2025屆廣西桂林市、防城港市物理高二第一學期期中綜合測試試題含解析

2025屆廣西桂林市、防城港市物理高二第一學期期中綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于運動和力的關系，下列說法正確的是（）A．當物體所受合外力不變時，運動狀態(tài)一定不變B．當物體所受合外力為零時，速度大小一定不變C．當物體運動軌跡為直線時，所受合外力一定為零D．當物體速度為零時，所受合外力一定為零2、如圖是一個三輸入端復合門電路，當C端輸入“1”時，A、B端輸入為何時輸出端Y輸出“1”（）A．00 B．01 C．10 D．113、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，電壓表和電流表均為理想電表，當滑動變阻器的滑片p向左移動一小段距離后，下列說法正確的是：A．電壓表示數(shù)減小B．電流表示數(shù)增大C．R0的功率增大D．電源的功率減小4、在電場中的某點放一個檢驗電荷，其電荷量為q，受到的電場力為F，則該點的電場強度為，下列說法正確的是A．若移去檢驗電荷，則該點的電場強度為0B．若檢驗電荷的電荷量變?yōu)?q，則該點的場強變?yōu)?EC．若放置到該點的檢驗電荷變?yōu)椋?q，則場中該點的場強大小不變，但方向相反D．若放置到該點的檢驗電荷變?yōu)椋璹，則檢驗電荷受的電場力大小不變,但方向相反5、如圖所示，實線表示某靜電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面，1、2兩點間距離與3、4兩點間距離相等下列判斷正確的是A．2、3兩點的電勢相等B．1、3兩點的電場強度相等C．1、2兩點的電場強度相等D．1、2兩點的電勢差與3、4兩點的電勢差相等6、如圖所示，某電場中的一條電場線，一電子從a點由靜止釋放，它將沿電場線向b點運動，下列有關該電場的判斷正確的是()A．該電場一定是勻強電場B．場強Ea一定小于EbC．電子具有的電勢能Epa一定大于EpbD．電勢φa>φb二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，是測量液面高度h的電容式傳感器，在金屬線芯的外表面涂上一層絕緣物質，放入導電液體中，連在計算機上就可以知道h的變化情況，并實現(xiàn)自動控制，則下列說法中正確的是（）A．液面高度h變大，電容變大B．液面高度h變小，電容變大C．金屬線芯和導電液體構成電容器的兩個電極D．金屬線芯的兩側構成電容器的兩個電極8、一質量為m=6kg帶電量為q=-0.1C的小球P，自傾角θ=530的固定光滑斜面頂端由靜止開始滑下，斜面高h=6.0m，斜面底端通過一段光滑小圓弧與一光滑水平面相連。整個裝置處在水平向右的勻強電場中，場強E=200N/C，忽略小球在連接處的能量損失，當小球運動到水平面時，立即撤去電場。水平面上放一質量也為m靜止不動的圓槽Q,圓槽光滑且可沿水平面自由滑動，圓槽的半徑R=3m，如圖所示（已知sin53o=0.8，cos53o=0.6，g=10m/s2）則以下說法正確的是：A．由靜止釋放到滑到斜面底端，P球的電勢能增加了90JB．小球P運動到水平面時的速度大小為5m/sC．最終小球將沖出圓槽QD．最終小球不會沖出圓槽Q9、對于電源電動勢的理解，正確的是（）A．電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷從負極搬運到正極克服電場力所做的功B．電動勢就是電壓，大小等于電源沒有接入電路時正負極間的電壓C．電源內部，電流的方向是從高電勢一端流向低電勢一端D．電源的電動勢越大，則表征電源把其他形式的能量轉化成電能的本領越大10、如圖所示，電路中電源的電動勢為E，內阻為r，A為電壓表，內阻為10kΩ，B為靜電計，兩個電容器的電容分別為C1和C2，將電鍵S合上一段時間后，下列說法中正確的是（）A．若C1＞C2，則電壓表兩端的電勢差大于靜電計兩端的電勢差B．若將變阻器滑動觸頭P向右滑動，則電容器C2上帶電量增大C．C1上帶電量為零D．再將電鍵S打開，然后使電容器C2兩極板間距離增大，則靜電計張角也增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小明同學設計了如圖甲所示的電路測電源電動勢E及電阻R1和的阻值實驗器材有：待測電源不計內阻，待測電阻R1，待測電阻，電流表量程為0.6A，內阻不計，電阻箱，單刀單擲開關，單刀雙擲開關，導線若干．先測電阻R1的阻值閉合，將切換到a，調節(jié)電阻箱R1，讀出其示數(shù)和對應的電流表示數(shù)I，將切換到b，調節(jié)電阻箱R，使電流表示數(shù)仍為I，讀出此時電阻箱的示數(shù)則電阻的表達式為=_____．小明同學已經(jīng)測得電阻，繼續(xù)測電源電動勢E和電阻的阻值他的做法是：閉合，將切換到b，多次調節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應的電流表示數(shù)I，由測得的數(shù)據(jù)，繪出了如圖乙所示的圖線，則電源電動勢E=______V，電阻=_______Ω12．（12分）某同學用伏安法測量導體的電阻率，現(xiàn)有量程為3V、內阻約為3kΩ的電壓表和量程為0.6A、內阻約為0.1Ω的電流表。采用分壓電路接線，待測電阻絲Rx阻值約為5Ω。（1）圖甲是未完成的實物連線圖，圖中a為待測導體右端接線柱，b為電流表正極接線柱，c為滑動變阻器左上端接線柱，d為滑動變阻器左下端接線柱。則導線①應連接______（選填a或b）。導線②應連接______（選填c或d）。（2）正確接線后，實驗測得的數(shù)據(jù)如下表，請在圖乙中作出U-I圖線（______）U/V0.300.400.801.101.201.60I/A0.070.090.180.220.270.35（3）用作圖法求得Rx的阻值為______Ω（結果保留兩位有效數(shù)字）。（4）某次用螺旋測微器測金屬絲直徑，示數(shù)如圖丙所示，金屬絲的直徑d=______mm。測出金屬絲長度，則可求出該金屬絲的電阻率。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在水平向右的勻強電場中有一固定點O，用一根長度L=0.4m的絕緣細線把質量m=0.1kg、電量q=7.5×10-4C的帶正電小球懸掛在O點，小球靜止在B點時細線與豎直方向的夾角為θ=37°，現(xiàn)將小球拉至位置A使細線水平后由靜止釋放，（g取10m/s2sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）勻強電場的場強大小；（2）小球運動通過最低點C時的速度大小；（3）小球通過最低點C時細線對小球的拉力大小14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：⑴電路中的電流強度；⑵電動機的輸出功率；⑶電源的效率．15．（12分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m，兩極板間距離d=0.4cm,有一束相同微粒組成的帶電粒子流以相同的初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉移到下極板且均勻分布在下極板上。已知微粒質量m=1.0×10-6kg，電量q=+1.0×10-8C，電容器電容C=1.0×10-6F，若第一個粒子剛好落到下板中點O處，取g=10m/s1．試求：（1）則帶電粒子入射初速度的大??；（1）最終落到下極板上的微粒個數(shù)。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

