2022-2023學(xué)年河南省焦作市高三第一次模擬考試文科數(shù)學(xué)試題（解析版）

高考模擬試題PAGEPAGE1焦作市普通高中2022-2023學(xué)年高三第一次模擬考試文科數(shù)學(xué)考生注意：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置.2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑.如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號.回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上.寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回.一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1.已知集合，，那么（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由集合并集的定義即可得到結(jié)果.〖詳析〗因為，，所以.故選：A.2.已知復(fù)數(shù)，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)復(fù)數(shù)的除法運算求得復(fù)數(shù)z，可得其共軛復(fù)數(shù)，根據(jù)模的計算可得〖答案〗.〖詳析〗復(fù)數(shù)，故，所以，故選：C3.某大型企業(yè)開發(fā)了一款新產(chǎn)品，投放市場后供不應(yīng)求，為了達(dá)到產(chǎn)量最大化，決定增加生產(chǎn)線．經(jīng)過一段時間的生產(chǎn)，統(tǒng)計得該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線條數(shù)與月產(chǎn)量（件）之間的統(tǒng)計數(shù)據(jù)如下表：4681030406070由數(shù)據(jù)可知，線性相關(guān)，且滿足回歸直線方程，則當(dāng)該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線為12條時，預(yù)計月產(chǎn)量為（）A.73件 B.79件 C.85件 D.90件〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)所給數(shù)據(jù)求出樣本中心點，再代入回歸直線方程，即可求出參數(shù)的值，從而得到回歸直線方程，最后將代入計算可得.〖詳析〗解：依題意可得，，因為回歸直線方程必過樣本中心點，即，解得，所以，當(dāng)時，故當(dāng)該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線為12條時，預(yù)計月產(chǎn)量為85件.故選：C4.若實數(shù)x，y滿足約束條件則的最大值為（）A.1 B.2 C.6 D.7〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)不等式組作出可行域，結(jié)合直線縱截距的幾何意義求解.〖詳析〗作出可行域如下，

由可得，結(jié)合的幾何意義可知，當(dāng)直線經(jīng)過點時，縱截距有最大值，最大值為，故選:D.5.函數(shù)的大致圖象為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗利用奇偶性排除A，利用特殊值和圖象變化趨勢排除B,D.〖詳析〗由題意知函數(shù)的定義域為，因為，所以為奇函數(shù)，故排除A；因為，所以排除B；因為，所以排除D；故選：C.6.設(shè)，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)同角三角函數(shù)的基本關(guān)系得到，再根據(jù)兩角和的余弦公式及誘導(dǎo)公式得到，再根據(jù)、的范圍判斷即可.〖詳析〗解：因為，所以，即，即，即，因為，所以，所以，即.故選：D7.已知圓柱的下底面圓的內(nèi)接正三角形ABC的邊長為6，P為圓柱上底面圓上任意—點，若三棱錐的體積為，則圓柱的外接球的表面積為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗求出底面內(nèi)接正三角形外接圓的半徑及的面積，設(shè)圓柱的母線長為，根據(jù)圓錐的體積公式求出，則圓柱外接球的半徑，即可求出外接球的表面積.