選C．【點睛】本題關鍵要掌握勻變速直線運動的位移時間關系公式、推論等運動學公式的基本規(guī)律，并能靈活應用．6、B【解析】試題分析：變軌時需要點火，即外力做功，變軌前后機械能不相等，A錯誤；飛船運動過程中，萬有引力完全充當向心力，所以航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)，B正確；因為飛船在圓軌道上的運行周期為90min，小于同步衛(wèi)星的運轉周期，所以根據公式可得飛船在此圓軌道上運動的角速度大于同步衛(wèi)星運動的角速度，C錯誤；萬有引力充當向心力，故有，解得，飛船變軌前通過橢圓軌道遠地點時和變軌后沿圓軌道運動時的半徑相同，所以加速度相同，D錯誤；考點：考查了萬有引力定律的應用【名師點睛】在萬有引力這一塊，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式在做題的時候，首先明確過程中的向心力，然后弄清楚各個物理量表示的含義，最后選擇合適的公式分析解題，另外這一塊的計算量一是非常大的，所以需要細心計算二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度，方向水平向右；設彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=28N，故A正確，B錯誤；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m1受力情況不變，m1受的合力不變，由牛頓第二定律可知，m1的加速度不變，故C正確；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于彈簧的彈力，發(fā)生變化，由牛頓第二定律可知，m2的加速度：，故D錯誤；故選AC．【點睛】本題運用整體法和隔離法結合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法．撤去外力時，彈簧的彈力不能突變．8、BDE【解析】

A.布朗運動是懸浮在液體或氣體中固體小顆粒的無規(guī)則運動，在較暗的房間里可以觀察到射入屋內的陽光中有懸浮在空氣里的小顆粒在飛舞，是由于氣體的流動，這不是布朗運動，故A錯誤；B.擴散現象就是物質分子的無規(guī)則運動，它直接反映了組成物質的分子永不停息地做無規(guī)則運動，故B正確；C.已知某物質的摩爾質量為，密度為，阿伏加德羅常數為，則該種物質的每個分子占據空間的體積為；如果是氣體，分子間隙遠大于分子直徑，分子體積未知，故C錯誤；D.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，當分子力表現為斥力時，分子勢能減小，當分子力表現為引力時，分子勢能增大，故D正確；E.溫度是分子平均動能的標志，內能相同的物體，溫度不一定相同，故E正確。9、AC【解析】

因物體重力不變，故重力與兩繩子的拉力為平衡力；并且繩子為兩端的張力相等；設繩子間的夾角為2θ；在由C到B上移的過程中有：2Tcosθ=mg；

由幾何關系可知，繩子為l，則有：lsinθ=d；因由C到B的過程中A到BC的垂直距離不變，故θ為定值；故輕繩上的拉力不變；故A正確；由B到D的過程中，繩長不變，夾角2θ一定增大，則由A中分析可知，T一定增大；故BD錯誤，C正確；故選AC．【點睛】本題難點在于C到B的過程分析，要通過幾何關系的分析判斷出兩繩子與重力所在的直線的夾角保持不變，從而得出拉力不變的結論來．10、BD【解析】

A、分子永不停息做無規(guī)則的運動，則分子運動的平均速率不可能為零，瞬時速度也不可能為零，故A錯誤；

B、表面層內分子間距變大，則所受其它分子的作用表現為相互吸引，故B正確；C、空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示的，故C錯誤；D、晶體和非晶體區(qū)別在于內部分子排列，有些通過外界干預可以相互轉化，如把晶體硫加熱熔化（溫度超過300℃）再倒進冷水中，會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉化為晶體硫，故D正確．【點睛】加強對基本概念的記憶，基本方法的學習利用，是學好3-3的基本方法，此處高考要求不高，不用做太難的題目．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、小車與滑輪間的細繩與長木板平行C0.54不變【解析】

(1)[1]小車受重力、支持力，拉力、摩擦力，其中要使測力計的示數等于小車所受的合外力，即合力方向平行長木板，則必須保證小車與滑輪間的細繩與長木板平行；[2]小車從靠近甲光電門處由靜止開始做勻加速運動，位移；改變小車質量m，測得多組m、t的值，所以加速度，位移不變，所以a與t2成反比，若t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，AB．若t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，而兩圖像中的函數關系為t與m的關系，AB錯誤；C．圖中t2與m成正比，則合外力一定時，加速度與質量成反比，C正確；D．圖中t2與m不成正比，D錯誤；(2)[3]小車由靜止開始做勻加速運動，位移，；根據牛頓第二定律，對于沙和沙桶有：，變形可得：；則圖線的斜率為；[4]若小車與長木板間的摩擦不能忽略，則，即，k與摩擦力是否存在無關，若小車與長木板間的摩擦不能忽略，圖示測得圖線斜率將不變。12、B1.881.84重物下落時受到空氣阻力和紙帶與打點計時器間的阻力作用A【解析】

解：(1)驗證機械能守恒時,我們驗證的是減少的重力勢能和增加的動能之間的關系，由點能夠測和的數據，而、兩點不方便測出速度，故應取圖中點和點來驗證機械能守恒定律；(2)減少的重力勢能：，根據利用勻變速直線運動的推論可得點的速度：，點的動能為：，動能增加量為：，動能的增加量小于重力勢能的減少量的原因主要是重物下落時受到空氣阻力和打點計時器與紙帶間的阻力作用，一部分重力勢能轉化為內能；(3)從理論角度物體自由下落過程中機械能守恒可以得出，可得，所以以為縱軸，以為橫軸畫出的圖線應是過原點的傾斜直線，故選項A正確．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）5m/s2；(2)1m/s；（3）1kg【解析】

（1）由胡克定律，得：Δx=mg設繩子拉力T,由牛頓第二定律，得：mg-T=maT=ma解得a=5m/s（2）當A、B物體的加速度為0時，速度最大，設此時拉力T',彈簧伸長量Δ由平衡條件，得:T'T解得Δx由開始運動到達到最大速度過程，彈性勢能不變，由能量守恒定律，得mg(Δx+Δx解得vm（3）彈簧恢復原長時,彈簧彈性勢能減少：ΔE由能量守恒定律，得：ΔE解得M=1kg【點睛】本題解題的關鍵是根據兩個物體的受力分析判斷運動情況，知道當A加速度為0時，A速度最大，此時AB受力都平衡，運動過程中A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，彈簧的形變量相同時彈性勢能相同．14、（1）（2）（1）當k=1

時，vA=0，滑塊A停在O點，A克服摩擦力所做的功為WfA=0

；（2）當1＜k≤9時，滑塊A停在OP之間，A克服摩擦力所做的功為J

；

（3）當k＞9時，滑塊A從OP段右側離開，A克服摩擦力所做的功為16kJ

【解析】（1）設滑塊A碰B后的共同速度為v，AB碰撞過程中損失的機械能為△E由動量守