當物體所受合外力不變時，即合力不為零，運動狀態(tài)一定變化，A錯誤；當物體所受合外力為零時，物體做勻速直線運動或者處于靜止狀態(tài)，即速度大小一定不變，B正確；當物體運動軌跡為直線時，只能說明合力與速度方向共線，但與合力大小無關，C錯誤；當物體速度為零時，所受合外力不一定為零，例如豎直上拋運動，在最高點速度為零，仍只受重力一個力，合力不為零，D錯誤2、D【解析】

“與”門輸出端Y輸出“1”，A、B端的“與”門輸出應為“1”，所以A、B端輸入為“1”“1”，D正確。故選D。3、D【解析】

當滑動變阻器的滑片P向左移動時，變阻器左側電阻減小，并聯(lián)部分電阻減小，右側電阻增大，外電路總電阻增大，整個閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律可判斷I減小，因電壓表示數(shù)，所以電壓表示數(shù)增大，故AB錯誤；R0與其并聯(lián)的滑動變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以R0兩端的電壓減小，根據(jù)，可知R0的功率減小，故C錯誤；因，干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，故D正確．所以D正確，ABC錯誤．4、D【解析】A、由題，該點的電場強度，若移去檢驗電荷，由于電場強度由電場本身的性質決定，與檢驗電荷無關，故該點的電場強度大小與方向均不變，故ABC錯誤；

D、若放置到該點的檢驗電荷變?yōu)椋瑱z驗電荷所受的電場力為,由于場強不變，故檢驗電荷受到力大小不變，但是該電荷受到的電場力方向與場強方向相反，故選項D正確。點睛：電場強度是反映電場本身的力的性質的物理量，與試探電荷無關，在電場中同一點，電場強度是確定不變的。5、A【解析】

由題目可得，2與3處于同一條等勢線上，所以2與3兩點的電勢相等，A正確；電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與3比較，它們的電場強度的大小不相同，方向不同，B錯誤；電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與2比較，它們的電場強度的大小不相同，方向相同，C錯誤；根據(jù)，由于1、2兩點的電場線比3、4兩點間的電場線密集，故在12兩點間電場力做功多，故12兩點間電勢差大，D錯誤．【點睛】根據(jù)電場線的分布特點：從正電荷或無窮遠處出發(fā)到負電荷或無窮遠處終止，分析該點電荷的電性；電場線越密，場強越大．順著電場線，電勢降低．利用這些知識進行判斷．6、C【解析】