〖詳析〗解：如圖，因為是邊長為的正三角形，則其外接圓的半徑，解得，又，設(shè)圓柱母線長為，則，解得，所以圓柱的外接球的半徑，所以外接球的表面積為.故選：B8.在直三棱柱中，，且，若直線與側(cè)面所成的角為，則異面直線與所成的角的正弦值為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗建立空間直角坐標(biāo)系，設(shè)，利用線面角的向量求法求出的值，再求異面直線所成角即可.〖詳析〗因為直三棱柱，所以底面，又因為，所以兩兩垂直，以為軸建立如圖所示坐標(biāo)系，設(shè)，則，，，，所以，，，設(shè)平面的法向量，則，解得，所以直線與側(cè)面所成的角的正弦值，解得，所以，，設(shè)異面直線與所成的角為，則，所以異面直線與所成的角的正弦值為.故選：D9.已知函數(shù)在上單調(diào)，則a的取值范圍是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)在上的單調(diào)性列不等式，由此求得的取值范圍.〖詳析〗的開口向下，對稱軸是直線，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，依題意可知，在上單調(diào)遞增，所以，解得，所以的取值范圍是.故選：D10.以拋物線的焦點F為端點的射線與C及C的準(zhǔn)線l分別交于A，B兩點，過B且平行于x軸的直線交C于點P，過A且平行于x軸的直線交l于點Q，且，則△PBF的周長為（）A.16 B.12 C.10 D.6〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗因，則，準(zhǔn)線為.由，可得坐標(biāo)，直線AF方程，進(jìn)而可得B，P坐標(biāo)，后由兩點間距離公式及拋物線定義可得〖答案〗.〖詳析〗因，則，準(zhǔn)線為.由，如圖，設(shè)，則，得，則.得直線AF方程：，代入，得，將代入，可得.則周長，則.故.故選：B11.已知雙曲線的左、右焦點分為，，左、右頂點分別為，，點M，N在y軸上，且滿足（O為坐標(biāo)原點）．直線，與C的左、右支分別交于另外兩點P，Q，若四邊形為矩形，且P，N，三點共線，則C的離心率為（）A.3 B.2 C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由四邊形為矩形，可得，，設(shè)，則，由P，N，三點共線，可得，由P，M，三點共線，可得，即可得，從而得〖答案〗.〖詳析〗解：如圖所示：，由，則有，設(shè)，則，由，可得，取，同理可得，又因為，P，N，三點共線，所以，，所以，所以，P，M，三點共線，所以，，所以，所以，又因為，所以，即有，所以，所以.故選：A.12.已知實數(shù)a，b，c滿足，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由題意可得，，，構(gòu)造函數(shù)，再利用導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，作出函數(shù)的大致圖象，結(jié)合圖象即可得出〖答案〗.〖詳析〗解：因為，所以，因為，所以，因為，所以，因為，所以，令，則，當(dāng)時，，當(dāng)時，，所以函數(shù)在上遞減，在上遞增，所以，又當(dāng)時，，當(dāng)，，由此作出函數(shù)的大致圖象如圖所示，因為且，則由圖可知，所以.故選：A.二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分.13.已知正六邊形ABCDEF的邊長為2，則_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗根據(jù)正六邊形的幾何性質(zhì)，求出向量的模長以及夾角，利用平面向量的定義式，可得〖答案〗.〖詳析〗由題意，作圖如下：在正六邊形中，易知，，，，則與的夾角為，即，在中，，.故〖答案〗為：.14.已知圓，的圓心都在坐標(biāo)原點，半徑分別為與．若圓的圓心在軸正半軸上，且與圓，均內(nèi)切，則圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗依題意求出圓心的橫坐標(biāo)與半徑，即可得解.〖詳析〗解：依題意可知圓心的橫坐標(biāo)為，半徑為，故圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為.故〖答案〗為：.15.已知為奇函數(shù)，若對任意，存在，滿足，則實數(shù)的取值范圍是_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗根據(jù)函數(shù)的奇偶性求得，再根據(jù)題意推得的關(guān)系式，結(jié)合的范圍，即可求得〖答案〗.〖詳析〗因為為奇函數(shù)，故，即，由于,故，則，由于，故，所以，由，可得，即或，對任意，存在，滿足，故，則，，k取負(fù)值，則只能，此時，或，則，則,綜合可得或，即實數(shù)的取值范圍是，故〖答案〗為：16.如圖，已知AB為圓O的直徑，，，則六邊形AECBDF的周長的最大值為______．〖答案〗12〖解析〗〖祥解〗連接，，，設(shè)，，，先證明，再求得，，則六邊形AECBDF的周長為關(guān)于的函數(shù)，進(jìn)而求得最值即可．〖詳析〗連接，，，由，則，設(shè)，，，則，，又，得，，在直角中，由，則，，在中，由正弦定理有，即，得，所以六邊形AECBDF的周長為，故當(dāng)，即時，取得最大值，且最大值為12．所以六邊形AECBDF的周長的最大值為12．故〖答案〗為：12．〖『點石成金』〗關(guān)鍵點『點石成金』：本題的關(guān)鍵是將六邊形AECBDF的周長和邊的關(guān)系轉(zhuǎn)化為周長和角的關(guān)系．三、解答題：共70分.解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟.第17～21題為必考題，每個試題考生都必須作答.第22，23題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題：共60分.17.在數(shù)列中，，．（1）設(shè)，求數(shù)列的通項公式；（2）設(shè)，且數(shù)列的前項和為．若，求正整數(shù)的值．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）依題意可得，利用累加法求出數(shù)列的通項公式；（2）由（1）可得，即可得到，利用裂項相消法求出，即可得到方程，解得即可.〖小問1詳析〗解：因為，，且，所以，當(dāng)時，當(dāng)時，又時也符合上式，所以.〖小問2詳析〗解：由（1）可知，所以，所以，所以，則，解得.18.某出租車公司為推動駕駛員服務(wù)意識和服務(wù)水平大提升，對出租車駕駛員從駕駛技術(shù)和服務(wù)水平兩個方面進(jìn)行了考核，并從中隨機抽取了100名駕駛員，這100名駕駛員的駕駛技術(shù)與性別的2×2列聯(lián)表和服務(wù)水平評分的頻率分布直方圖如下，已知所有駕駛員的服務(wù)水平評分均在區(qū)間內(nèi)．駕駛技術(shù)優(yōu)秀非優(yōu)秀男2545女525

（1）判斷能否有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)；（2）從服務(wù)水平評分在，內(nèi)的駕駛員中用分層抽樣的方法抽取5人，再從這5人中隨機抽取3人，求這3人中恰有2人的評分在內(nèi)的概率．附：，其中．0.100.0500.0102.7063.8416.635〖答案〗（1）沒有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)，理由見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）計算出卡方，與3.841比較后得到相應(yīng)結(jié)論；（2）先根據(jù)頻率之和為1得到，從而得到評分在，內(nèi)的駕駛員人數(shù)比例，及兩個區(qū)間各抽取的人數(shù)，利用列舉法求出概率.〖小問1詳析〗，沒有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)；〖小問2詳析〗，解得：，故服務(wù)水平評分在，內(nèi)的駕駛員人數(shù)比例為，故用分層抽樣的方法抽取5人中，內(nèi)有4人，設(shè)為，內(nèi)有1人，設(shè)為，再從這5人中隨機抽取3人，共有以下情況：，共10種情況，其中這3人中恰有2人的評分在的有，6種情況，故這3人中恰有2人的評分在內(nèi)的概率為．19.在如圖所示的六面體中，平面平面，，，．（1）求證：平面；（2）若AC，BC，兩兩互相垂直，，，求點A到平面的距離．〖答案〗（1）證明見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）取的中點，的中點，連，，，利用面面平行的性質(zhì)定理推出，再利用線面平行的判定定理可證結(jié)論成立；（2）以為原點，所在直線分別為軸建立空間直角坐標(biāo)系，根據(jù)點到面的距離的向量公式可求出結(jié)果.