AB．因電子由靜止釋放，且由a向b運動，則電子所受的電場力一定是由a指向b，因為電子帶負電荷，所受的電場力方向與場強方向相反，說明電場線的方向一定是由b指向a。由于不知負電荷由a運動到b的過程中電場力的變化情況，因此無法確定場強大小關系，故A錯誤，B錯誤；C．由題意知，電場力對電子做正功，電勢能減小，所以電子具有的電勢能EPa一定大于EPb，故C正確；D．由分析可知電場方向由b指向a，而沿著電場線方向電勢降低，所以電勢φa一定低于φb，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：金屬芯線與導電液體形成一個電容器，液面高度h變化相當于正對面積變化，根據(jù)電容的決定式C=分析電容的變化．解：A、當液面高度變大時，正對面積應增大，根據(jù)電容的決定式C=分析則知，液面高度h增大，故A正確，B錯誤．C、由題意可知，金屬芯線是一個整體的導體，它通過絕緣物質和外部導電液體之間形成兩個電極；故C正確，D錯誤；故選AC．【點評】本題只要掌握電容的決定式C=，就能很容易分析電容與液面高度h的關系．8、AD【解析】

A．在整個過程中，電場力對P球做負功為：則△E=-W=90J選項A正確；

B．根據(jù)動能定理得：代入數(shù)據(jù)可得：選項B錯誤；

CD．設當兩者速度相等時，小球上升的高度為H，根據(jù)水平方向動量守恒得：mv=2mv′代入數(shù)據(jù)：根據(jù)機械能守恒得：代入已知數(shù)據(jù)得：H=2.25m＜R所以小球沒有沖出圓槽，選項C錯誤，D正確。9、AD【解析】根據(jù)電動勢的定義U=Wq可知電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷從負極搬運到正極克服電場力所做的功，電源的電動勢越大，則表征電源把其他形式的能量轉化成電能的本領越大，AD正確；電動勢和電壓不是同一個概念，電源沒有接入外電路時兩極間的電壓等于電源電動勢，B錯誤；電源內部，電流是從負極（低電勢端）流向正極（高電勢端），C10、CD【解析】

A．當電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，電容器相當于開關斷開，靜電計的兩個金屬接線柱并不相連，所以整個回路處于斷路狀態(tài)，電路中電流為零，電壓表兩端的電勢差為零；靜電計上的電勢差等于電源的電動勢，即為，則電壓表兩端的電勢差小于靜電計兩端的電勢差，故A錯誤；B．兩端電壓的電壓等于靜電計兩端的電勢差，等于電源電動勢，將變阻器滑動觸頭向右滑動，兩端電壓的電壓等于電源電動勢，兩端電壓的電壓不變，則所帶電荷量為：電容器上帶電量保持不變，故B錯誤；C．兩端的電勢差為零，故所帶電荷量為零，故C正確；D．將開關S斷開，電容器上帶電量不變，電容器兩極板間距離增大，根據(jù)可知電容變小，由公式分析可知，板間電壓增大，靜電計張角增大，故D正確；故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.51.0【解析】

由題意可知，要想測出的示數(shù)，應根據(jù)電流表及電阻箱的示數(shù)進行分析，由題意可知，若控制電流不變，則電路中的電阻不變，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律可得出電阻的表達式；故第二步中將切換到b，調節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為I；因電路中電流I相同，兩次測量時電路電阻相等，故根據(jù)閉合電路歐姆定律得，，解得，則斜率,截距,根據(jù)圖線可得,,即電源電動勢，．12、ad4.5~4.80.715~0.717【解析】

（1）[1][2]由題意可知，本實驗采用分壓接法，故導線②要與d接通；由于電流表內阻與待測電阻阻值接近，因此只能采用電流表外接法，以減小實驗誤差；故導線①應接a；（2）根據(jù)表中的數(shù)據(jù)作出的U-I圖如下圖所示：（3）[3]根據(jù)U-I圖象的斜率表示電阻，則有：Ω（4.5~4.8Ω）（4）[4]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：d=0.5mm+21.5×0.01mm=0.715mm(0.715~0.717mm)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）103N/C（2）m/s（3）1.5N【解析】

（1）小球在B點處于靜止狀態(tài)，對小球進行受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件得：mgtanθ=qE解得：（2）對小球，從A點運動到C點的過程中運用動能定理得：mgL﹣qEL=﹣0解得vC=m/s（3）在C點，小球受重力和細線的合力提供向心力，根據(jù)向心力公式得：T﹣mg=m解得：T=1.5N14、（1）2A（2）12W（3）90%【解析】解：（1）燈泡正常發(fā)光，電路流為：I=IL==A=2A；（2）電動機的額定工作電壓為：UM=E﹣I（R+r）﹣UL1=20﹣2×（4+1）﹣3=7V電動機的輸出功率為：P輸=U2I﹣I2r′=7×2﹣22×0.5=12W（3）電動機的電功率為：P電=UI=7×2W=14W；外電路總功率為：P外=P電+PL+I2R=14+6+22×4=36W電源的總功率為：P總=EI=20×2=40W；故電源的效率為：η=×100%=×100%=90%答：（1）電路中的電流強度為2A；（2）電動機的