〖小問1詳析〗取的中點，的中點，連，，，在六面體中，因為平面平面，平面平面，平面平面，所以，同理可得，因為分別是，的中點，且，，所以，，，，所以四邊形是平行四邊形，四邊形是平行四邊形，所以，，又已知，所以，則共面，因平面平面，平面平面，平面平面，所以，又分別是，的中點，，所以，因為平面，平面，所以平面；〖小問2詳析〗因為AC，BC，兩兩互相垂直，所以以為原點，所在直線分別為軸建立空間直角坐標(biāo)系：則，，設(shè)，則，，，，，設(shè)平面的一個法向量為，則，則，取，則，，所以點A到平面的距離為.20.已知函數(shù)．（1）若，求單調(diào)區(qū)間；（2）若關(guān)于x的不等式在上恒成立，求實數(shù)a的取值范圍．〖答案〗（1）單調(diào)遞增區(qū)間為和，單調(diào)遞減區(qū)間為；（2）.〖解析〗〖祥解〗（1）求導(dǎo)后，解不等式可得增區(qū)間，解不等式可得減區(qū)間；（2）先由時不等式成立，得，再將不等式化為，構(gòu)造函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求出其最小值，代入可解得結(jié)果.〖小問1詳析〗，，令，得或，令，得或，令，得，所以函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為和，單調(diào)遞減區(qū)間為.〖小問2詳析〗關(guān)于x的不等式在上恒成立，即在上恒成立，當(dāng)時，得，即，令，，因為，所以，設(shè)，則，令，得,令，得，所以在上為減函數(shù)，在上為增函數(shù)，所以，即，所以，所以在上為增函數(shù)，所以，即.21.已知橢圓的離心率為，點在短軸上，且．（1）求的方程；（2）若直線與交于兩點，求（點為坐標(biāo)原點）面積的最大值．〖答案〗（1）；（2）.〖解析〗〖祥解〗（1）由題知，，進(jìn)而根據(jù)向量數(shù)量積的坐標(biāo)運算得，再根據(jù)即可求得，進(jìn)而得〖答案〗；（2）設(shè)，進(jìn)而聯(lián)立直線與橢圓方程，結(jié)合韋達(dá)定理，弦長公式得，再求得原點到直線的距離即可計算的面積，再根據(jù)基本不等式求解即可.〖小問1詳析〗解：因為橢圓的離心率為，所以，即，因為點在短軸上，且，所以，，解得，因為，所以，，所以，的方程為；〖小問2詳析〗解：設(shè)聯(lián)立方程得，所以，即，所以，所以，，因為原點到直線的距離為，所以，，當(dāng)且僅當(dāng)，即時等號成立，所以，（點為坐標(biāo)原點）面積的最大值為.（二）選考題：共10分.請考生在第22，23題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分.〖選修4-4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程〗22.在直角坐標(biāo)系xOy中，已知點，直線l的參數(shù)方程是（t為參數(shù)），以坐標(biāo)原點O為極點，x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線C的極坐標(biāo)方程是．（1）求l的普通方程與曲線C的直角坐標(biāo)方程；（2）設(shè)l與C相交于點A，B，求的值．〖答案〗（1）直線的普通方程為，;（2）〖解析〗〖祥解〗（1）根據(jù)參數(shù)方程轉(zhuǎn)化為普通方程，極坐標(biāo)方程轉(zhuǎn)化為直角坐標(biāo)方程的方法求得正確〖答案〗.（2）利用直線參數(shù)的幾何意義求得正確〖答案〗.〖小問1詳析〗由得，兩式相減得，所以直線的普通方程為.由，得，即，即，所以曲線的直角坐標(biāo)方程為.〖小問2詳析〗由于，所以在圓外，將代入，化簡得，，所以，均為負(fù)數(shù)，所以.〖選修4-5：不等式選講〗23.已知正實數(shù)，，滿足，（1）證明：；（2）求最小值．〖答案〗（1）證明見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）利用基本不等式證明即可；（2）利用柯西不等式計算可得.〖小問1詳析〗證明：因為，，為正實數(shù)且滿足，所以，當(dāng)且僅當(dāng)，即，，時取等號，所以.〖小問2詳析〗解：由柯西不等式可知，當(dāng)且僅當(dāng)，，時等號成立，所以的最小值為.高考模擬試題PAGEPAGE1焦作市普通高中2022-2023學(xué)年高三第一次模擬考試文科數(shù)學(xué)考生注意：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置.2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑.如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號.回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上.寫在本試卷上無效.3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回.一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1.已知集合，，那么（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由集合并集的定義即可得到結(jié)果.〖詳析〗因為，，所以.故選：A.2.已知復(fù)數(shù)，則（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)復(fù)數(shù)的除法運算求得復(fù)數(shù)z，可得其共軛復(fù)數(shù)，根據(jù)模的計算可得〖答案〗.〖詳析〗復(fù)數(shù)，故，所以，故選：C3.某大型企業(yè)開發(fā)了一款新產(chǎn)品，投放市場后供不應(yīng)求，為了達(dá)到產(chǎn)量最大化，決定增加生產(chǎn)線．經(jīng)過一段時間的生產(chǎn)，統(tǒng)計得該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線條數(shù)與月產(chǎn)量（件）之間的統(tǒng)計數(shù)據(jù)如下表：4681030406070由數(shù)據(jù)可知，線性相關(guān)，且滿足回歸直線方程，則當(dāng)該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線為12條時，預(yù)計月產(chǎn)量為（）A.73件 B.79件 C.85件 D.90件〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗根據(jù)所給數(shù)據(jù)求出樣本中心點，再代入回歸直線方程，即可求出參數(shù)的值，從而得到回歸直線方程，最后將代入計算可得.〖詳析〗解：依題意可得，，因為回歸直線方程必過樣本中心點，即，解得，所以，當(dāng)時，故當(dāng)該款新產(chǎn)品的生產(chǎn)線為12條時，預(yù)計月產(chǎn)量為85件.故選：C4.若實數(shù)x，y滿足約束條件則的最大值為（）A.1 B.2 C.6 D.7〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)不等式組作出可行域，結(jié)合直線縱截距的幾何意義求解.〖詳析〗作出可行域如下，

由可得，結(jié)合的幾何意義可知，當(dāng)直線經(jīng)過點時，縱截距有最大值，最大值為，故選:D.5.函數(shù)的大致圖象為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗〖祥解〗利用奇偶性排除A，利用特殊值和圖象變化趨勢排除B,D.〖詳析〗由題意知函數(shù)的定義域為，因為，所以為奇函數(shù)，故排除A；因為，所以排除B；因為，所以排除D；故選：C.6.設(shè)，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)同角三角函數(shù)的基本關(guān)系得到，再根據(jù)兩角和的余弦公式及誘導(dǎo)公式得到，再根據(jù)、的范圍判斷即可.〖詳析〗解：因為，所以，即，即，即，因為，所以，所以，即.故選：D7.已知圓柱的下底面圓的內(nèi)接正三角形ABC的邊長為6，P為圓柱上底面圓上任意—點，若三棱錐的體積為，則圓柱的外接球的表面積為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗求出底面內(nèi)接正三角形外接圓的半徑及的面積，設(shè)圓柱的母線長為，根據(jù)圓錐的體積公式求出，則圓柱外接球的半徑，即可求出外接球的表面積.〖詳析〗解：如圖，因為是邊長為的正三角形，則其外接圓的半徑，解得，又，設(shè)圓柱母線長為，則，解得，所以圓柱的外接球的半徑，所以外接球的表面積為.故選：B8.在直三棱柱中，，且，若直線與側(cè)面所成的角為，則異面直線與所成的角的正弦值為（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗建立空間直角坐標(biāo)系，設(shè)，利用線面角的向量求法求出的值，再求異面直線所成角即可.〖詳析〗因為直三棱柱，所以底面，又因為，所以兩兩垂直，以為軸建立如圖所示坐標(biāo)系，設(shè)，則，，，，所以，，，設(shè)平面的法向量，則，解得，所以直線與側(cè)面所成的角的正弦值，解得，所以，，設(shè)異面直線與所成的角為，則，所以異面直線與所成的角的正弦值為.故選：D9.已知函數(shù)在上單調(diào)，則a的取值范圍是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗〖祥解〗根據(jù)在上的單調(diào)性列不等式，由此求得的取值范圍.〖詳析〗的開口向下，對稱軸是直線，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，依題意可知，在上單調(diào)遞增，所以，解得，所以的取值范圍是.故選：D10.以拋物線的焦點F為端點的射線與C及C的準(zhǔn)線l分別交于A，B兩點，過B且平行于x軸的直線交C于點P，過A且平行于x軸的直線交l于點Q，且，則△PBF的周長為（）A.16 B.12 C.10 D.6〖答案〗B〖解析〗〖祥解〗因，則，準(zhǔn)線為.由，可得坐標(biāo)，直線AF方程，進(jìn)而可得B，P坐標(biāo)，后由兩點間距離公式及拋物線定義可得〖答案〗.〖詳析〗因，則，準(zhǔn)線為.由，如圖，設(shè)，則，得，則.得直線AF方程：，代入，得，將代入，可得.則周長，則.故.故選：B11.已知雙曲線的左、右焦點分為，，左、右頂點分別為，，點M，N在y軸上，且滿足（O為坐標(biāo)原點）．直線，與C的左、右支分別交于另外兩點P，Q，若四邊形為矩形，且P，N，三點共線，則C的離心率為（）A.3 B.2 C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由四邊形為矩形，可得，，設(shè)，則，由P，N，三點共線，可得，由P，M，三點共線，可得，即可得，從而得〖答案〗.〖詳析〗解：如圖所示：，由，則有，設(shè)，則，由，可得，取，同理可得，又因為，P，N，三點共線，所以，，所以，所以，P，M，三點共線，所以，，所以，所以，又因為，所以，即有，所以，所以.故選：A.12.已知實數(shù)a，b，c滿足，且，則（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗〖祥解〗由題意可得，，，構(gòu)造函數(shù)，再利用導(dǎo)數(shù)求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，作出函數(shù)的大致圖象，結(jié)合圖象即可得出〖答案〗.〖詳析〗解：因為，所以，因為，所以，因為，所以，因為，所以，令，則，當(dāng)時，，當(dāng)時，，所以函數(shù)在上遞減，在上遞增，所以，又當(dāng)時，，當(dāng)，，由此作出函數(shù)的大致圖象如圖所示，因為且，則由圖可知，所以.故選：A.二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分.13.已知正六邊形ABCDEF的邊長為2，則_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗根據(jù)正六邊形的幾何性質(zhì)，求出向量的模長以及夾角，利用平面向量的定義式，可得〖答案〗.〖詳析〗由題意，作圖如下：在正六邊形中，易知，，，，則與的夾角為，即，在中，，.故〖答案〗為：.14.已知圓，的圓心都在坐標(biāo)原點，半徑分別為與．若圓的圓心在軸正半軸上，且與圓，均內(nèi)切，則圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗依題意求出圓心的橫坐標(biāo)與半徑，即可得解.〖詳析〗解：依題意可知圓心的橫坐標(biāo)為，半徑為，故圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為.故〖答案〗為：.15.已知為奇函數(shù)，若對任意，存在，滿足，則實數(shù)的取值范圍是_________．〖答案〗〖解析〗〖祥解〗根據(jù)函數(shù)的奇偶性求得，再根據(jù)題意推得的關(guān)系式，結(jié)合的范圍，即可求得〖答案〗.〖詳析〗因為為奇函數(shù)，故，即，由于,故，則，由于，故，所以，由，可得，即或，對任意，存在，滿足，故，則，，k取負(fù)值，則只能，此時，或，則，則,綜合可得或，即實數(shù)的取值范圍是，故〖答案〗為：16.如圖，已知AB為圓O的直徑，，，則六邊形AECBDF的周長的最大值為______．〖答案〗12〖解析〗〖祥解〗連接，，，設(shè)，，，先證明，再求得，，則六邊形AECBDF的周長為關(guān)于的函數(shù)，進(jìn)而求得最值即可．〖詳析〗連接，，，由，則，設(shè)，，，則，，又，得，，在直角中，由，則，，在中，由正弦定理有，即，得，所以六邊形AECBDF的周長為，故當(dāng)，即時，取得最大值，且最大值為12．所以六邊形AECBDF的周長的最大值為12．故〖答案〗為：12．〖『點石成金』〗關(guān)鍵點『點石成金』：本題的關(guān)鍵是將六邊形AECBDF的周長和邊的關(guān)系轉(zhuǎn)化為周長和角的關(guān)系．三、解答題：共70分.解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟.第17～21題為必考題，每個試題考生都必須作答.第22，23題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題：共60分.17.在數(shù)列中，，．（1）設(shè)，求數(shù)列的通項公式；（2）設(shè)，且數(shù)列的前項和為．若，求正整數(shù)的值．〖答案〗（1）（2）〖解析〗〖祥解〗（1）依題意可得，利用累加法求出數(shù)列的通項公式；（2）由（1）可得，即可得到，利用裂項相消法求出，即可得到方程，解得即可.〖小問1詳析〗解：因為，，且，所以，當(dāng)時，當(dāng)時，又時也符合上式，所以.〖小問2詳析〗解：由（1）可知，所以，所以，所以，則，解得.18.某出租車公司為推動駕駛員服務(wù)意識和服務(wù)水平大提升，對出租車駕駛員從駕駛技術(shù)和服務(wù)水平兩個方面進(jìn)行了考核，并從中隨機抽取了100名駕駛員，這100名駕駛員的駕駛技術(shù)與性別的2×2列聯(lián)表和服務(wù)水平評分的頻率分布直方圖如下，已知所有駕駛員的服務(wù)水平評分均在區(qū)間內(nèi)．駕駛技術(shù)優(yōu)秀非優(yōu)秀男2545女525

（1）判斷能否有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)；（2）從服務(wù)水平評分在，內(nèi)的駕駛員中用分層抽樣的方法抽取5人，再從這5人中隨機抽取3人，求這3人中恰有2人的評分在內(nèi)的概率．附：，其中．0.100.0500.0102.7063.8416.635〖答案〗（1）沒有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)，理由見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）計算出卡方，與3.841比較后得到相應(yīng)結(jié)論；（2）先根據(jù)頻率之和為1得到，從而得到評分在，內(nèi)的駕駛員人數(shù)比例，及兩個區(qū)間各抽取的人數(shù)，利用列舉法求出概率.〖小問1詳析〗，沒有95%的把握認(rèn)為駕駛員的駕駛技術(shù)是否優(yōu)秀與性別有關(guān)；〖小問2詳析〗，解得：，故服務(wù)水平評分在，內(nèi)的駕駛員人數(shù)比例為，故用分層抽樣的方法抽取5人中，內(nèi)有4人，設(shè)為，內(nèi)有1人，設(shè)為，再從這5人中隨機抽取3人，共有以下情況：，共10種情況，其中這3人中恰有2人的評分在的有，6種情況，故這3人中恰有2人的評分在內(nèi)的概率為．19.在如圖所示的六面體中，平面平面，，，．（1）求證：平面；（2）若AC，BC，兩兩互相垂直，，，求點A到平面的距離．〖答案〗（1）證明見〖解析〗（2）〖解析〗〖祥解〗（1）取的中點，的中點，連，，，利用面面平行的性質(zhì)定理推出，再利用線面平行的判定定理可證結(jié)論成立；（2）以為原點，所在直線分別為軸建立空間直角坐標(biāo)系，根據(jù)點到面的距離的向量公式可求出結(jié)果.〖小問1詳析〗取的中點，的中點，連，，，在六面體中，因為平面平面，平面平面，平面平面，所以，同理可得，因為分別是，的中點，且，，所以，，，，所以四邊形是平行四邊形，四邊形是平行四邊形，所以，，又已知，所以，則共面，因平面平面，平面平面，平面平面，所以，又分別是，的中點，，所以，因為平面，平面，所以平面；〖小問2詳析〗因為AC，BC，兩兩互相垂直，所以以為原點，所在直線分別為軸建立空間直角坐標(biāo)系：則，，設(shè)，則，，，，，設(shè)平面的一個法向量為，則，則，取，則，，所以點A到平面的距離為.20.已知函數(shù)．（1）若，求單調(diào)區(qū)間；（2）若關(guān)于x的不等式在上